2025年北师大新版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大新版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，线圈固定于分布均匀的磁场中，磁场方向垂直线圈平面向里。当磁场的磁感应强度B随时间变化时，该磁场对边的安培力大小恒定。则下列描述随变化的图象中；可能正确的是。

A.B.C.D.2、如图所示，在半径为的圆形区域充满着匀强磁场，有一带电粒子以某一初速度从点对着圆形磁场的圆心点射入，刚好垂直打在与初速度方向平行放置的屏上.不考虑粒子所受的重力.下列有关说法中不正确的是（）

A.该粒子一定带正电B.只增加粒子的速率，粒子在磁场中运动的时间将会变长C.只增加粒子的速率，粒子一定还会从磁场射出，且射出磁场方向的反向延长线一定仍然过点D.只改变粒子入射的方向，粒子经磁场偏转后仍会垂直打在屏上3、如图所示，电源电动势为E，内电阻为r。当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，发现理想电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为ΔU1和ΔU2；下列说法中正确的是（）

A.小灯泡L3变亮，L1、L2变暗B.小灯泡L1、L3变暗，L2变亮C.ΔU1<ΔU2D.ΔU1>ΔU24、如图甲所示的“火灾报警系统”电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为10:1，原线圈接入图乙所示的电压，电压表和电流表均为理想电表，R0为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，R1为滑动变阻器．当通过报警器的电流超过某值时，报警器将报警．下列说法正确的是()

A.电压表V的示数为20VB.R0处出现火警时，电流表A的示数减小C.R0处出现火警时，变压器的输入功率增大D.要使报警器的临界温度升高，可将R1的滑片P适当向下移动5、如图所示，一质量为m的条形磁铁用细线悬挂在天花板上，细线从一水平金属圆环中穿过．现将环从位置Ⅰ释放，环经过磁铁到达位置Ⅱ．设环经过磁铁上端和下端附近时细线的张力分别为T1和T2；重力加速度大小为g，则（）

A.T1>mg，T2>mgB.T12<td><>C.T1>mg，T2<td><>D.T12>mg评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、已知氘核的比结合能是1.09MeV，氚核的比结合能是2.78MeV，氦核的比结合能是7.03MeV。某次核反应中，1个氘核和1个氚核结合生成1个氦核，则下列说法中正确的是（）A.这是一个裂变反应B.核反应方程式为C.核反应过程中释放的核能是17.6MeVD.目前核电站都采用上述核反应发电7、在如图所示电路中，闭合开关，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表A、V1、V2和V3的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表A、V1、V2和V3示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和AU3表示．下列说法正确的是（）

A.不变，不变B.变大，变大C.变大，不变D.比值变大，比值不变8、下列说法正确的是____________。A.气体很容易充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现B.若两个分子间的势能增大，则一定是克服分子间的相互作用力做功C.两个物体的内能相同，则它们的温度一定相同E.由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间的距离，液体表面层分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势E.由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间的距离，液体表面层分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势9、一定质量的理想气体从状态A缓慢经过B、C、D再回到状态A，其热力学温度T和体积V的关系图像如图所示，BA和CD的延长线均过原点O，气体在状态A时的压强为下列说法正确的是（）

A.过程中气体从外界吸热B.过程中气体分子的平均动能不断增大C.过程中气体分子在单位时间内对单位容器壁的碰撞次数不断减少E.过程中气体从外界吸收的热量小于E.过程中气体从外界吸收的热量小于10、下列说法中正确的是（）A.气体放出热量，其分子平均动能不一定减小B.液体汽化现象的原因是液体分子间存在斥力，分子相互排斥导致汽化现象的发生C.布朗运动可以说明液体分子在永不停息地做无规则运动D.任何物质的摩尔体积V、分子体积V0与阿伏加德罗常数NA之间的关系都可表示为V=NAV011、如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态其中，和为等温过程，和为绝热过程(气体与外界无热量交换)。这就是著名的“卡诺循环”。该循环过程中；下列说法正确的是（）

A.过程中，气体对外界做功B.过程中，气体分子的平均动能增大C.过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多D.过程中，气体放热12、下列说法正确的是（）A.气体总是充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现B.“油膜法”估测分子大小实验中，需将纯油酸直接滴入浅盘的水面上C.可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功E.由于液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，液面分子间的相互作用表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势E.由于液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，液面分子间的相互作用表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势13、如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象；O为坐标原点，下列判断正确的是（）

