2025年人教B版选修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教B版选修3物理下册月考试卷346考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、家用电热水器的安全性能在不断提高。有一种电热水器，当有热水流出时，电源开关自动断开；无热水流出时，电源开关自动闭合。这种功能体现了（）A.“或”逻辑关系B.“与”逻辑关系C.“非”逻辑关系D.“或非”逻辑关系2、下列说法正确的是（）A.气体吸收了热量，其温度一定升高B.第一类永动机不可能造成的原因是违反了能量守恒定律C.对于确定的液体和确定材质的毛细管，管的内径越细，毛细现象越不明显D.晶体均有规则的几何形状3、一定质量的理想气体，在温度保持不变的条件下，若气体体积减小，则（）A.气体的内能增大B.外界一定对气体做正功C.气体的压强可能不变D.气体压强与体积的乘积变小4、如图所示，a、b是用同种规格的铜丝做成的两个同心圆环，两环半径之比为3∶4，其中仅在a环所围区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场．当该匀强磁场的磁感应强度均匀增大时，a、b两环内的感应电动势大小和感应电流大小之比分别为（）

A.1∶1，3∶4B.1∶1，4∶3C.9∶16，3∶4D.9∶16，4∶35、α；β和γ射线穿透物质的能力是不同的；为把辐射强度减到一半所需铝板的厚度分别为0.0005cm、0.05cm和8cm．工业部门可以使用射线来测厚度．如图所示，轧钢厂的热轧机上可以安装射线测厚仪，仪器探测到的射线强度与钢板的厚度有关，轧出的钢板越厚，透过的射线越弱．因此，将射线测厚仪接收到的信号输入计算机，就可以对钢板的厚度进行自动控制．如果钢板的厚度需要控制为5cm，请推测测厚仪使用的射线是。

A.α射线B.β射线C.γ射线D.可见光评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、已知滑动变阻器接入电路的电阻与其接入电路的长度成正比。如图所示，电路中R3为滑动变阻器，R1、R2为定值电阻；A；V为理想电表，C为电容器，电路接稳恒电压U。当滑动变阻器的滑片P向下移动时，关于各物理量的变化，下列说法中正确的是。

A.电压表的示数变大B.电流表的示数变小C.电容器C两极板所带的电荷量增多D.R2消耗的功率变小7、如图所示，发电机的矩形线圈面积为S，匝数为N，绕轴在磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度匀速转动。从图示位置开始计时；下列判断正确的是（  ）

A.此时穿过线圈的磁通量为NBS，产生的电动势为零B.线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为C.P向下移动时，电流表示数变小D.P向下移动时，发电机的电功率增大8、分子动理论以及固体、液体的性质是热学的重要内容，下列说法正确的是（）E.两分子间的分子势能一定随距离的增大而增大A.用吸管将牛奶吸入口中是利用了毛细现象B.同温度的氧气和氢气，它们的分子平均动能相等C.荷叶上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用D.彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点9、一带正电粒子仅在电场力作用下做直线运动，从A点经B、C运动到D点，其v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是()

A.A处的电场强度小于B处的电场强度B.粒子在A处的电势能大于在B处的电势能C.C,D间各点电场强度和电势都为零D.A,B两点的电势差等于C,B两点间的电势差10、图所示，电源的电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，C为电容器，L为小灯泡，电表均为理想电表，闭合开关S后，若滑动变阻器的触头P向下滑动时，则()

A.小灯泡的功率增大B.电压表的示数增大C.电容器上的电荷量增加D.两表示数变化量的比值不变11、关于电磁波和机械波，下列说法正确的是（）A.电磁波和机械波的传播都需要借助于介质B.电磁波在任何介质中传播的速度都相同，而机械波的波速大小与介质密切相关C.电磁波和机械波都能产生干涉和衍射现象D.根据麦克斯韦的电磁场理论，变化的电场产生磁场12、如图所示，圆心为O、半径为r的圆形空间内，存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子质量为电荷量为从A点以一定的速度垂直磁场方向沿半径射入磁场中，并从C点射出，图中实线AC所示弧线为其运动轨迹．已知∠AOC=120°，磁感应强度为B,不计粒子所受的重力．关于粒子在磁场中的运动，下列说法中正确的是。

