2025年人教版高一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高一物理下册月考试卷76考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、两辆汽车在同一平直路面上行驶，它们的质量之比m1：m2=1：2，速度之比v1：v2=2：1．当两车急刹车后，甲车滑行的最大距离为s1，乙车滑行的最大距离为s2．设两车与路面的动摩擦因数相等，不计空气的阻力，则（）A.s1：s2=1：2B.s1：s2=1：1C.s1：s2=2：1D.s1：s2=4：12、如图所示的各个图象中，能够描述自由落体运动的是（）3、如图所示，倾角为30鈭�

的斜面体固定于水平地面上，挡板AD

可绕A

点自由转动，光滑小球置于挡板与斜面之间，调整挡板与地面夹角娄脠

使得小球对斜面的压力大小等于小球的重力，则挡板与地面的夹角娄脠

为(

)

A.15鈭�

B.30鈭�

C.45鈭�

D.75鈭�

4、用如图所示的方法可以测定木块A与长木板B之间的滑动摩擦力的大小。把一个木块A放在长木板B上，长木板B放在水平地面上。长木板以恒定速度v做匀速直线运动，水平弹簧秤的示数为T．若长木板做匀减速直线运动，则下列说法正确的是（）A.木块A受到的滑动摩擦力的大小等于TB.木块A受到的滑动摩力的大小大于TC.木块A受到的滑动摩擦力的大小会小于TD.因物块速度发生变化，所以滑动摩擦力的大小无法确定5、以下说法不符合物理学史实的是：A.亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动；没有力的作用，物体就要静止在某一个地方B.伽利略通过理想实验得出结论：力是维持物体运动的原因C.笛卡尔指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D.牛顿第一定律是逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能直接用实验验证6、【题文】质点在平面上运动，它在方向的速度图象和方向的位移图象分别如图所示；下列判断正确的是。

A.时刻质点的初速度为3m/sB.质点的加速度大小为5m/C.质点在方向做匀变速直线运动D.质点在方向做匀变速直线运动7、玉米在有分裂后期的细胞中含有20条染色体，那么玉米体细胞中染色体数目为()A.10条B.20条C.30条D.40条评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图所示，可视为质点、质量为m

的小球，在半径为R

的竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，下列有关说法中正确的是(

)

A.小球通过最高点的最小速度为gR

B.小球通过最高点的最小速度为0

C.如果小球在最高点时的速度大小为2gR

则此时小球给管道壁有坚直向下作用力D.如果小球在最低点时的速度大小为5gR

则此时小球给管道间的压力大小为6mg

9、“飞车走壁”是一种传统的杂技艺术，演员骑车在倾角很大的桶面上做圆周运动而不掉下来.

如图所示，已知桶壁的倾角为娄脠

车和人的总质量为m

做圆周运动的半径为r

若使演员骑车做圆周运动时不受桶壁的摩擦力，下列说法正确的是(

)

A.人和车的速度为grtan娄脠

B.人和车的速度为grsin娄脠

C.桶面对车的弹力为mgcos胃

D.桶面对车的弹力为mgsin胃

10、甲、乙两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的v鈭�t

图象如图所示，下列说法正确的是

A.乙物体先向负方向运动，t1

时刻以后反向向正方向运动B.0隆芦t2

时间内，乙的速度和加速度都是先减小后增大C.t2

时刻，两者相距最远D.t1

时刻，乙物体追上甲11、如图；升降机内有一固定斜面，斜面上放一物块.

开始时，升降机做匀速运动，物块相对于斜面匀速下滑.

当升降机加速上升时，()

A.物块与斜面间的摩擦力减少。

B.物块与斜面间的正压力增大。

C.物块相对于斜面减速下滑。

D.物块相对于斜面匀速下滑12、发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3．轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如图所示，当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A.卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率B.卫星在轨道3上的加速度小于在轨道1上的加速度C.卫星在轨道1上经过Q点时的速度小于它在轨道2上经过Q点时的速率D.卫星在轨道2上经过P点时的加速度小于它在轨道3上经过P点时的加速度13、用以下方法可以粗略测定木块和木板间的动摩擦因数：如图所示，将木块放在木板上，木板放在水平地面上，将木板的左端固定，而将其右端缓慢地抬高，会发现木块先相对静止在木板上，后来开始相对于木板向下滑动，测得当木块刚好开始沿木板滑动时木板和水平地面间的夹角θ，下列说法中正确的是（）A.木块开始滑动前，其所受的摩擦力一直在增大B.木块开始滑动后，其所受的摩擦力一直在增大C.测得的动摩擦因数μ=tanθD.测得的动摩擦因数μ=sinθ14、已知引力常量G

和下列某组数据就能计算出地球的质量，这组数据是(

)

A.地球绕太阳运行的周期及地球与太阳之间的距离B.月球绕地球运行的周期及月球与地球的半径C.人造地球卫星在地面附近绕行的速度及运行周期D.若不考虑地球自转，已知地球的半径及地球表面重力加速度15、如图甲所示，一光滑的平行金属导轨ABCD

竖直放置.ABCD

相距L

在AC

之间接一个阻值为R

的电阻；在两导轨间的abcd

矩形区域内有垂直导轨平面向外、高度为5h

的有界匀强磁场，磁感应强度为B.