A.电动势内阻B.电动势内阻C.电动势内阻D.电动势发生短路时的电流14、如图所示；透明瓶内有一些水，水的上方有水蒸汽，用橡皮塞把瓶口封住，用气筒向瓶内打气，然后瓶塞会突然跳出，此时观察到瓶内有白雾产生.关于上述过程下列说法正确的有。

A.快速向瓶内打入气体的过程，气体状态变化是等容变化B.快速向瓶内打入气体时，瓶内水蒸汽分子密度保持不变C.瓶塞突然跳出瞬间气体对外做功，瓶内气体温度降低D.瓶内瞬间形成的白雾是悬浮在气体中的小水滴评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、查理定律。

（1）内容：一定质量的某种气体，在体积不变的情况下，压强p与热力学温度T成______。

（2）表达式：p＝______。

（3）适用条件：气体的______和______不变。

（4）图像：如图所示。

①p－T图像中的等容线是一条______。

②p－t图像中的等容线不过原点，但反向延长线交t轴于______。16、夏天的清晨在荷叶上滚动着一个个晶莹剔透的小露珠，这是由________导致的物理现象。分子势能和分子间距离r的关系图象如图所示，能总体上反映小水滴表面层中水分子的是图中_______（选填“A”；“B”、或“C”）的位置。

17、封闭汽缸内一定质量的理想气体由状态A经状态B再变化到状态C，其体积V随热力学温度T变化的关系图象如图所示，气体在状态B时的温度T2＝________K。气体在从状态A变化到状态B的过程中吸收热量Q1＝240J，对外做功为W＝100J．则气体由状态B变化到状态C的过程中，气体向外传递的热量Q2＝________J。

18、a射线、β射线、γ射线、阴极射线四种射线中由原子核内射出、属于电磁波的射线是__________，不是原子核内射出的射线是_________。19、如图所示，一质量为m、电荷量为+q的小球从距地面为h处，以初速度v0水平抛出，在小球运动的区域里，加有与小球初速度方向相反的匀强电场，若小球落地时速度方向恰好竖直向下，小球飞行的水平距离为L，小球落地时动能Ek=__________，电场强度E=_____________．

20、如图所示是用光照射某种金属时逸出的光电子的最大初动能随入射光频率的变化图线，普朗克常量h＝6.63×10-34J·s，（直线与横轴的交点坐标4.31，与纵轴交点坐标0.5）由图可知，斜率表示_____________；该金属的极限频率为____________Hz，该金属的逸出功为___________J，（结果保留三位有效数字）若用频率为5.5×1014Hz的光照射该种金属时，则对应的遏止电压应为_____________V

评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)24、某同学利用“插针法”测量一长方体玻璃砖的折射率；部分实验步骤如下：

①将一张方格纸固定在木板上，玻璃砖放在方格纸上，如图所示，在纸上画出玻璃砖的两条边a和a′；

②在玻璃砖的一侧插上两个大头针P1、P2，然后眼睛在另一侧透过玻璃砖看两个大头针，插上第三个大头针P3，使P3挡住P1、P2的像，再插上第四个大头针P4，使P4挡住P3和P1、P2的像．

请根据该同学的做法按下列要求作答：

I.在图中作出完整光路图和所需的辅助线；并求出该玻璃砖的折射率；

II.已知玻璃砖的厚度为d，光在真空中的传播速度为c；求本次实验中光通过玻璃砖所用的时间（不考虑反射）．

25、要测绘一个标有“3V1.5W”小灯泡的伏安特性曲线；备有下列器材：

A．电压表(量程3V；内阻约6kΩ)；

B．电压表(量程15V；内阻约30kΩ)；

C．电流表(量程0.6A；内阻约0.5Ω)；

D．电流表(量程3A；内阻约0.1Ω)；

E．滑动变阻器(阻值范围0～5Ω)；

F．滑动变阻器(阻值范围0～100Ω)；

G．直流电源(3V；内阻不计)；

H．开关；导线若干．

（1）要求多次测量并使电压表读数从零开始连续可调，上述器材中电压表应选用________；电流表应选用________；滑动变阻器应选用________．（以上均填写器材前字母）

（2）请将甲图中的实物电路图用笔代替导线补充完整_______．

（3）乙图为某同学根据正确的实验电路图所测的几组数据画出的U－I图象．图象是一条曲线而不是直线的原因是_________；从图象中可求得小灯泡电压为1.8V时的小灯泡的实际功率为_______W．26、在“测玻璃的折射率”实验中：

（1）为了取得较好的实验效果，下列操作正确的是_______．

A．必须选用上下表面平行的玻璃砖；B．选择的入射角应尽量小些；C．大头针应垂直地插在纸面上；D．大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些.

