2025年华师大版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、以下是必修1课本中四幅插图，关于这四幅插图下列说法错误的是（）（）A.甲图中学生从如图姿势起立到直立站于体重计的过程中，体重计的示数先减少后增加B.乙图中运动员推开冰壶后，冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，可以在较长时间内保持运动C.丙图中赛车的质量不很大，却安装着强大的发动机，可以获得很大的加速度D.丁图中高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度，来减小车辆重力沿桥面方向的分力，保证行车方便与安全2、如图，一理想变压器原线圈接正弦交变电源，副线圈接有三盏相同的灯（不计灯丝电阻的变化），灯上均标有（36V，6W）字样，此时L1恰正常发光；图中两个电表均为理想电表，其中电流表显示读数为0.5A，下列说法正确的是（）

A.原、副线圈匝数之比为3：1B.变压器的输入功率为12WC.电压表的读数为18VD.若L3突然断路，则L1变暗，L2变亮，输入功率减大3、一个物体沿直线运动，描绘出物体的xt鈭�t

图象如图所示；则下列判断正确的是(

)

A.物体做匀速直线运动B.物体做变加速直线运动C.物体的初速度大小为鈭�1m/s

D.物体的加速度大小为1m/s2

4、如图所示，A

、B

两物体叠放在水平地面上，A

物体质量m

=20kg

B

物体质量M

=30kg

处于水平位置的轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与A

物体相连，轻弹簧处于自然状态，其劲度系数为250N/m

A

与B

之间、B

与地面之间的动摩擦因数均为娄脤

=0.5

现有一水平推力F

作用于物体B

上使B

缓慢地向墙壁移动，当移动0.2m

时，水平推力F

的大小为(

已知A

、B

之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g

取10m/s2)

()A.350N

B.300N

C.250N

D.200N

5、若“悟空”在近地轨道上做匀速圆周运动，与地球的同步卫星相比，“悟空”具有较小的()A.周期B.线速度C.角速度D.向心加速度评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)6、将一个10-6C的负电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做功2×10-6J、从C点移到D点，电场力做功7×10-6J，若已知B点比C点电势高3V，则UAB=____V，UCD=____V，UDA=____V．7、在做“利用单摆测重力加速度”实验中；某同学先测得摆线长，摆球直径，然后用秒表记录了单摆振动30次全振动所用的时间如图1所示，则。

（1）秒表所示读数为______s．

（2）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l，测出相应的周期T，从而得出一组对应的l与T的数值，再以l为横坐标，T2为纵坐标，将所得数据连成直线如图2所示，则测得的重力加速度g=______．（保留三位有效数字）

（3）实验中有个同学发现他测得重力加速度的值偏大，其原因可能是______

A．悬点未固定紧；振动中出现松动，使摆线增长了。

B．单摆所用摆球质量太大。

C．把n次全振动时间误当成（n+1）次全振动时间。

D．以摆线长作为摆长来计算。

（4）在“用单摆测定重力加速度的实验”中，测单摆周期时，当摆球经过______时开始计时并计1次，测出经过该位置N次所用时间为t，则单摆周期为______．8、如图所示的电路中，电源的电动势为3V

内阻1娄赂

两定值电阻的阻值分别为R1=1娄赂

和R2=4娄赂.

电路中的电流为______Aab

间的电压为______V

9、雷电是云层与大地之间或云层与云层之间的放电现象，放电的两者所带的是______（填“同”或“异”）种电荷，大地所带的电荷是因______（填“感应起电”或“摩擦起电”或“接触起电”）而获得的。10、(6分)铀振裂变的一种方式是U＋n―→Nd＋Zr＋3n＋8X，该反应的质量亏损为0.2u，已知1u相当于931.5MeV的能量。①X代表的粒子是________。②该反应放出的能量是________J。(结果保留三位有效数字)。11、如图甲为卢瑟福的原子核式结构模型图，原子的中间有一个体积很小、带正电的核，卢瑟福推算出原子核的直径约为____m；如图乙为α粒子散射实验现象模拟图，图中只有极少数α粒子有机会从离核很近的地方经过，是因为受到比较大的____力；才会发生大角度的偏转．