一质量为m

电阻为r

长度也为L

的导体棒放在磁场下边界ab

上(

与ab

边重合).

现用一个竖直向上的力F

拉导体棒，使它由静止开始向上运动，导体棒刚要离开磁场时恰好做匀速直线运动，导体棒与导轨始终垂直且保持良好接触，导轨电阻不计，F

随导体棒与初始位置的距离x

变化的情况如图乙所示，下列判断正确的是(

)

A.导体棒离开磁场时速度大小为3mg(R+r)B2L2

B.离开磁场时导体棒两端电压为2mgRBL

C.导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R

的电荷量为5BLhR

D.导体棒经过磁场的过程中，电阻R

产生焦耳热为9mghRR+r鈭�2m3g2R(R+r)B4L4

评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、【题文】一个物体静止在光滑水平面上，先对物体施一水平向右的恒力F1，经ts后撤去F1，立即再对它施一水平向左的恒力F2经ts后物体回到出发点，在这一过程中，F1、F2分别对物体做的功之比为W1∶W2=________．17、【题文】如图所示，A、B为咬合转动的两个齿轮，它们的半径分别为和且则A、B两轮边缘上两点的角速度之比为=____；线速度之比=____。18、功等于____跟____移动距离的____，即功=____．19、京津城际铁路是我国最早建成并运营的高标准铁路客运专线．列车在正式运营前要进行测试．某次测试中列车速度从0增大到v所用时间为t，行驶的距离为x．此过程中若列车所受牵引力的功率恒为P．且列车所受的阻力不变，已知列车的质量为m．当速度为v时列车所受的牵引力大小为____，此时列车加速度的大小为____．20、在实验探究合力的方法时；先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳.

实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧测力计通过细绳拉橡皮条．

(1)

实验对两次拉伸橡皮条的要求中；下列说法正确的是______(

填字母代号)

．

A；将橡皮条拉伸相同长度即可。

B；将橡皮条沿相同方向拉到相同长度。

C；将弹簧测力计都拉伸到相同刻度。

D；将橡皮条和绳的结点拉到相同位置。

(2)

同学们在操作过程中有如下议论；其中对减小实验误差有益的说法是______(

填字母代号)

．

A；两细绳必须等长。

B；弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行。

C；用两弹簧测力计同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大。

D、拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要远些．评卷人得分四、推断题(共4题，共36分)21、已知rm{A}是生产生活中用量最大的金属，rm{B}为淡黄色粉末。在常温下rm{C}为无色液体，rm{E}rm{G}rm{H}rm{I}rm{J}为气体，其中rm{H}为黄绿色，其它为无色。rm{J}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝rm{(}图中部分产物已略去rm{)}请填写下列空白：rm{(1)}写出化学式：rm{D}____，rm{K}____。rm{(2)}写出rm{垄脷}的离子方程式：____。rm{(3)}反应rm{垄脺}不属于下列何种反应类型____rm{(}填字母序号rm{)}A.化合反应rm{B.}氧化还原反应rm{C.}离子反应rm{D.}置换反应rm{(4)}若要确定rm{垄脹}反应后所得溶液中含有rm{M}物质，所选试剂为____rm{(}填序号rm{)}A.rm{KSCN}溶液和氯水rm{B.}铁粉和rm{KSCNC.}浓氨水rm{D.}酸性高锰酸钾溶液rm{(5)}将rm{F}加入到rm{M}的溶液里并露置在空气中，可以观察到整个过程的现象是：____。rm{(6)}常温下，rm{H}与过量的rm{J}反应产生浓厚的白烟，另一生成物是空气的主要成分之一，请写出该反应的化学方程式：____。22、从铝土矿rm{(}主要成分是rm{Al_{2}O_{3}}含rm{SiO_{2}}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等杂质rm{)}中提取氧化铝的两种工艺流程如下：rm{(1)}写出物质的化学式rm{A}_____________，固体rm{X}__________________。____________________________rm{(2)}写出流程甲加入盐酸后生成rm{Al^{3+}}的离子方程式：___________________________。rm{(3)}写出流程乙加入烧碱后生成rm{SiO}的离子方程式：___________________________。rm{(4)}为了验证滤液rm{B}中含rm{Fe^{3+}}可取少量滤液并加入___________rm{(}填试剂名称rm{)}rm{(5)}滤液rm{E}、rm{K}中溶质的主要成分是_____rm{(}填化学式rm{)}写出该溶液的一种用途：_______。rm{(6)}写出滤液rm{D}rm{Y}中与过量rm{CO_{2}}反应的化学方程式__________________________。23、A、rm{B}rm{C}rm{D}均为中学化学常见的纯净物，rm{A}是单质。它们之间有如下的反应关系：