A.运动半径为rB.运动半径为C.运动时间为D.运动时间为13、如图所示，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框，在导线框右侧有一宽度为d(d＞L)的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动，t＝0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，并以此位置开始计时并作为导线框位移x的起点；随后导线框进入并通过磁场区域．下列图象中，可能正确描述上述过程的是。

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、如图所示，一轻质弹簧两端连着物体A、B，放在光滑的水平面上，若物体A被水平速度为v0的子弹射中，且后者嵌在物体A的中心，已知物体A的质量是物体B质量的子弹质量是物体B的弹簧被压缩到最短时，求物体A；B的速度。

15、上海科学中心创造的激光在秒内产生400焦能量，其平均功率为___________W；中心波长为米，对应的频率为___________赫兹。16、如图所示，在以O点为圆心、r为半径的圆形区域内，在磁感强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场，a、b、c为圆形磁场区域边界上的3点，其中∠aob=∠boc=600，一束质量为m，电量为e而速率不同的电子从a点沿ao方向射人磁场区域，其中从bc两点的弧形边界穿出磁场区的电子，其速率取值范围是______．17、高空作业须系安全带。如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带刚对人产生作用力前人下落的距离为h（可视为自由落体运动），重力加速度为g，设竖直向上为正方向，则此过程人的动量变化量为______。此后经历时间t安全带达到最大伸长量，若在此过程中安全带作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为_____。18、如图所示，电源输出电压U=10V，A、B两板间距离为2cm，C点离A板5mm，D点离B板4mm，则EC=______V/m，UC=______V，UD=______V．

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)19、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

20、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

21、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共10分)22、某同学设计了一个用打点计时器探究碰撞过程中不变量的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥；给小车A一定的初速度，使之做匀速直线运动，然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘成一体，继续做匀速直线运动。他设计的具体装置如图甲所示，在小车A后连着纸带，电磁打点计时器电源的频率为50Hz，长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力。

（1）若得到打点纸带如图乙所示，并已将测“得各”计数点间距离标在图上。A为运动起始的第一点，则应选________段来计算小车A碰前的速度，应选________段来计算小车A和小车B碰后的共同速度（以上两空选填“AB”、“BC”、“CD”或“DE”）。

（2）测得小车A的质量mA＝0.40kg，小车B的质量mB＝0.20kg，由以上测量结果可得：碰前mAvA＋mBvB＝________kg·m/s；碰后mAvA′＋mBvB′＝________kg·m/s。评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)23、在图甲所示的密闭气缸内装有一定质量的理想气体，图乙是它从状态A变化到状态B的V-T图像。已知AB的反向延长线过坐标原点O，气体在状态A时的压强为p=1.0×105Pa，在从状态A变化到状态B的过程中，气体从外界吸收的热量为Q=6.0×102J；求：

（1）气体在状态B时的体积VB。

（2）此过程中气体内能的增加量ΔU。

24、小明选修课选择的是“物理实验”；老师布置做一个简易的频闪光源。主要器材是一个由220V变换为12V正弦交流电的变压器和一个发白光的发光二极管（LED）。电路如图1所示。发光二极管的伏安特性曲线（正向部分）如图2所示。如果要求通过发光二极管的最大电流为40.0mA。

（1）与LED串联的定值电阻R0阻值应为多少？

（2）当电流大于1mA时，该LED发光明显，可以将该值作为LED发光的临界点。则该LED的发光时间占总工作时间的百分之几？25、如图所示，竖直平面内的四分之一圆弧轨道下端与水平桌面相切，小滑块A静止在圆弧轨道的最低点．小滑块B在A的右侧l=3.0m处以初速度v0=5.0m/s向左运动，B与A碰撞后结合为一个整体，并沿圆弧轨道向上滑动．已知圆弧轨道光滑，且足够长；A和B的质量相等；B与桌面之间的动摩擦因数=0.15．取重力加速度g=10m/s2．求：