12、在探究电磁感应现象中；我们将电池组；滑动变阻器、线圈、灵敏电流计、导线、开关连成如图甲所示的电路图。

(1)

电键闭合后，下列说法中正确的是()

A.只要将线圈A

放在线圈B

中就会产生感应电流B.线圈A

插入或拔出线圈B

的的过程中会产生感应电流，且速度越大，感应电流越大。C.滑动变阻器的滑片P

匀速滑动时，电流计指针不会发生偏转D.滑动变阻器的滑片P

滑动越快，电流计指针偏转的角度越大(2)

在实验中，如果是因为线圈A

插入或拔出线圈B

导致电流计指针发生了偏转。这时，是________转化为电能。

(3)

上述实验中，线圈AB

可等效为一个条形磁铁，将线圈B

和灵敏电流计简化如图乙所示。当电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转。则乙图中灵敏电流计指针向___________接线柱方向偏转(

填：正、负)

评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)13、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）14、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）15、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

17、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)21、（９分）如图所示，平行板电容器的两个极板A、B分别接在电压为50V的恒定电源上，两板间距为4cm，电容器带电荷量为6×10－6C，A极板接地．求(1)平行板电容器的电容；(2)平行板两板间的电场强度；(3)距B板为3cm的C点的电势。评卷人得分五、简答题(共4题，共24分)22、（14分）某铜矿石的主要成分是Cu2O，还含有少量的A12O3、Fe2O3和SiO2。某工厂利用此矿石炼制精铜的工艺流程如图所示(已知：Cu2O+2H+=Cu+Cu2++H2O)。

（1）检验滤液A中铁元素形成的离子的试剂为____。

（2）金属E与固体F发生的某一反应可用于焊接钢轨，该反应的化学方程式为____，在实验室中完成此实验还需要的试是____。a．KClO3b．KClc．Mgd．MnO2

（3）为使固体混合物D在空气中灼烧完全分解，应__________________，直至连续两次测定的实验结果相同（或质量相差小于0.1g）时为止；灼烧时必须用到的陶瓷仪器是____和泥三角。（4）写出ƒ反应的离子反应方程为____。

（5）将Na2CO3溶液滴入到一定量的CuCl2溶液中，得到氯化钠、二氧化碳和一种绿色的不溶于水的盐(不含结晶水)，该盐受热分解产生三种氧化物，则其化学式是____。23、一个氡核Rn衰变成钋核Po；并放出一个α粒子，其半衰期T=3.8天．求：

（1）写出该核反应方程；

（2）32g氡经过多少天衰变还剩余1g氡．24、如图所示，光滑水平面上有一质量为m

1

的小车A

，其上面有一个质量为m

2

的物体B

正在沿粗糙曲面下滑.

以A

和B

两个物体为系统，试分析系统的内力和外力分别是哪些力？25、rm{3}名同学在用氯酸钾和二氧化锰混合加热制取氧气的过程中，发现生成的气体有刺激性气味，针对这一“异常现象”进行了实验探究及分析。rm{(1)}甲用湿润的rm{KI-}淀粉试纸检验上述生成的气体，观察到试纸变蓝，据此判断氧气中混有rm{Cl_{2}}用离子方程式解释甲判断试纸变蓝的原因______。rm{(2)}乙认为上述现象只能说明混合气体具有_________性，实验中使试纸变蓝的气体____还可能是rm{O_{2}}或rm{O_{3}}为了进一步验证甲的推测，乙补充了一个实验：将上述生成的气体冷却后通入盛有_________溶液的洗气瓶中，若现象为_________，则甲的推测合理rm{{,!}}rm{(3)}丙查阅文献获知，这种方法制取氧气的过程中确有rm{Cl_{2}}产生，并且查到了以下反应历程：rm{垄脵2KClO_{3}+2MnO_{2}隆煤2KMnO_{4}+Cl_{2}+O_{2}隆眉}rm{垄脵2KClO_{3}+2MnO_{2}隆煤2KMnO_{4}+

