2025年沪科版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版必修3物理上册阶段测试试卷726考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、位于水平面的一个圆上有等间距的三个点A、B、C，每个点上放一个带正电的点电荷，这三个点电荷的带电荷量相同，如图所示。设每个点电荷单独在圆心产生的电场的场强大小为电势为则关于圆上正北点处的电场场强大小E、电势的说法正确的是（）

A.B.C.D.2、如图所示，真空中固定于A、B两点的点电荷Q1＝＋2.0×10－6C、Q2＝-2.0×10－6C，AB之间的距离L为2.0m，MN为AB的中垂线，P点距离A、B的距离也为2.0m，已知静电力常量k＝9.0×109N·m2/C2；则。

A.两点电荷间的库仑力大小为1.8×10－2NB.P点场强的方向沿沿y轴正向C.若P点放置q＝＋2.0×10－6C的电荷，该电荷受到的电场力为9.0×10－3ND.若P点放置q＝＋2.0×10－6C的电荷，该电荷受到的电场力为9×10－3N3、如图所示，在x轴相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、-Q，虚线是以+Q所在点为圆心、为半径的圆，a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点在x轴上，b、d两点关于x轴对称。下列判断正确的是（）

A.b、d两点处的电势相同B.四点中a点处的电势最低C.b、d两点处电场强度相同D.将一试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，+q的电势能增大4、对于一给定的电容器，在如下图所示中，描述电容C、带电荷量Q、电压U之间的相互关系的图线中正确的是（）A.B.C.D.5、如图所示的电路中；电源电压保持不变。下列关于电路故障的判断，正确的是（）

A.若断路，电流表示数变小，电压表示数变小B.若断路，电流表示数变小，电压表示数变大C.若断路，电流表示数为零，电压表示数变小D.若短路，电流表示数变小，电压表示数变大评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、关于多用电表，下列叙述正确的是（）A.用多用电表测电阻时，每测量一次电阻都要重新进行欧姆调零B.用多用电表测电阻时，若指针偏转较小，应换用更大倍率C.用多用电表测电压或电流时，红表笔接触点的电势高于黑表笔接触点的电势D.用多用电表测电阻时，红表笔接触点的电势高于黑表笔接触点的电势7、如图所示，用长为L的绝缘细线拴住一只质量为m、带电荷量为q的小球，线的另一端拴在O点，整体处于水平向右的匀强电场中。开始时把小球、线拉到和O在同一水平面上的A点（线拉直）让小球由静止开始释放，当摆线摆到与水平线成60°角到达B点时，球的速度恰好为零，重力加速度为g。空气阻力忽略不计；以下说法中正确的是（）

A.B、A两点之间的电势差为B.匀强电场的场强为C.小球运动到B点时细线上的拉力大小为mgD.小球到达B点以后恰好能保持静止8、取一对用绝缘柱支持的导体A和B；使它们彼此接触。起初它们不带电，贴在下部的两片金属箔是闭合的，如图所示。手握绝缘棒，把带正电荷的带电体C移近导体A。下列对实验现象的描述正确的是（）

A.带电体C移近导体A时，两边的金属箔都张开B.保持C不动，先把导体A和B分开，然后移开C，张开的金属箔都合拢C.保持A和B接触，C不动，若用手触碰导体A的左端，则导体A下方的金属箔合拢D.保持A和B接触，C不动，若用手触碰导体B的右端，则导体B下方的金属箔合拢9、如图，长方体左右两个正方形平面的中心固定两个等量同种正电荷A和B，AB连线中点为O。长方体的四条边的中点有a、b、c、d四个点。下列说法正确的是（）

A.a、b、c、d电势均相同B.a、b、c、d场强均相同C.电子从a沿ao方向移动到c，电势能先减少后增加D.abcd组成的平面是等势面10、如图所示，在正三棱锥的顶点O处固定一负点电荷，分别是三条棱的中点。则下列说法正确的是（）