rm{(1)}若rm{D}物质具有两性，rm{垄脷垄脹}反应均要用强碱溶液，rm{垄脺}反应是通入过量的一种引起温室效应的主要气体。写出rm{垄脷}反应的离子方程式____；rm{垄脺}反应离子方程式____。rm{(2)}若rm{A}是应用最广泛的金属。rm{垄脺}反应用到rm{A}rm{垄脷垄脻}反应均用到同一种黄绿色气体单质。写出rm{A}与水反应的化学方程式____。rm{垄脺}反应的离子方程式____。rm{D}中加入氢氧化钠的现象____。rm{(3)}若rm{A}是太阳能电池用的光伏材料。rm{C}rm{D}为钠盐，且溶液均显碱性。rm{垄脺}反应也是通入一种引起温室效应的主要气体。写出rm{垄脷}反应的化学方程式____。rm{垄脻}反应用到rm{B}反应条件为高温，则rm{垄脻}的化学方程式为____。24、已知rm{A}是生产生活中用量最大的金属，rm{B}为淡黄色粉末。在常温下rm{C}为无色液体，rm{E}rm{G}rm{H}rm{I}rm{J}为气体，其中rm{H}为黄绿色，其它为无色。rm{J}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝rm{(}图中部分产物已略去rm{)}请填写下列空白：rm{(1)}写出化学式：rm{D}____，rm{K}____。rm{(2)}写出rm{垄脷}的离子方程式：____。rm{(3)}反应rm{垄脺}不属于下列何种反应类型____rm{(}填字母序号rm{)}A.化合反应rm{B.}氧化还原反应rm{C.}离子反应rm{D.}置换反应rm{(4)}若要确定rm{垄脹}反应后所得溶液中含有rm{M}物质，所选试剂为____rm{(}填序号rm{)}A.rm{KSCN}溶液和氯水rm{B.}铁粉和rm{KSCNC.}浓氨水rm{D.}酸性高锰酸钾溶液rm{(5)}将rm{F}加入到rm{M}的溶液里并露置在空气中，可以观察到整个过程的现象是：____。rm{(6)}常温下，rm{H}与过量的rm{J}反应产生浓厚的白烟，另一生成物是空气的主要成分之一，请写出该反应的化学方程式：____。评卷人得分五、计算题(共3题，共30分)25、【题文】2009年2月天文学家发现了COROT-7b，其密度和地球接近，直径大约是地球的两倍。假定它的密度和地球的平均密度相等，直径等于地球直径的两倍，人们可以在该行星表面进行如下的物理活动。如图，货物传送带与水平地面间的夹角为θ，且有下端A与上端B之间的长度L=20m，传送带以v=8m/s的速度顺时针转动。将质量m=4kg的小物体轻放在传送带下端A处，物块与传送带之间的动摩擦因数μ=5/4。取地球表面重力加速度g=l0m/ssinθ=0.6，cosθ=0.8，求：物块从A到B的过程中，传送带对物块做的功。

26、汽车行驶在半径为50m

的圆形水平跑道上；速度为10m/s.

已知汽车的质量为1000kg

汽车与地面的最大静摩擦力为车重的0.8

倍.

问：(g=10m/s2)

(1)

角速度是多少？

(2)

其向心力是多大？

(3)

要使汽车不打滑，则其速度最大不能超过多少？27、现有两个小球，甲球由高度为5

米的地方自由下落，(

忽略空气阻力)

乙球同时由正下方开始沿光滑水平面以2m/s

的速度运动，则甲球落地时的速度多大？甲球落地时两球的距离多大？(g=10m/s2)

评卷人得分六、解答题(共1题，共5分)28、一辆汽车从静止开始，在水平路面上以4m/s2的加速度做匀加速直线运动．求：

（1）2s末汽车速度的大小；

（2）2s末汽车位移的大小．

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【解析】试题分析：根据动能定理,分别对两车列式-μm1gs1=0-m1v12/2-μm2gs2=0-m2v22/2两式相比可得s1∶s2=4∶1,故选项D是正确的考点：动能定理，摩擦力做功【解析】【答案】D2、B【分析】【解析】试题分析：自由落体运动中v=gt，速度时间图像的斜率表示加速度大小，由此可知B对；选项A中物体做的是匀速直线运动，选项C中物体静止不动，C错；选项D中物体做的是匀速直线运动，Ｄ错；考点：考查运动图像的应用【解析】【答案】B3、D【分析】解：对光滑小球受力分析；如图所示：