Cl_{2}+O_{2}隆眉}__________rm{垄脹K_{2}MnO_{4}+Cl_{2}隆煤2KCl+MnO_{2}+O_{2}隆眉}总反应rm{2KClO_{3}隆煤2KCl+3O_{2}隆眉}丙设计实验，通过观察rm{垄脷}的特征颜色来验证反应历程中rm{垄脹K_{2}MnO_{4}+Cl_{2}隆煤2KCl+

MnO_{2}+O_{2}隆眉}的发生，具体实验操作为：将一定量的rm{2KClO_{3}隆煤2KCl+

3O_{2}隆眉}和rm{MnO_{4}^{-}}混合于试管中，加热，_________________________________。rm{垄脵}的化学方程式_______________________________________________。rm{KClO_{3}}另据文献记载：此法制取的氧气中除了含有rm{MnO_{2}}还混有化合物写出历程中反应rm{垄脷}的化学方程式_______________________________________________。rm{垄脷}具有强氧化性，可以将污水中的rm{(4)}氧化成rm{Cl_{2}}反应的离子方程式为_________。rm{ClO_{2}}评卷人得分六、证明题(共2题，共20分)26、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。27、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】试题分析：甲图中学生先向上加速后减速，最后静止，先超重后失重，体重计的示数先增加后减少，A错误；乙图中冰壶在冰面运动时受到的阻力很小，可以在较长时间内保持运动B正确；丙图中赛车的质量不很大，却安装着强大的发动机，根据牛顿第二定律可知可以获得很大的加速度C正确；丁图中高大的桥要造很长的引桥，从而减小桥面的坡度，来减小车辆重力沿桥面方向的分力，保证行车方便与安全D正确．考点：本题考查了力的分解、超重失重和牛顿第二定律等知识。【解析】【答案】A2、C【分析】解答：A、L1恰正常发光，其电流为，灯泡的电阻，电压表示数为0.5IR=18V，根据输入功率等于输出功率知解得：U1=18V；原；副线圈匝数之比为18：54=1：3，AB错误，C正确。

D、若L3突然断路，电阻增大，电流减小，则L1变暗，分压减小，L2分压增大变亮，输入功率P=UI减小；D错误。

故选：C

分析：根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．3、D【分析】解：由数学知识可得：xt=(0.5t+0.5)m/s

则得：x=0.5t2+0.5t

由匀变速直线运动的位移公式x=v0t+12at2

可知物体做匀加速直线运动；初速度为v0=0.5m/s

物体的加速度大小为1m/s2.

故ABC错误，D正确．

故选：D

．

根据数学知识写出x

与t

的关系式；再求出v

与t

的关系，从而判断物体的运动性质和加速度．

解决本题的关键是运用数学知识写出x

与t

的关系式，采用比对法分析物体的运动性质．【解析】D

4、B【分析】假设A

、B

间没有相对滑动，则轻弹簧的压缩量为x

=0.2m

此时轻弹簧的弹力大小为F

=

kx

=50N

而A

与B

间的最大静摩擦力为F

fA

=

娄脤mg

=100N

所以A

、B

之间没有相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，其大小为F

f1=50N

B

与地面间的摩擦力为滑动摩擦力，其大小为F

f2=

娄脤

(

m

+

M

)

g

=250N

由B

缓慢移动，可知推力的大小为F

=

F

f1+

F

f2=300N

即B

选项正确。【解析】B

5、B【分析】【分析】根据速度随时间的变化规律，判断火箭的运动情况.