A.所在平面为等势面B.点的电场强度大小是A点的4倍，且方向相同C.将一正的试探电荷从点沿直线移到再沿直线移到静电力做功为0D.若点电势为则B点电势为11、如图所示，平行板电容器两极板与直流电源理想二极管（正向电阻为零可以视为短路，反向电阻无穷大可以视为断路）连接，电源负极接地。初始时电容器不带电，闭合开关稳定后，一带电油滴在电容器中的点处于静止状态。下列说法正确的是（）

A.将极板向下平移后，油滴在点的电势能增大B.将极板向上平移后，油滴在点的电势能增大C.将极板向上平移后，带电油滴静止不动D.将极板向下平移后，极板的电势降低12、如图，光滑绝缘水平地面上有一水平绝缘轻弹簧左端固定，右端与一质量为m、电荷量为的滑块P（可视作质点）拴接，沿水平方向建立x轴，沿x轴加一水平方向电场（图中未画出），x轴上的电势随位置x的变化关系如图所示。滑块从弹簧原长处静止释放（未超出弹性限度），沿x轴正方向运动直至速度为零的过程中（）

A.电场的电势越来越低，电场强度越来越小B.滑块的加速度先增大后减小C.当滑块的速度最大时，弹簧弹性势能与滑块动能之和最大D.滑块克服弹力做的功等于电势能的减少量13、两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a点进入电场；其运动轨迹为图中实线所示，若粒子只受静电力作用，则下列关于带电粒子的判断正确的是（）

A.带负电B.速度先增大后减小C.经过a点的加速度大于经过c点时的加速度D.经过b点和d点时的速度大小相同14、如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t＝0时；在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是()

A.带电粒子将始终向同一个方向运动B.2s末带电粒子回到原出发点C.3s末带电粒子的速度为零D.0～3s内，电场力做的总功为零评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图所示为一个玩具汽车上的控制电路，小明对其进行测量和研究发现：电动机的线圈电阻为保护电阻为当闭合开关后，两电压表的示数分别为和则电路中的电流为___________电动机的功率为__________

16、长波的波长范围为3000～30000m，短波的波长范围为10～50m，则长波的频率范围是________，短波的频率范围是________。17、在如图乙所示的电路中，电源电动势内阻定值电阻电压表为理想电表。闭合开关通过电阻的电流________电压表示数________电阻消耗的功率________

18、有三根长度为l=1.00m的不可伸长的绝缘轻线，其中两根的一端固定在天花板上的O点，另一端分别拴有质量皆为m=1.00×10－2kg的带电小球A和B，它们的电量分别为－q和+q（A带负电，B带正电），q=1.00×10－7C。A、B之间用第三根线连接起来。空间中存在大小为E=1.00×106N/C的匀强电场，场强方向沿水平向右，平衡时A、B球的位置如图所示。现将O、B之间的线烧断，由于空气阻力，A、B球最后会达到新的平衡位置。求最后两球的机械能与电势能的总和与烧断前相比减少了___________J。（不计两带电小球间相互作用的静电力）（=1.4，=1.7）

19、某电热器的工作原理如图所示。是两个发热电阻，该电热器有高低两个档位，该电热器处于高温档时的功率是低温档的______倍。小明想在电路中加一个“防倾倒开关”，以保证电热器被碰倒后能自动断开电路，以免引起火灾。该开关最好安装在图中四点中的______点。

评卷人得分四、作图题(共2题，共20分)20、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

21、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)22、为测量某导体的电阻小明进行了如下实验步骤：