小球处于静止状态；受力平衡，则重力和斜面的支持力的合力与挡板的作用力大小相等，方向相反，而N=mg

则合力的平行四边形为菱形；

根据几何关系可知，娄脕=180鈭�鈭�30鈭�2=75鈭�

则娄脠=娄脕=75鈭�

故D正确．

故选：D

对光滑小球受力分析；画出力的示意图，根据小球受力平衡可知，重力和斜面的支持力的合力与挡板的作用力大小相等，方向相反，再结合几何关系求解即可．

本题主要考查了共点力平衡条件的直接应用，要求同学们能正确分析小球的受力情况，并注意几何关系的应用，难度适中．【解析】D

4、A【分析】解：ABC；B做匀减速直线运动时；A保持静止，A水平方向受到弹簧的拉力和B对A的滑动摩擦力，由平衡条件得到，木块A受到的滑动摩擦力的大小等于弹簧的拉力T．故A正确，BC错误。

D；不论长木板B的速度如何变化；AB间动摩擦因数不变，A对B的压力不变，则木块A受到的滑动摩擦力的大小不变，仍等于T．故D错误。

故选：A。

当长木板B匀速运动时，A保持静止。以A为研究对象，根据平衡条件研究B对A的滑动摩擦力的大小。根据滑动摩擦力公式f=μFN；可知滑动摩擦力大小与动摩擦因数和压力成正比，与物体的速度大小无关。

本题关键有两点：一是研究对象的选择；二是抓住滑动摩擦力大小与物体的速度大小无关。【解析】A5、B【分析】试题分析：亚里士多德认为力的作用是使物体运动的原因，A的说法符合物理学史，故不选A；伽利略通过理想实验得出结论小球沿一个斜面由静止滚下来，在滚上另一个斜面，如果没有摩擦，减小另一个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球将在水平面上以恒定的速度维持运动下去，即运动不需要力来维持，故B项说法不符合物理学史，故应选B；笛卡尔指出如果运动中的物体没有受到力的作用，它将以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，C的说法符合物理学史，故不选C；牛顿第一定律是逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能直接用实验验证，符合物理学史，故不选D。考点：本题考查了物理学史【解析】【答案】B6、C【分析】【解析】方向的做匀速运动，速度大小4m/s，时刻质点的初速度为两者的合速度，大小为5m/s，AD错误；由速度图象知，质点在方向做匀变速直线运动，质点的合加速度大小等于在方向的加速度，大小为3m/B错误、C正确。【解析】【答案】C7、A【分析】【分析】本题考查有丝分裂过程中染色体的变化，意在考查学生对知识的理解和记忆能力。【解答】有分裂后期的细胞中染色体是体细胞的2倍，因此在有分裂后期的细胞中含有20条染色体，那么体细胞中染色体数目为10条。综上所述，A正确，BCD错误。​故选A。【解析】A二、多选题(共8题，共16分)8、BD【分析】解：AB

圆形管道内能支撑小球；小球能够通过最高点时的最小速度为0

故A错误，B正确；

C；设管道对小球的弹力大小为F

方向竖直向下.

由牛顿第二定律得。

mg+F=mv2Rv=2gR

代入解得F=3mg>0

方向竖直向下．

根据牛顿第三定律得知：小球对管道的弹力方向竖直向上；即小球对管道的外壁有作用力．

故C错误；

D、重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：N鈭�mg=mv2R

解得：N=mg+mv2r=mg+m5gRR=6mg

根据牛顿第三定律；球对管道的压力大小为6mg

故D正确；

故选BD．

圆形管道内能支撑小球，小球能够通过最高点时的最小速度为0.

小球在最高点时的速度大小为2gR

时，由牛顿第二定律求出小球受到的管道的作用力大小和方向，再由牛顿第三定律分析小球对管道的作用力.

在最低点时的速度大小为5gR

时；同样根据牛顿第二定律求出小球受到的管道的作用力大小和方向．

本题中圆管模型与轻杆模型相似，抓住两个临界条件：一是小球恰好到达最高点时，速度为零；二是小球经过最高点与管道恰好无作用力时速度为gR

．【解析】BD

9、AC【分析】解：A

人和车所受的合力为：F潞脧=mgtan娄脠

根据mgtan娄脠=mv2r

得：

v=grtan娄脠.

故A正确；B错误．

C、根据平行四边形定则知，桶面对车的弹力为：N=mgcos胃.

故C正确；D错误．

故选：AC

．

车和人做圆周运动；靠重力和支持力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律求出线速度的大小，通过平行四边形定则求出桶面对车的弹力大小．

本题考查应用物理规律分析实际问题的能力，是圆锥摆模型，关键是分析物体的受力情况，结合牛顿第二定律进行求解．【解析】AC

10、BC【分析】【分析】

在v鈭�t

图象中，图线的斜率表示物体的加速度，而图线与坐标轴所围的面积表示物体的位移。本题是速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，明确在追及问题中，往往两个物体的速度相等时相距最远或最近。

【解答】A.乙的速度一直为正值；说明其运动方向一直沿正方向，没有改变，故A错误；

B.0鈭�t2

时间内；乙图线的斜率绝对值先减小后增大，则乙的加速度先减小后增大，从图像上得到速度也是先减小后增大，故B正确；

CD.