（2）甲同学在量入射角和折射角时，由于没有量角器，在完成了光路图以后，以O点为圆心，OA为半径画圆，交OO’延长线于C点，过A点和C点作垂直法线的直线分别交于B点和D点，如图所示，若他测得AB=7cm，CD=4cm，则可求出玻璃的折射率n=_________．

（3）乙同学使用同一个玻璃砖完成实验，却发现测出的折射率明显大于理论值，反复检查实验操作过程后认为是用铅笔描出玻璃砖上下表面时候出现了操作失误，由此可以判断该同学作出的两界面间距_______玻璃砖的实际宽度．（选填“大于”、“小于”）27、某同学在做“探究单摆周期与摆长的关系”的实验中，分别用两种仪器来测量摆球直径，操作如图1所示，得到摆球的直径为d=19.12mm，此测量数据是选用了仪器__（选填“甲”或“乙”）测量得到的．

该同学先用米尺测得摆线的长度，再采用上题中的方法测得摆球直径，他通过改变摆长，进行多次实验后以摆长L为横坐标，T为纵坐标，作出图线，若该同学在计算摆长时加的是小球直径，则所画图线是图2中是__．（填“A”、“B”或者“C”）

评卷人得分六、解答题(共1题，共6分)28、一匀强电场，场强方向是水平的（如图)，一个质量为的带电量为的带正电的小球，从点出发，初速度的大小为，在电场力和重力作用下，恰好能沿与场强的反方向成角的直线运动．求：

（1）电场强度的大小．

（2）小球运动到最高点的时间．

（3）小球运动最最高点与出发点点的电势差是多少？参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

设线圈的长宽分别为ab，当磁感应强度发生变化时，线框内产生感应电动势为：感应电流为：安培力为：F=BIb；得cd边的安培力：由公式可知，若磁场B增大，则减小；若B减小，则增大。所以四个图象中只有B正确。2、B【分析】【详解】

A．根据左手定则可知；向上偏转的粒子一定带正电，选项A说法正确，不符合题意；

B．当粒子速率增加时；其运动的轨迹半径变大，其转过的圆心角减小，在磁场中运动的时间会变短，选项B说法错误，符合题意；

C．由几何关系可知，只要粒子入射的方向指向圆心射出方向的反向延长线一定仍然过点；选项C说法正确，不符合题意；

D．由题意可知，粒子在磁场中运动的轨迹半径与磁场半径相等，当粒子速度方向变化时，其轨迹如图，其中为粒子出射点，为轨迹的圆心，由于所以四边形为菱形，与平行，即粒子从点射出时速度方向与垂直，所以仍会垂直打在屏上；选项D说法正确，不符合题意.

3、D【分析】【详解】

AB．当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，而在干路，故变亮；变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分电压减小，则变暗；总电流增大，而的电流减小，则的电流增大，则变亮。故AB错误；

CD．由上述分析可知，电压表的示数减小，电压表的示数增大，由于路端电压减小，所以故D正确，C错误。

故选D。

【点睛】

对于电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”思路进行分析。运用总量法分析两电压表读数变化量的大小。4、C【分析】【详解】

设此电压的最大值为Um，电压的有效值为U．代入数据得图乙中电压的有效值为110V．变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是10：l，所以电压表的示数为11V，故A错误．R0处出现火警时，电阻减小，则次级电流变大，变压器输出功率变大，则变压器的输入功率增大，电流表示数变大，选项C正确，B错误；R1的滑片P适当向下移动，R1电阻变大，则次级电流变大，R0上电压变大；则报警器两端电压减小，则报警器的临界温度就降低了，故选项D错误；故选C.