（1）碰撞前瞬间B的速度大小v；

（2）碰撞后瞬间A和B整体的速度大小v；

（3）A和B整体在圆弧轨道上所能到达的最大高度h．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

当一件事情的发生是以其相反条件为依据时；这种逻辑关系为“非”逻辑关系。

故选C。2、B【分析】【详解】

A．气体吸收了热量；可能同时对外做功，气体的温度不一定升高，故A错误；

B．第一类永动机不可能造成的原因是违反了能量守恒定律；故B正确；

C．对于确定的液体和确定材质的毛细管；管的内径越细，毛细现象越明显，故C错误；

D．单晶体有规则的几何形状；多晶体没有规则的几何形状，故D错误。

故选B。3、B【分析】【详解】

A．一定质量的理想气体；当温度保持不变时，气体内能不变，A错误；

B．由于气体体积减小；外界一定对气体做了正功，B正确；

CD．在温度保持不变时，根据玻意耳定律恒量

当体积减小时；压强一定增大，CD错误。

故选B。4、B【分析】【详解】

由法拉第电磁感应定律得

因相同，则得到

根据电阻定律：线圈的电阻为

则ρ、有效面积s、n相同，两线圈电阻之比ra：rb=Ra：Rb=3：4

线圈中感应电流为

由上综合得到IA：IB=4：3

故选B。5、C【分析】【详解】

根据三种射线的穿透能力，α射线的穿透能力最弱，一张纸就可以把它挡住．γ射线穿透力最强，需要适当厚度的混凝土或铅板才能有效地阻挡．β射线的穿透能力介于α射线和γ射线之间，能穿透普通的纸张，但无法穿透铝板．因钢板的厚度需要控制为5cm，推测测厚仪使用的射线是γ射线；故选C；二、多选题(共8题，共16分)6、A:D【分析】A、由题图可知，电压表与R1并联，电流表与R3串联后再与R2并联，两部分串联。在滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，总电流变大，R1两端的电压变大；电压表的示数变大，A正确；

B、并联部分的电压变小，即R2两端的电压变小，R2消耗的功率变小；电容器两端的电压变小，电容器放电，所带电荷量减少；通过R2的电流变小；总电流变大，所以通过电流表的电流变大，故BC错误，D正确。

点睛：本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析。7、B:D【分析】【详解】

A．此时线圈平面与磁场垂直，磁通量最大，磁通量是BS；变化率为零，即感应电动势为零，故A错误；

B．过程中产生的感应电动势最大值为

故表达式为

故B正确；

CD．P向下移动时，副线圈匝数增大，根据

可得副线圈的输入电压增大，即电流表示数增大，根据

可得副线圈消耗的电功率增大；而副线圈消耗的电功率决定发电机的功率，所以发电机的功率增大，故D正确C错误。

故选BD。8、B:C:D【分析】【详解】

用塑料细管将牛奶吸入口中利用了大气压，不是毛细现象，故A错误；温度是分子平均动能的标志，相同温度下所有分子的平均动能均相同，故B正确；液体表面的分子分布比液体内部分子的分布要稀疏，故存在液体的表面张力，草叶上的露珠呈球形是由于液体表面张力的作用，故C正确；液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似具有各向异性，彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，故D正确；当分子表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大，当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而减小，故E错误；故选BCD。9、B:D【分析】【分析】

从图象可以看出；粒子做的是非匀变速直线运动，可得出受到的电场力不恒定，由带正电的粒子仅在电场力作用，有图线斜率代表加速度，有牛顿第二定律得知电场力的大小关系，从而得到电场强度的大小关系．由运动过程中，动能增加，势能减少，所以可判断出粒子在AB两点的电势能大小，有电场力做功的公式可得AB两点间的电势差与CB两点间的电势差的大小关系．

【详解】

A项：由运动的速度--时间图象可看出；带正电的粒子的加速度在A点时较大，由牛顿第二定律得知在A点的电场力大，故A点的电场强度一定大于B点的电场强度，故A错误；

B项：由A到B的过程中；速度变大了，说明是电场力做正功，电势能转化为动能，由功能关系可知，此过程中电势能减少，正电荷在A点是电势能大于在B时的电势能，所以粒子在A点的电势能高于B点的电势能，故B正确；