（1）用多用电表粗测其电阻，他选择倍率，用正确的操作方法测量时，发现多用电表指针向右偏转角度较大。应将选择开关旋至欧姆挡__________（选填“”或“”）；

（2）按正确步骤测量时，指针指在图示位置，的略粗测量值为__________

（3）小明在实验室用下列器材进行准确测量：

电压表V（量程内电阻约）

电流表（量程内电阻为）

电流表（量程内电阻为）

滑动变阻器（最大阻值为额定电流为）

滑动变阻器（最大阻值为额定电流为）

直流电源E（电动势为内电阻约为电键及导线若干。

为多测几组电流、电压值，故电流表应选用__________，滑动变阻器选用________（选填器材代号），利用选择的器材，请你在方框内画出实验电路图()。小明用该电路图某次测量得电压表、电流表示数分别为U、I则待测电阻准确值的表达式为_________。

23、某同学用图甲所示电路测量电源的电动势和内阻。

（1）图甲电路中定值电阻的作用为__________________。

（2）调节滑动变阻器；记录电压表与电流表示数，作电压电流图线如图乙中曲线①所示。通过检查，发现错把一非定值电阻连在了电路中。

（3）该同学测量了所用非定值电阻的伏安特性曲线如图乙中曲线②所示。

（4）由图乙中给出的数据可得电源的电动势为_________V，内阻为_________

（5）由图乙中给出的数据，若把该电阻直接串接在该电源上，其消耗的电功率为_________W，由于电表有内阻，则该功率测量值_________（填“偏大于”“偏小于”或“等于”）真实值。24、利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻。要求尽量减小实验误差。

（1）应该选择的实验电路是图1中的________________（选填“甲”或“乙”）。

（2）现有电流表（0~0.6A）；开关和导线若干；以及以下器材：

A.电压表（0~15V）B.电压表（0~3V）

C.滑动变阻器（0~50Ω）D.滑动变阻器（0~500Ω）

实验中电压表应选用_____________；滑动变阻器应选用_____________。（选填相应器材前的字母）

（3）某位同学记录的6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在图2的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出U-I图线__________。序号123456电压U（V）1.451.401.301.251.201.10电流I（A）0.0600.1200.2400.2600.3600.480

（4）根据（3）中所画图线可得出干电池的电动势E=____________V，内电阻r=__________Ω。

（5）为尽量减小实验误差，在你选择的实验电路图中，电动势和内电阻的测量值跟真实值相比，E测________E真，r测___________r真。（选填“大于”；“小于”、或“等于”）

（6）实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U及干电池的输出功率P都会发生变化。图3的各示意图中正确反映P-U关系的是________________。

评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)25、电荷周围存在电场，电场虽然看不见，但是它却是客观存在的，可以通过实验对它进行观察和研究。如图所示，是一个均匀带电球，把一个系在丝线上的带电量为质量为的试探小球先后依次挂在图中三个不同位置，调整丝线长度，使小球静止时的三个位置与带电球的球心处于同一水平线上，三处的丝线与竖直方向的夹角分别为且已知重力加速度为

(1)对带电小球静止于位置时的受力进行分析，画出受力示意图，并求小球所受电场力的大小

(2)根据电场强度的定义，推导带电球产生的电场在位置处的场强大小的表达式，并据此比较三个位置的电场强度的大小关系。

26、如图甲所示，两平行金属板a、b间距为d，在两板右侧装有荧光屏MN（绝缘），O为其中点。在两板a、b上加上如图乙所示的电压，电压最大值为U0。现有一束带正电的离子束（其比荷即电量与质量的比值为k），从两板左侧沿中线方向以初速度v0，连续不断地射入两板间的电场中，设所有离子均能打到荧光屏MN上，已知金属板长L=2v0t0；求：

(1)从t=0时刻进入电场的离子打到荧光屏MN上的位置。

(2)荧光屏上出现亮线的长度。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【详解】

由对称性知A、B两点电荷在正北点产生的场强大小都为则合场强

方向指向正北。若把C点电荷放在圆心处，则C点电荷在正北点产生的场强为方向指向正北，而C点电荷位于正南点时，在正北点处产生的场强沿正北方向，小于故三点电荷在正北点产生场强的矢量和小于大于另外，分析可知A、B两点电荷在正北点产生的电势均为二者共同产生的电势为若把C点电荷放在圆心处，则C点电荷在正北点产生的电势为而C点电荷位于正南点时，其在正北点处产生的电势应该小于故三点电荷在正北点产生的电势大于而小于