甲、乙两物体从同一位置沿同一直线运动，在0鈭�t2

时间内，甲的速度一直比乙的大，甲在乙的前方，两者间距逐渐增大，t2

时刻后，乙的速度比乙的大，两者间距逐渐减小，所以t2

时刻，两者相距最远，故C正确，D错误。故选BC。

【解析】BC

11、BD【分析】【分析】

对物体进行受力分析，得出匀速下滑时的受力情况，然后分析升降机加速上升时的情况即可。本题考查了判断物体与升降机的位置关系问题，知道当升降机加速上升时，物体受到的支持力一定增大是正确解题的关键。【解答】当升降机匀速运动时；物块相对于斜面匀速下滑，则：f=娄脤mgcos娄脠=mgsin娄脠

所以：sin娄脠=娄脤cos娄脠

支持力与摩擦力的合力竖直向上，大小等于重力；

当升降机加速上升时；物体有竖直向上的加速度，则物体受到的支持力一定增大，此时的摩擦力f鈥�=娄脤?F鈥�N

由于接触面的压力增大，所以物体与斜面间的摩擦力增大，故A错误，B正确；

假设物体以加速度a

向上运动时；有N=m(g+a)cos娄脠

所以f鈥�=娄脤m(g+a)cos娄脠

对物体受力分析可知，垂直于斜面方向上，由于m(g+a)sin娄脠=娄脤m(g+a)cos娄脠

所以沿斜面方向Nsin娄脠=f鈥�cos娄脠

即物体在沿斜面方向方向上合力为0

所以物体仍做匀速下滑运动，故C错误，D正确；

故选BD。【解析】BD

12、ABC【分析】解：AB、卫星做匀速圆周运动时，根据万有引力提供向心力，得：G=m=ma，得：v=a=

可知；卫星的轨道半径越大，速率和加速度越小，则卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率，卫星在轨道3上的加速度小于在轨道1上的加速度．故AB正确．

C；从轨道1变到轨道2；卫星在Q点是做离心的运动，要实现这个运动必须使卫星所需向心力大于万有引力，所以应给卫星加速，增加所需的向心力．所以在轨道2上Q点的速度大于轨道1上Q点的速度．故C正确．

D、根据G=ma，得a=．则知；同一点加速度相同．则卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度．故D错误．

故选：ABC

根据人造卫星的万有引力等于向心力；列式求出线速度；加速度的表达式进行讨论即可．卫星做逐渐远离圆心的运动，要实现这个运动必须使卫星所需向心力大于万有引力，所以应给卫星加速．

本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度和角速度的表达式，再进行讨论．知道知道卫星变轨的原理，卫星通过加速或减速来改变所需向心力实现变轨．【解析】【答案】ABC13、AC【分析】解：A；对物体受力分析可知；物体受到重力、支持力和沿斜面向上的摩擦力的作用，木块开始滑动前，物体受力平衡，所以摩擦力和重力沿斜面向下的分力相等，即f=mgsinθ，所以夹角增大的过程中，木块所受的摩擦力一直在增大，所以A正确．

B；当木块在斜面上发生滑动之后；受到的摩擦力为滑动摩擦力，大小为μmgcosθ，可知，夹角越大，受到的滑动摩擦力越小，所以B错误．

CD；由最大静摩擦力等于滑动摩擦力可知；当夹角为θ时，f=mgsinθ=μmgcosθ，所以动摩擦因数μ=tanθ，所以C正确，D错误．

故选：AC．

在长直木板由水平位置缓慢向上转动的过程中；物体受到的是静摩擦力，对物体受力分析可以求得物体受到的摩擦力大小．

分析物体受到的摩擦力的大小，首先要判断物体受到的是静摩擦力还是滑动摩擦力，静摩擦力和滑动摩擦力的计算方法是不同的．【解析】【答案】AC14、CD【分析】解：A

地球绕太阳运行的周期及地球与太阳间距离根据万有引力提供圆周运动向心力；可以计算中心天体太阳的质量，而不可以计算环绕天体地球的质量，故A错误；

B、根据万有引力提供圆周运动向心力GMmr2=m4娄脨2T2r

可得中心天体地球的质量M=4娄脨2r3GT2

必须给出月球绕地球的轨道半径及月球绕地球的周期才能求出地球的质量，故B错误；

C、已知地面附近绕行的人造卫星的速度及运行周期，根据v=2娄脨rT

知；根据周期与绕行速度可以求得卫星轨道半径，再根据B

选项的分析知可以求得中心天体地球的质量M

故C正确；

D、不考虑地球自转，在地球表面重力与万有引力相等有mg=GMmR2

可得地球质量为M=gR2G

故可知D正确．

故选：CD

计算中心天体质量的主要思路有：一是在星球表面重力与万有引力相等；据重力加速度和地球半径求地球的质量，二是环绕天体围绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供，根据圆周运动的物理量可以求中心天体的质量．

万有引力应用的主要入手点是星球表面重力与万有引力相等，二是万有引力提供环绕天体的向心力.