分析时抓住倾斜的直线表示匀变速直线运动。本题考查了匀变速直线运动的图像；解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，会通过速度时间图线判断物体的运动规律，以及知道图线的斜率。【解答】A.该图表示速度不变；物体做匀速直线运动，不能反映火箭的运动情况，故A错误；

B.该图表示速度随时间均匀增大；做初速度为零的匀加速直线运动，能反映火箭的运动情况，故B正确；

C.该图表示速度随时间均匀减小；做匀减速直线运动，不能反映火箭的运动情况，故C错误；

D.速度时间图像的斜率表示加速度；则该图像表示加速度不断增大的变加速直线运动，故D错误。

故选B。

【分析】超重时，物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力大于重力，根据牛顿第二定律，物体受到向上的合力，加速度方向向上；失重时，物体对悬挂物的拉力或对支撑面的压力小于重力，根据牛顿第二定律，物体受到向下的合力，加速度方向向下、本题考查了超重和失重；解决本题的关键理解超失重的运动学特征：超重时，加速度方向向上；失重时，加速度方向向下。【解答】“悟空”随火箭加速上升时，加速度方向向上，“悟空”处于超重状态.

“悟空”在绕地球匀速运行时，物体所受的万有引力提供圆周运动所需的向心力，物体与接触面之间无作用力，处于完全失重状态；故B正确；ACD错误。

故选B。

【分析】已知粒子的质量和速度，根据动能的计算公式Ek=12mv2

求解。本题考查了动能。解决本题的关键要掌握动能的计算公式Ek=12mv2

要注意公式中v

实质上是速率。【解答】据题知粒子质量为m

速度为v

则其动能大小为：Ek=12mv2

故ABC错误，D正确。故选D。

【分析】“悟空”和同步卫星绕地球做匀速圆周运动，靠地球的万有引力提供向心力，根据万有引力定律和牛顿第二定律判断周期、线速度、角速度和向心加速度的大小关系。本题考查了人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；解决本题的关键知道飞船和同步卫星绕地球做圆周运动靠万有引力提供向心力，掌握线速度、角速度、周期、向心加速度和轨道半径的关系。【解答】“悟空”和地球同步卫星围绕地球做匀速圆周运动，由地球对卫星的万有引力提供卫星所需的向心力，则有：GMmr2=m4娄脨2T2r=mv2r=m娄脴2r=ma

可得：T=2娄脨r3GMv=GMr娄脴=GMr3a=GMr2

由上可知：“悟空”的轨道半径较小，则其线速度、角速度和向心加速度较大，周期较小；故A正确，BCD错误。故选A。【解析】。【小题1

】B【小题2

】B【小题3

】D【小题4

】A二、填空题(共7题，共14分)6、略

【分析】

根据条件，电荷的电量q=-10-6C，负电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做功2×10-6J，电场力做功为WAB=-2×10-6J，则=V=2V．由题，负电荷从C点移到D点，电场力做功WCD=7×10-6J，则UCD==-V=-7V．已知B点比C点电势高3V，即UBC=3V．而UDA=UDC-UAB-UBC=7V-2V-3V=2V．

故答案为：2；-7，2

【解析】【答案】由题，电荷从电场中A点移到B点，克服电场力做功2×10-6J，电场力做功为-2×10-6J．根据公式U=分别求出A、B间UAB，及C、D间的电势差UCD．根据已知条件B点比C点电势高3V，求解UDA．

7、略

【分析】解：（1）小表盘表针超过了半刻线；故：

t=0+57.0s=57.0s

（2）根据单摆的周期公式T=2π有：

故T2-l图线的斜率表示：

故g===9.86m/s2

（3）根据单摆的周期公式T=2π有：g=

A；摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了，振动周期变大，而测得的摆长偏小，则测得重力加速度偏小，故A错误；