故选D。2、C【分析】【详解】

A．根据库仑定律，A、B两点电荷间的库仑力大小F＝k代入数据得F＝9.0×10－3N

A错误；

B．A、B两点电荷在P点产生的场强大小相等，均为E1＝kA、B两点电荷形成的电场在P点的合场强大小E＝2E1cos60°=4.5×103V/m

根据矢量合成的法则，方向为x轴的正方向；B错误；

CD．P点处的电荷受到电场力的大小为F=qE=9.0×10－3N

C正确、D错误。3、A【分析】【分析】

【详解】

该电场为等量异种点电荷的电场；将等量异种点电荷的电场线与等势面的图画出如图所示。

A．该电场中的电势关于x轴对称，所以b、d两点的电势相等；故A正确；

B．c点在两个电荷连线的中点上，也是在两个电荷连线的中垂线上，所以它的电势和无穷远处的电势相等。而正电荷周围的电场的电势都比它高，即c点的电势在四个点中是最低的；故B错误；

C．该电场中的电场强度大小关于x轴对称，所以b、d两点场强大小相等；方向是不相同的，故C错误；

D、c点的电势低于a点的电势，试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，电场力做正功，+q的电势能减小；故D错误。

故选A。4、B【分析】【详解】

ACD．对于给定的电容器，据电容器电容的决定式知；电容器的电容不变，则ACD三项错误；

B．对于给定的电容器，电容器的电容不变，据电容的定义式知，

由于电容不变，因此电量Q和电压U成正比，故B正确。5、D【分析】【详解】

A．若断路，则并联电路少了一个支路，并联部分少了一个支路，并联部分总电阻变大，的电压、电流均变大，且电压表由原来测的电压改为测的电压；电压表的读数变大，故A错误；

B．若R2断路，则总电阻增大，总电流减小，故路端电压增大，则R3两端电压增大，电流表示数增大，R1的电流变大；则电压表示数变大，故B错误；

C．若R3断路，则流过电流表中的电流为零，电路总电阻增大，则电路总电流减小，故路端电压增大，则流过R1的电流变大；则电压表示数变大，故C错误；

D．若R4短路，则总电阻减小，电路中电流增大，内电压增大，路端电压减小，而外电路并联，故流过电流表中的电流减小，电流表示数减小，则流过R1电流增大；故电压表示数增大，故D正确。

故选D。二、多选题(共9题，共18分)6、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．用欧姆表测电阻时；每次换挡后必须重新进行欧姆调零，故A错误；

B．测电阻时；若指针偏转较小，说明欧姆表示数太大，说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，应换用更大倍率挡测量，故B正确；

CD．用多用表测电压或电流时；红表笔接触点的电势都高于黑表笔接触点的电势；测电阻时，红表笔接触点的电势低于黑表笔接触点的电势，故C正确，D错误。

故选BC。7、A:B:C【分析】【详解】

A．小球到B速度恰好为零，说明电场力做负功．故电场力与电场方向相同，小球带正电，设B、A两点之间的电势差为U，由A到B过程，由动能定理得

解得

故A正确；

B．在匀强电场中则

解得

故B正确；

C．小球到达B点时速度为零；向心力为零，所以沿细线方向合力为零，此时对小球受力如图所示。

沿细线方向有

解得

故C正确；

D．小球在B点沿细线方向合力为零，但沿圆弧切线方向合力不为零

所受合力并不为零，所以不能静止在B点；故D错误。

故选ABC。8、A:D【分析】【详解】

A．带电体C移近导体A时；由于发生了静电感应现象，靠近C的A带上了负电荷，远离C的B带上了正电荷，所以两边的金属箔都张开。A正确；

B．保持C不动；先把导体A和B分开，A；B带上等量异种电荷，然后移开C，金属箔仍都张开。B错误；

CD．保持A和B接触；C不动，无论用手触碰导体A的左端或B的右端，导体B上正电荷都被中和，导体A上的负电荷依然存在，则导体B下方的金属箔合拢，导体A下方的金属箔仍然张开。C错误，D正确。