据此只能计算中心天体的质量．【解析】CD

15、BD【分析】解：A

设导体棒离开磁场时速度大小为v

此时导体棒受到的安培力大小为：F掳虏=BIL=BLBLvR+r=B2L2vR+r

由平衡条件得：F=F掳虏+mg

由图2

知：F=3mg

联立解得：v=2mg(R+r)B2L2

故A错误。

B、离开磁场时，由F=BIL+mg=3mg

得：I=2mgBL

导体棒两端电压为：U=IR=2mgRBL

故B正确。

C、导体棒经过磁场的过程中，通过电阻R

的电荷量为：q=鈻�娄碌R+r=B鈰�5dLR+r=5BLdR+r

故C错误。

D、导体棒经过磁场的过程中，设回路产生的总焦耳热为Q.

根据功能关系可得：Q=WF鈭�mg?5d鈭�12mv2

而拉力做功为：WF=2mgd+3mg?4d=14mgd

电阻R

产生焦耳热为：QR=RR+rQ

联立解得：QR=9mgdRB4L4鈭�2m3g2R(R+r)2B4L4(R+r)

故D正确。

故选：BD

根据安培力与速度的关系式和平衡条件结合求导体棒离开磁场时的速度大小.

根据q=鈻�娄碌R+r

求通过电阻R

的电荷量.

根据欧姆定律求离开磁场时导体棒两端电压.

根据功能关系求出电阻R

产生的焦耳热．

本题是电磁感应与力学知识的综合应用，对于这类问题一定要正确分析安培力的大小和方向，要掌握安培力经验公式F掳虏=B2L2vR+r

做选择题时直接运用可节省时间．【解析】BD

三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【解析】

试题分析：设第一个t的速度为大小v1,方向向右为正，设第二个t的末速度大小为v2，方向向左，为负。则则因此根据动能定理所以

考点：匀变速运动规律；动能定理。

点评：此类题型运用了匀变速直线运动规律的推论判断出两个速度，通过动能定理求出两阶段力做功的大小。【解析】【答案】1：317、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】1:2；1:118、略

【分析】【分析】功等于作用在物体上的力与物体在力的作用下通过的距离的乘积．【解析】【解答】解：功等于力和在力的方向上通过的距离的乘积；也就是W=Fs．

故答案为：力；力的方向；乘积；W=Fs．19、略

【分析】

由题意可知，根据牵引力与功率的关系，可求出牵引力大小F=

从0增大到v所用时间为t；行驶的距离为x．

则由动能定理，可知：

根据牛顿第二定律，

由上可得，a=

故答案为：．

【解析】【答案】根据F=可求出牵引力大小；并由牛顿第二定律与动能定理相结合；可求出加速度的大小．

20、略

【分析】解：(1)

本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则；即研究合力与分力的关系，根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，即两次拉橡皮筋要到同一位置，故AC错误，BD正确。

故选：BD

．

(2)A

通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时；并非要求两细绳等长，故A错误；

B；测量力的实验要求尽量准确；为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；

C；用两弹簧秤同时拉细绳时弹簧读数没有要求；只要使得两次橡皮条拉伸到一点就行，故C错误；

D；为了更加准确的记录力的方向；拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确．

故选：BD

．

(1)

该实验采用了“等效替代”的原理；即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的．

(2)

本题考查了具体实验细节要求；注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进行，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答本题．

对于中学中的实验，学生尽量要到实验室进行实际操作，只有这样才能体会具体操作细节的意义，解答实验问题时才能更加有把握．【解析】BDBD

四、推断题(共4题，共36分)21、（1）Fe3O4NH4Cl

（2）2Na2O2+2H2O=4Na++4OH-+O2↑（3）D

（4）D（5）先产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色（6）8NH3＋3Cl2＝N2＋6NH4Cl【分析】【分析】本题考查无机物的推断，侧重于物质的性质的考查，解答本题的关键是根据物质的性质和用途作为突破口解答，题目难度中等，注重于学生分析问题和解决问题能力的考查。

【解答】已知rm{A}是生产生活中用量最大的金属，应为rm{Fe}rm{B}为淡黄色粉末，应为rm{Na}是生产生活中用量最大的金属，应为rm{A}rm{Fe}为淡黄色粉末，应为rm{B}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}为无色液体，应为rm{{,!}_{2}}，在常温下rm{C}为无色液体，应为rm{H}rm{C}则rm{H}为rm{{,!}_{2}}rm{O}则rm{D}为rm{Fe}rm{O}rm{D}rm{Fe}为rm{{,!}_{3}}rm{O}rm{O}为rm{{,!}_{4}}，rm{E}为rm{H}rm{E}为rm{H}rm{{,!}_{2}}为黄绿色气体，应为，rm{G}为rm{O}rm{G}rm{O}为rm{{,!}_{2}}，rm{F}为rm{NaOH}rm{H}为黄绿色气体，应为rm{Cl}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，应为rm{F}rm{NaOH}rm{H}为rm{Cl}rm{{,!}_{2}}，则rm{I}为rm{HCl}rm{J}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，应为rm{NH}rm{I}为rm{HCl}rm{J}rm{NH}为rm{{,!}_{3}}，则rm{K}为rm{NH}rm{K}