点睛：根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握．根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键．5、A【分析】【详解】

圆环从静止开始向下运动到落到磁铁下方的过程中，穿过圆环的磁通量先增加再减小，根据楞次定律可知磁铁对线圈的反应是：感应电流的磁场先阻碍磁通量先增加再阻碍其减小，即先是排斥其向下运动，阻碍其磁通量增大，后是吸引线圈，阻碍其磁通量的减小．故两种情况下，绳的拉力都大于mg，即A正确．

【点睛】

深刻理解楞次定律“阻碍”的含义．如“阻碍”引起的线圈面积、速度、受力等是如何变化的．二、多选题(共9题，共18分)6、B:C【分析】【详解】

A；1个氘核和1个氚核结合生成1个氦核；这是两个比较轻的核转化成中等质量的核，所以属于聚变反应，A错误。

B；根据质量数和质子数守恒；可以知道当1个氘核和1个氚核结合生成1个氦核时会有一个中子生成，B正确。

C、原子核的结合能与核子数之比，称做比结合能．根据题意可知，核反应过程中释放的核能是C正确。

D、核电技术是利用核裂变或核聚变反应所释放的能量发电的技术．因为受控核聚变存在技术障碍，目前核电站都是采用核裂变技术．D错误7、A:C:D【分析】【详解】

根据欧姆定律得知故当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，均不变，A正确；变大，根据闭合电路欧姆定律得则有不变，B错误C正确；变大；根据闭合电路欧姆定律得则有不变，D正确．

【点睛】

本题对于定值电阻，是线性元件有对于非线性元件，．8、B:D:E【分析】A：气体很容易充满整个容器；这是分子热运动的宏观表现。故A项错误。

B：若两个分子间的势能增大；一定是克服分子间的相互作用力做功。故B项正确。

C：物体的内能是物体内所有分子无规则热运动的分子动能和分子势能的总和；宏观上影响内能的因素是物质的量；物体的体积和物体的温度。两个物体内能相同；则它们的温度不一定相同。故C项错误。

D：密度为ρ(kg/m3)的1m3的铜，质量所含原子数故D项正确。

E：由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势。故E项正确。9、A:D:E【分析】【详解】

A．过程中气体的温度升高；体积增大，气体从外界吸热，故A项正确；

B．过程中气体的温度不变；分子的平均动能不变，故B项错误；

C．程中气体的温度降低；分子撞击器壁的平均力度减小，气体体积减小而压强不变，所以气体分子在单位时间内对单位容器壁的碰撞次数不断增加，故C项错误；

D．由题图中几何关系知，过程中气体的温度升高了

故D项正确；

E．过程中气体做等温变化，气体内能保持不变，做出此过程的图像如图所示。

图像与横轴所围面积表表气体对外界做的功，对应梯形面积为故E项正确。

故选ADE。10、A:C【分析】【详解】

A．由于做功和热传递都可以改变物体的内能；如果放出热量的同时外界对气体做功，内能不一定减小，即分子平均动能不一定减小，A正确；

B．由于分子永不停息的做无规则运动；液体内总有一些分子运动的速率特别快，脱离其它分子的束缚，跑到液体外面，这就是液体的汽化现象，B错误；

C．布朗运动是固体粒颗粒在液体分子撞击下永不停息的做无规则的运动；则于固体颗粒的无规则运动，说明液体分子在永不停息地做无规则运动，C正确；

D．由于气体分子间距离特别远，分子间隙不能忽略，因此气体分子的摩尔体积V、分子体积V0与阿伏加德罗常数NA之间的关系都不能表示为。

V=NAV0D错误。

故选AC。11、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．A→B过程为等温过程；气体体积增大，气体对外界做功，故A正确；

B．B→C过程中；绝热膨胀，气体对外做功，内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减小，故B错误；

CD．C→D过程中；等温压缩，压强变大，体积变小，分子数密度变大，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多；内能不变，外界对气体做功，则气体放热，故CD正确；

故选ACD。12、C:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．气体总是很容易充满整个容器；这是分子处于永不停息的无规则运动并忽略分子间的作用力的结果的原因，A错误；

B．“油膜法”估测分子大小实验中；要先撒上痱子粉，将纯油酸滴入痱子粉上，B错误；

C．不可能从单一热源吸收热使之完全变为功而不引起其它变化；如果引起其它变化，可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功，C正确；

D．1m3铜所含的原子数是。

D正确；

E．液体表面张力是液体表面层里的分子比液体内部稀疏；分子间的距离比液体内部大，分子力表现为引力的结果，液体的表面张力使液面具有收缩到液面表面积最小的趋势，E正确。