故选AD。9、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．如图所示为两个等量同种正电荷周围电场分布，对比题图可知，由于对称性，a、b、c、d电势均相同；场强大小相等，方向不同，A正确，B错误；

C．aoc连线上，o点电势最高，故从a到c过程，电势先升高、后降低，由可知，电子从a沿ao方向移动到c；电势能先减少后增加，C正确；

D．等势面始终垂直于电场线，由图可知，abcd组成的平面不是等势面；D错误。

故选AC。10、B:C【分析】【详解】

A．由于所在平面到顶点O处的距离不相等，由等势面的概念可知，所在平面不是等势面；故A错误；

B．由于点到O点的距离是点到O点的距离的根据场强公式可知，点的电场强度大小是A点的4倍，方向相同都沿指向点；故B正确；

C．因为三点离顶点O处的的距离相等；故三点处的电势均相等，由静电力做功特点可知，此过程静电力做功为0，故C正确；

D．因为离点电荷越近，场强越大，等差等势面越密集，则间电势差大于电势差；可知若点电势为则B点电势小于故D错误。

故选BC。11、B:C:D【分析】【详解】

A．由

极板向下平移，增大

增大，电容器充电，极板间电势差不变，电场强度

增大

升高，油滴带负电，则

减小；选项A错误；

B．极板向上平移，增大，电容器充电，极板间电势差不变，电场强度增大，

（等于电源电动势，不变）增大，降低

增大；选项B正确；

C．极板向上平移，减小

减小，由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，电容器的带电量不变，电场强度

不变；带电油滴静止不动，选项C正确；

D．极板向下平移，减小

减小，由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，电容器的带电量不变

（等于电源电动势）增大，降低；选项D正确。

故选BCD。12、A:D【分析】【详解】

A．由x轴上的电势随位置x的变化关系图像；可知电场的电势越来越低，由图像的斜率表示电场强度，可知电场强度越来越小，A正确；

B．由题意可知，沿x轴正方向电势降低，即电场方向沿x轴正方向。滑块P沿x轴正方向运动时，受到向右的电场力和向左的弹力，开始两力的合力方向沿x轴正方向，且合力由大变小，当合力是零时，加速度是零，滑块P速度最大，随沿x轴正方向运动位移的增大；电场强度逐渐减小，弹力逐渐增大，其合力方向向左，且逐渐增大，当滑块P速度是零时，弹力最大，因此滑块P的加速度先减小后增大，B错误；

C．由题意可知；滑块P运动中，电势能的减少量等于滑块动能的增加量与弹簧的弹性势能的增加量之和，因此滑块P速度是零时，电势能的减少量最大，则有弹簧弹性势能与滑块动能之和最大，C错误；

D．由以上分析可知；滑块P速度是零时，电势能的减少量最大，且全部转化为弹簧的弹性势能，即为滑块P克服弹力所做的功，D正确。

故选AD。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面的特点可知；该图中的等势面中，正电荷在上方，负电荷在下方，从粒子运动轨迹看出，轨迹向上弯曲，可知带电粒子受到了向上的力的作用，所以粒子带负电，A正确；

B．粒子从过程中，电场力做负功；过程中；电场力做正功，在整个运动过程中，电场力先做负功后做正功，粒子速度先减小后增大，B错误；

C．图中a点处的等势面比c处的等势面稀疏，可知c处的电场强度大，则带电粒子在c点受到的电场力大，所以粒子在c处的加速度大；C错误；

D．由该图可知，b、d两点都在−5V的等势面上，所以粒子在从b到d的过程中，电场力做功为零，由此b、d两点的动能是相等的，所以在b点和d点时的速度大小相同；D正确。