rm{NH}由以上分析可知rm{{,!}_{4}}为rm{Cl}rm{M}为rm{FeCl}rm{Cl}rm{M}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}为，rm{N}为rm{FeCl}rm{N}rm{FeCl}故答案为：rm{{,!}_{3}}，由此答题。rm{(1)}由以上分析可知rm{D}为rm{Fe}rm{(1)}rm{D}rm{Fe}rm{{,!}_{3}}

rm{O}反应rm{O}的离子方程式rm{{,!}_{4}}，rm{K}为rm{NH}rm{K}rm{NH}rm{{,!}_{4}}rm{Cl}故答案为：rm{Fe}rm{Cl}rm{Fe}rm{{,!}_{3}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{4}}；rm{NH}故答案为：rm{NH}rm{{,!}_{4}}rm{Cl}rm{Cl}rm{(2)}反应rm{垄脷}的离子方程式rm{2Na}rm{(2)}rm{垄脷}rm{2Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{2}}rm{+2H}

rm{+2H}反应rm{{,!}_{2}}为rm{O=4Na}rm{O=4Na}rm{{,!}^{+}}rm{+4OH}rm{+4OH}rm{{,!}^{-}}rm{+O}rm{+O}rm{{,!}_{2}}

rm{隆眉}故答案为：rm{2Na}反应后所得溶液中含有rm{隆眉}rm{2Na}rm{{,!}_{2}}

rm{O}将rm{O}加入到rm{{,!}_{2}}的溶液里并露置在空气中，先生成氢氧化亚铁白色沉淀，氢氧化亚铁不稳定，易被空气中氧气氧化生成红褐色的氢氧化铁，现象是产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色，rm{+2H}

rm{+2H}常温下，rm{{,!}_{2}}与过量的rm{O=4Na}反应产生浓厚的白烟，另一生成物是空气的主要成分之一，该反应的方程式为rm{O=4Na}rm{{,!}^{+}}rm{+4OH}rm{+4OH}rm{{,!}^{-}}rm{+O}rm{+O}rm{{,!}_{2}}rm{隆眉}

rm{隆眉}rm{(3)}反应rm{垄脺}为rm{2Fe}rm{(3)}rm{垄脺}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}rm{{,!}_{2}}

rm{=2Fe}【解析】rm{(1)Fe_{3}O_{4}}rm{NH_{4}Cl}

rm{(2)2Na_{2}O_{2}+2H_{2}O=4Na^{+}+4OH^{-}+O_{2}隆眉}rm{(3)D}

rm{(4)D}rm{(5)}先产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色rm{(6)8NH_{3}+3Cl_{2}=N_{2}+6NH_{4}Cl}22、（1）SiO2MgO、Fe2O3

（2）Al2O3+6H+=2Al3++3H2O

（3）SiO2+2OH-══SiO32-+H2O

（4）硫氰化钾

（5）NaHCO3灭火器或制糕点NaAlO2+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+NaHCO3【分析】【分析】本题以氧化铝提取工艺流程为载体，考查无机物推断、元素化合物性质及相互转化、除杂的方法、离子方程式等。【解答】由工艺流程甲可知，铝土矿与盐酸反应得固体rm{A}和滤液rm{B}则固体rm{A}为rm{SiO_{2}}滤液rm{B}含有氯化铝、氯化铁、氯化镁等，滤液中加入过量的rm{NaOH}可推知沉淀rm{C}为氢氧化铁、氢氧化镁，滤液rm{D}含有偏铝酸钠、氯化钠，所以向滤液rm{D}中通入过量二氧化碳，生成氢氧化铝沉淀与碳酸氢钠，沉淀rm{F}为rm{Al(OH)_{3}}滤液rm{E}中含有rm{NaCl}rm{NaHCO_{3}}根据工艺流程乙可知，铝土矿中的rm{Al_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}能和氢氧化钠反应，可知固体rm{X}为rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}等，滤液rm{Y}为硅酸钠、偏铝酸钠，滤液中通入过量二氧化碳，沉淀rm{Z}为rm{Al(OH)_{3}}硅酸，滤液rm{K}中含有rm{NaHCO_{3}}则rm{(1)}由分析可知，rm{A}为rm{SiO_{2}}固体rm{X}为rm{Fe_{2}O_{3}}rm{MgO}故答案为：rm{SiO_{2}}；rm{MgO}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{(2)Al_{2}O_{3}}与盐酸反应生成氯化铝和水，氧化物不能拆，离子方程式为：rm{Al_{2}O_{3}+6H^{+}篓T2Al^{3+}+3H_{2}O}故答案为：rm{Al_{2}O_{3}+6H^{+}篓T2Al^{3+}+3H_{2}O}