C项：从C到D；粒子速度一直不变，故电场力做功为零，可知CD间各点电场强度为零，但电势不一定为零，故C错误；

D项：A；C两点的速度相等；故粒子的动能相同，因此从A到B和从B到C电场力做功的绝对值相同，AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差，故D正确．

故选BD．

【点睛】

本题考查到了电场力做功的计算和电场力做功与电势能的关系，其关系为：电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少；电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．还考查了对于匀变速直线运动的图象分析电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似．10、A:B:D【分析】【分析】

分析电路结构，当滑动变阻器的触头P向下滑动时，电阻R2减小；分析电路中总电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可分析电路中电流及电压的变化，从而判断电容器电量的变化．根据欧姆定律分析两表示数变化量的比值．

【详解】

由图可知,L和R2串联后和C并联，再与R1串联；电容器在电路稳定时相当于断路；

A.当滑动变阻器的触头P向下滑动时，电阻R2减小；电路的总电阻减小，总电流I增大，流过小灯泡的电流增大，则小灯泡的功率增大，故A正确；

B.由欧姆定律知；电压表的示数增大，故B正确；

C.电容器板间电压UC=E−I(R1+r)，I增大，则UC减小；电容器上的电荷量减少，故C错误；

D.|△U/△I|=R1；保持不变，故D正确．

故选ABD11、C:D【分析】【详解】

A.机械波的传播需要借助于介质；但电磁波的传播不需要借助介质，选项A不合题意.

B.电磁波和机械波的传播速度都与介质有关；选项B不合题意.

C.电磁波和机械波都能产生干涉和衍射现象；选项C符合题意.

D.根据麦克斯韦的电磁场理论，变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场；选项D符合题意．12、B:D【分析】【分析】

带电粒子在磁场中做匀速圆周运动；由几何关系可求出圆心角和半径，则可求得粒子转过的弧长，由线速度的定义可求得运动的时间．

【详解】

由几何关系可知粒子运动半径为故A错误，B正确；由洛伦兹力提供向心力得解得解得粒子在磁场中转过的角度为600，则运动时间为故D正确，C错误；故选BD．13、B:D【分析】【详解】

线圈以一定初速度进入磁场，则感应电动势为：E=BLv，闭合电路欧姆定律，则感应电流为：安培力为：由牛顿第二定律为：F=ma，则有：由于v减小，所以a也减小，当完全进入磁场后，不受到安培力，所以做匀速直线运动，当出磁场时，速度与时间的关系与进入磁场相似．而速度与时间的斜率表示加速度的大小，因此B正确，A错误；线圈进入磁场时，设某时刻进入磁场的距离为x，此时线圈的速度为v，则由动量定理：其中则同样当完全进入磁场后，不受到安培力，所以做匀速直线运动，当出磁场时，速度v与位移x的关系与进入磁场相似，则选项D正确，C错误．三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

设B的质量为m，则A的质量是子弹质量是子弹和A、B木块组成的系统动量守恒，有

解得【解析】15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据功率的定义式可得。

[2]由公式可得。

【解析】16、略

【分析】电子运动轨迹如图所示，由几何知识可知，电子轨道半径：电子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得解得将轨道半径代入解得，速度范围是

【解析】17、略

【分析】【详解】

下落距离时的速度为：所以动量变化为：

对自由落体运动，有：解得：规定向下为正方向，对运动的全程，根据动量定理，有：解得：．【解析】18、略

【分析】【详解】

[1]根据串联电路特点，可知电容器两板间的电压

由

[2][3]根据U=Ed

可得UBC=250×0.015V=3.75V

UBD=250×0.004V=1V

因为φB=0

再根据UBC=φB-φC

可得φC=0-3.75V=-3.75V

又有UBD=φB-φD

可得φD=-1V【解析】250-3.75-1四、作图题(共3题，共21分)19、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】20、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共1题，共10分)22、略

【分析】【分析】

【