B；单摆的周期与摆球的质量无关；故对重力加速度的测量无影响，故B错误；

C；把n次全振动时间误当成（n+1）次全振动时间；周期的测量值偏小，故重力加速度的测量值偏大，故C正确；

D；以摆线长作为摆长来计算；没有考虑球的半径，故摆长的测量值偏小，故测得重力加速度偏小，故D错误；

故选：C．

（4）在“用单摆测定重力加速度的实验”中；测单摆周期时，当摆球经过平衡位置时速度最大，故从平衡位置开始计时误差最小；

摆球经过平衡位置时开始计时并计1次；测出经过该位置N次所用时间为t，则单摆周期为：

T==

故答案为：（1）57.0；（2）9.86m/s2；（3）C；（4）平衡位置，．

（1）秒表先读分针读数；再读秒针读数，两者相加；机械式秒表的小表盘表示分钟，大表盘表示秒，大表盘一圈30秒；为了确定是前三十秒还是后三十秒，需要参考小表盘两分钟之间的半刻线：如果小表盘表针没到半刻线，就是某分钟+小表盘示数秒；如果小表盘表针超过了半刻线，就是某分钟+（大表盘示数+30）秒；

（2）由单摆的周期公式T=2π变形得到l与T2的表达式，分析T2-l图线的斜率的意义；并求出斜率，得到g；

（3）由单摆的周期公式T=2π推导出重力加速度的表达式进行分析；

（4）摆球每半个周期通过一次平衡位置，根据t=T；求出周期．

本题考查了秒表读数、重力加速度的测量原理和误差来源，关键从实验原理出发考虑误差情况，不难．【解析】57.0；9.86m/s2；C；平衡位置；8、略

【分析】解：由闭合电路欧姆定律得；电路中的电流：

I=ER1+R2+r=31+4+1=0.5A

ab

间的电压Uab=IR2=0.5隆脕4V=2V

故答案为：0.52

根据闭合电路欧姆定律求出电路中的电流；由部分电路欧姆定律求电阻R2

两端的电压。

本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，要注意运用闭合电路欧姆定律时电源的内阻不能遗漏。【解析】0.52

9、异感应起电【分析】解：云层因为摩擦而带异种电荷；当云层所带电荷越积越多时，就会在云层之间发生放电现象。

云层与大地之间也是带异种电荷；大地所带的电荷是因云层带电，大地引静电感应而获得的。

故答案为：异；感应起电。

根据摩擦起电的实质是电荷的转移；得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，所以相互摩擦的两个物体带等量的异种电荷。

通常情况下原子核所带正电荷数和核外电子所带负电荷数相等，故整个原子呈中性。当两个物体相互摩擦时，由于一个物体中原子核对电子束缚作用弱，另一个物体中原子核对电子束缚作用强，那么，束缚作用弱的将失去电子，而使整个物体显正电性；束缚作用强的将得到电子，而使整个物体显负电性，所以摩擦起电是电子发生转移的宏观表现。【解析】异感应起电10、略

【分析】试题分析：①根据质量数和电荷数守恒得：质量数为0，核电荷数为-1，故此粒子是电子②该核反应质量亏损为△m=0.2u，△E=0.2×931.5MeV=2.98×10-11J考点：核反应方程；核能的计算.【解析】【答案】①②2.98×10-1111、10﹣15排斥【分析】【解答】原子核直径的数量级为10﹣15m，在α粒子散射实验中，极少数α粒子从离核很近的地方经过；发生大角度偏转是受到了原子核较大的排斥力作用．

故答案为：10﹣15；排斥。

【分析】卢瑟福在用a粒子轰击金箔的实验中发现了质子，提出原子核式结构学说，原子核直径的数量级为10﹣15m，原子核带正电荷且质量很大，α粒子也带正电荷，由于同种电荷相互排斥和α粒子被质量较大的原子核弹回．12、(1)BD(2)机械能(3)正【分析】【分析】(1)

依据感应电流产生的条件，及法拉第电磁感应定律，即可求解；(2)

根据感生电动势与动生电动势产生原理，结合感应电场，及能量守恒与转化，即可判定；(3)

依据楞次定律的内容，结合电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转，即可确定。考查感应电流产生条件，掌握楞次定律与法拉第电磁感应的内容，理解动生电动势与感生电动势的区别与联系，注意第3

问中：当电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转，是解题的突破口。【解答】(1)A.