故选AD。14、C:D【分析】【详解】

由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为：第2s内加速度为：故a2=2a1，因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示：

带电粒子在前1秒匀加速运动；在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误；

根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时；带电粒子离出发点最远，故B错误；

由解析中的图可知；粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故C正确；

因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零．故D正确．三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图可知，电压表V2测电阻R两端电压为2V，根据欧姆定律

[2]电压表V1测路端电压为6V，由串并联关系可知电动机两端电压

根据电功率公式【解析】0.5216、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]已知长波波长范围为3000～30000m，而波速c＝3.0×108m/s.由c＝λf

可知f1＝Hz＝1×105Hz＝100kHzf2＝Hz＝1×104Hz＝10kHz

则长波频率在10～100kHz之间．

[2]同理由短波的波长范围为10～50m，则频率范围是6～30MHz.【解析】①.10～100kHz②.6～30MHz17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]电源电动势内阻定值电阻闭合开关通过电阻的电流

电压表示数

电阻消耗的功率【解析】①.2②.8③.1618、略

【分析】【详解】

图中虚线表示A、B球原来的平衡位置，实线表示烧断后重新达到平衡的位置，其中α、β分别表示细线OA、AB与竖直方向的夹角。A球受力如图所示：重力mg，竖直向下；电场力qE，水平向左；细线OA对A的拉力T1，方向如图；细线AB对A的拉力T2；方向如图。

由平衡条件T1sinα＋T2sinβ=qET2cosα＝mg＋T2cosβ

B球受力如图所示：重力mg，竖直向下；电场力qE，水平向右；细线AB对B的拉力T2；方向如图。

由平衡条件T2sinβ=qE，T2cosβ=mg

联立以上各式并代入数据，得=0，β=

由此可知，A、B球重新达到平衡的位置如图所示,与原来位置相比：A球的重力势能减少了EA=mgl(1－sin)

B球的重力势能减少了EB=mgl(1－sin＋cos)

A球的电势能增加了WA=qElcos

B球的电势能减少了WB=qEl(sin－sin)

两种势能总和减少了W=WB－WA＋EA＋EB

代入数据解得W=0.07J【解析】0.0719、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]旋转开关接1时；电热器功率为。

旋转开关接2时；电热器功率为。

代入数据解得。

[2]保证电热器被碰倒后能自动断开电路，以免引起火灾，该开关最好安装在火线上，且在开关之前，即安装在C点。【解析】4C四、作图题(共2题，共20分)20、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析21、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共3题，共30分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]测量时发现指针向右偏转角度太大，说明待测电阻阻值较小，选用的倍率太大，为使测量结果更加准确，应将选择开关置于“”的挡位。

(2)[2]多用表测量电阻时，读表盘最上面一圈，读出的示数为22.0，选择的挡位为“”挡位，则该电阻阻值为

(3)[3]电压表量程为则通过电阻的最大电流为

则电流表应该选

[4][5]为多测几组电流、电压值，电路采用分压式，则滑动变阻器选

为了准确测量；由于电流表内阻已知，电压表内阻未知，所以电流表采用内接。则电路图如下。

[6]由欧姆定律得

解得【解析】220见解析23、略

【分析】【详解】

（1）[1]图甲电路中定值电阻的作用为保护电阻；防止滑动变阻器接入电路中阻值为0时，电路电流过大，烧坏电源和电表。

（4）[2]由图乙中曲线①可知，电源的电动势为

[2]由图乙可知，当电压表示数为时，电流表的示数为由欧姆定律可知，此时非定值电阻的阻值为

由闭合回路欧姆定律有

解得

（5）[4]根据题意可知，若把该电阻直接串接在该电源上，即滑动变阻器接入电路的电阻为0，图乙中曲线①可知