故选CDE。13、A:D【分析】【详解】

在U-I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，可知电动势E1=E2，内阻r1＞r2，故A正确，BC错误；由U-I图象与I轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流I1＜I2，故D正确．所以AD正确，BC错误．14、C:D【分析】【分析】

【详解】

快速向瓶内打入气体的过程，在瓶塞未跳起前，压缩瓶内的气体做功，瓶内气体的内能增加，瓶内水蒸汽分子密度增大，继续打气，当瓶塞跳起时，瓶内气体对瓶塞做功，瓶内气体的内能减少，温度降低，使瓶内的水蒸气液化成小水珠，出现白气，故选项C、D正确，A、B错误．三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】正比CT或＝质量体积过原点的直线－273.15℃16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小露珠由于表面张力呈现球形状；能在荷叶上滚动，是因为荷叶表面的不浸润。

[2]液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，则液体表面层分子间作用力表现为分子间引力，当分子间引力和斥力相等时分子势能最小，此时分子力表现为引力，分子间距离应大于最小分子势能对应的距离，故应是图像中的C点。【解析】①.表面张力/不浸润②.C17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]AB延长线过原点，即AB过程的V与T成正比，故A到B过程为等压过程，对A到B的过程运用盖－吕萨克定律可得

代入图象中的数据可得气体在状态B时的温度

[2]因为气体是一定质量的理想气体，而一定质量的理想气体的内能只跟温度有关，因为

所以A与C的内能相同，故A到B内能的增加量等于B到C内能的减小量，即

根据热力学第一定律可得

A到B过程气体对外做功，故

又已知

可得

根据热力学第一定律可得

B到C为等容过程，故

所以

故气体向外放出的热量为140J。【解析】60014018、略

【分析】【详解】

[1][2]射线是高速运动的氦原子核，β射线是高速运动的电子流，γ射线是原子核能级跃迁时释放的射线，阴极射线是原子受激发时射出的电子，故由原子核内射出、属于电磁波的射线是γ射线，不是原子核内射出的射线是阴极射线。【解析】γ射线阴极射线19、略

【分析】【详解】

[1]把小球的运动分解到水平和竖直方向，竖直方向做自由落体运动，水平方向作用下做匀减速运动。由小球落地时速度方向恰好竖直向下，知落地时v0恰好减为零，落地时速度为

落地时的动能为

解得

[2]竖直方向

水平方向

联立可得【解析】mgh20、略

【分析】【详解】

[1][2][3]根据爱因斯坦光电效应方程

图象的斜率表示普朗克常量h，横轴的截距大小等于截止频率，由图知该金属的截止频率为4.31×1014Hz；金属的逸出功为

[4]根据光电效应方程得

当入射光的频率为时，代入数据解得最大初动能为

依据

解得

【点睛】

解决本题的关键掌握光电效应方程，知道最大初动能与入射光频率的关系，并掌握光电效应方程，以及知道逸出功与极限频率的关系，结合数学知识即可进行求解，同时注意遏止电压与最大初动能的关系，及保留3位有效数字。【解析】普朗克常量h4.30×10142.86×10-190.5．四、作图题(共3题，共30分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共28分)24、略

【分析】【详解】

I.光路如图所示，设P1P2与a的交点为O1，P3P4与a'的交点为O2，过O1作a的垂线，交a'于B点，过P1做a的平行线，与过O1的垂线相交于A点；

在△P1O1A中，设∠P1O1A=1，则sin1=

在△O1O2B中，设∠O1O2B=2，则sin2=

由折射定律，n=

II.光在玻璃砖中的速度

光在玻璃砖中通过的路程s=O1O2

O1O2=

光通过玻璃砖所用时间【解析】I.光路如图所示:

折射率：n=

II.光通过玻璃砖所用时间25、略

【分析】【详解】

(1)灯泡电压为3V，故电压表应选择3V量程的A；由P=U/I可知，I=P/U=1.5/3=0.5A，故电流表应选择C；由于本实验采用滑动变阻器分压接法，故应选用小电阻E；

(2)本实验要求电流从零开始调节；故应采用分压接法，同时因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接法；如图所示；

(3)灯泡电阻随温度的升高而增大，因此图象为曲线；当电压为1.8V时，电流为0.4A，则功率P=UI=