当将线圈A

放在线圈B

中，因磁通量不变，则不会引起电流计指针偏转，故A错误；B.线圈A

插入或拔出线圈B

的速度越大，则穿过线圈的磁通量的变化率越大，那么电流计指针偏转的角度越大，故B正确；C.滑动变阻器的滑片P

匀速滑动时，穿过线圈的磁通量发生变化，则电流计指针会发生偏转，故C错误；D.滑动变阻器的滑片P

滑动越快，则穿过线圈的磁通量的变化率越大，那么电流计指针偏转的角度越大，故D正确；故选BD。(2)

如果线圈A

置于线圈B

中不动，因某种原因，电流计指针发生了偏转.

这时，线圈B

相当于产生感应电流的“电源”.

对于的电动势为感生电动势，则由感生电场产的电场力做功产生的；如果是因为线圈A

插入或拔出线圈B

导致电流计指针发生了偏转，对应的是动生电动势，由能量守恒定律可知，是将机械能转化为动能；(3)

因电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转，根据楞次定律，依据图可知，螺线管的感应电流由上向下，则灵敏电流计指针向正接线柱方向偏转；故填：(1)BD(2)

机械能(3)

正。【解析】(1)BD(1)BD(2)(2)机械能(3)(3)正三、判断题(共8题，共16分)13、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．14、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．15、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．17、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、作图题(共1题，共8分)21、略

【分析】试题分析：由电容的定义式C＝1.2×10-7C，两板间的电场强度1.25×103N/C，C点距A板间距离为dAC＝d-dbc=1cm,则AC间的电势差UAC＝EdAC=12.5V=φA－φC，A点接地φA＝0，解得φc＝-12.5V考点：本题考查电容的定义式、匀强电场的电场强度与电势差的关系。【解析】【答案】1.2×10-7C，1.25×103N/C，-12.5V五、简答题(共4题，共24分)22、略

【分析】【分析】考查本题考查了铜的单质及其化合物的性质及转化、反应试剂的选择、物质成分的确定、实验操作方法、化学方程式和离子方程式的书写等，涉及范围较广，综合性较强，题目难度中等。【解答】某铜矿石的主要成分是Cu2O，还含有少量的Al2O3、Fe2O3和SiO2，加入足量的稀盐酸，氧化亚铜反应生成铜离子和金属铜，氧化铁和氧化铝溶解于稀盐酸，二氧化硅不溶解，固体混合物B含有铜和二氧化硅，二氧化硅溶于足量的氢氧化钠溶液。滤液A含有亚铁离子、铝离子、铜离子等，滤液A加入足量的氢氧化钠溶液和空气氧化得滤液C偏铝酸钠溶液、固体混合物D(氢氧化铁、氢氧化铜)，氢氧化铁、氢氧化铜高温灼烧生成氧化铜、氧化铁，偏铝酸钠溶液C经过一系列反应生成金属铝E，E和F发生铝热反应生成金属铁、铜和氧化铝，电解精炼得精铜。(1)分析可知滤液A中，Cu2O溶于酸反应生成铜和铜盐；铜和铁离子反应生成亚铁离子，所以滤液A中为亚铁离子，检验滤液A中存在的亚铁离子可以用KSCN和氯水检验；

故答案为：硫氰化钾溶液和新制氯水；

(2)铝热反应是铝和氧化铁反应生成铁，金属E与固体F发生的某一反应可用于焊接钢轨，该反应的化学方程式为2Al+Fe2O3Al2O3+2Fe，在实验室中完成此实验还需要的试剂是KClO3提供氧气引发反应；故选a；

故答案为：2Al+Fe2O3Al2O3+2Fe；a；(3)为使固体混合物D在空气中灼烧完全分解，减少实验误差，应连续灼烧、冷却、称重，直至连续两次测定的实验结果相同（或质量相差小于0.1g）时为止；灼烧时必须用到的陶瓷仪器是坩埚和泥三角。(4)步骤③二氧化硅溶于足量的氢氧化钠溶液生成硅酸钠，反应的离子反应方程为：SiO2+2OH-=SiO32-+H2O。

(5)Na2CO3溶液显碱性，CuCl2溶液显酸性，相互反应得到氯化钠、二氧化碳和一种绿色的不溶于水的盐(不含结晶水)，该盐受热分解产生三种氧化物，一定是生成氧化铜、水和二氧化碳，则其化学式是Cu2(OH)2CO3。【解析】(1)硫氰化钾溶液和新制氯水。

(2)2Al+Fe2O3Al2O3+2Fea(3)连续灼烧、冷却、称重坩埚(4)SiO2+2OH-=SiO32-+H2O

(5)Cu2(OH)2CO3。23、略

【分析】

根据衰变过程中质量数和电荷数守恒列出衰变方程；得出是什么粒子，然后写出核反应方程．运用半衰期的定义进行定量计算．

知道放射性元素的半衰期是有一半该元素的原子核发生衰变所用的时间．求解时注意m为剩余的质量．【解析】解：（1）根据衰变过程中质量数和电荷数守恒可知：该核反应的方程是86222Rn→84218Po+24He；

（2）根据m=得，解得n=5，知经过了5个半衰期，则t=3.8天×5=19天．

答：（1）该核反应方程为86222Rn→84218Po+24He；

（2）32g氡经过19天衰变还剩余1g氡．24、B和A之间的作用力是系统内的物体之间的相互作用力，是内力．具体地说，A对B的弹力和摩擦力以及B对A的反作用力(压力和摩擦力)是内力．地球是系统外的物体，因此，地球施于A和B的重力以及地面对A的弹力是外力．【分析】略【解析】B

和A

之间的作用力是系统内的物体之间的相互作用力，是内力.

具体地说，A

对B

的弹力和摩擦力以及B

对A

的反作用力(

压力和摩擦力)

是内力.

地球是系统外的物体，因此，地球施于A

和B

的重力以及地面对A

的弹力是外力．25、rm{(1)Cl_{2;}+2I^{-;}篓T篓T篓T2Cl^{-;}+I_{2;;;;;;;;;}}

rm{(1)Cl_{2;}+2I^{-;}篓T篓T篓T2Cl^{-;}+

I_{2;;;;;;;;;}}氧化硝酸酸化的硝酸银产生白色沉淀。

rm{(2)}在rm{(3)}rm{KClO}未完全分解前，冷却混合物并把它倒入水中反应rm{{,!}_{3}}rm{overset{?}{=}K_{2}MnO_{4}+MnO_{2}}rm{垄脷2KMnO_{4}}

rm{overset{?}{=}K_{2}MnO_{4}+

MnO_{2}}或rm{+O_{2}隆眉}

rm{(4)8ClO_{2}+5S^{2-}+4H_{2}O篓T篓T篓T5SO_{4}^{2-}+8Cl^{-}+8H^{+;;}}【分析】【分析】本题考查探究物质的组成，侧重考查物质性质、物质之间的反应，涉及氧化还原反应、离子检验、物质成分判断等知识点，明确物质性质是解本题关键，知道常见离子检验方法、实验现象等，题目难度中等。【解答】rm{(1)}湿润的淀粉碘化钾试纸变蓝色，说明有碘生成，氯气具有强氧化性，能氧化碘离子生成碘，离子方程式为rm{Cl_{