rm{(3)}二氧化硅与氢氧化钠反应生成硅酸钠和水，二氧化硅不能拆，故离子反应方程式为：rm{SiO_{2}+2OH^{-}篓TSiO_{3}^{2-}+H_{2}O}故答案为：rm{SiO_{2}+2OH^{-}篓TSiO_{3}^{2-}+H_{2}O}

rm{(4)Fe^{3+}}与硫氰化钾溶液反应，使溶液变红色，检验滤液rm{B}中是否含rm{Fe^{3+}}离子的方法为：取少量滤液rm{B}向其中加入硫氰化钾溶液，溶液变红色，说明滤液中含rm{Fe^{3+}}溶液不变红色，说明滤液中不含rm{Fe^{3+}}；故答案为：硫氰化钾；

rm{(5)}根据工艺流程甲可知，固体rm{A}为rm{SiO_{2}}滤液rm{B}含有氯化铝、氯化铁、氯化镁等，沉淀rm{C}为氢氧化铁、氢氧化镁，滤液rm{D}含有偏铝酸钠、氯化钠，所以向滤液rm{D}中通入过量二氧化碳，反应生成氢氧化铝沉淀与碳酸氢钠，碳酸氢钠可用于制纯碱或做发酵粉等，故答案为：rm{NaHCO_{3}}灭火器或制糕点rm{NaAlO_{2}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+NaHCO_{3}}

【解析】rm{(1)SiO_{2}}rm{MgO}rm{Fe_{2}O_{3;}}rm{(2)Al_{2}O_{3}+6H^{+}=2Al^{3+}+3H_{2}O}rm{(3)SiO_{2}}rm{+2OH^{-}篓T篓TSiO_{3}^{2-;}+H_{2}O}rm{(4)}硫氰化钾rm{(5)NaHCO_{3}}灭火器或制糕点rm{NaAlO_{2}+CO_{2}+2H_{2}O=Al(OH)_{3}隆媒+NaHCO_{3}}23、（1）2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2↑AlO2-+CO2(过量)+2H2O=Al(OH)3↓+HCO3-（2）3Fe+4H2O(g)Fe3O4+4H2Fe+2Fe3+=3Fe2+生成的白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色（3）Si＋2NaOH＋H2O=Na2SiO3＋2H2↑SiO2+Na2CO3Na2SiO3+CO2↑【分析】【分析】本题考查对无机框图的推断，物质之间的转化的判断，涉及化学方程式、离子方程式、反应现象描述等知识，综合性比较强，熟悉物质的性质是解题的关键，难度一般。【解答】rm{(1)}若rm{D}物质具有两性，含有rm{Al}元素，则rm{A}为rm{Al}若rm{(1)}物质具有两性，含有rm{D}元素，则rm{Al}为rm{A}rm{Al}反应要用强碱溶液，则反应rm{(2)}的离子方程式为：rm{(2)}rm{2Al+2OH^{-}+2H_{2}O=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}反应是通入过量的一种引起温室效应的主要气体，说明rm{(4)}反应是通入过量的一种引起温室效应的主要气体，说明rm{C}为偏铝酸盐rm{D}为为偏铝酸盐rm{(4)}为rm{C}rm{D}rm{Al(OH)}反应均要用强碱溶液，rm{{,!}_{3}}rm{(2)(3)}反应均要用强碱溶液，rm{B}为氧化铝或铝盐，则反应rm{(4)}的离子方程式为：为氧化铝或铝盐，则反应rm{{,!}_{3}}的离子方程式为：rm{(2)(3)}rm{B}rm{(4)}rm{AlO}rm{2}过量rm{2}rm{{,!}^{-}+CO}rm{2}rm{2}rm{(}rm{)+2H}rm{2}rm{2}rm{O=}故答案为：rm{Al(OH)}rm{3}rm{3}rm{隆媒}rm{隆媒}rm{+HCO}rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-}}故答案为：rm{{,!}^{-}}rm{2Al+2OH^{-}+2H}rm{2}过量rm{2}rm{O=2AlO}rm{2}rm{2}rm{{,!}^{-}+3H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{AlO}rm{2}

rm{2}若rm{{,!}^{-}+CO}是应用最广泛的金属，则rm{2}为rm{2}rm{(}rm{)+2H}rm{2}rm{2}rm{O=}rm{Al(OH)}rm{3}rm{3}rm{隆媒}，rm{隆媒}反应用到rm{+HCO}rm{3}反应均用到rm{3}rm{{,!}^{-}}的溶液用于蚀刻印刷铜电路板，含有铁离子，则非金属性单质为；可推知rm{(2)}为rm{A}rm{A}为rm{Fe}与水反应的化学方程式为：反应的离子方程式rm{3Fe+4H}rm{2}rm{2}rm{O(g)overset{赂脽脦脗}{=}Fe}迅速变成灰绿色，最后变成红褐色rm{3}生成的白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色，rm{3}rm{3Fe+4H_{2}O(g)overset{赂脽脦脗}{=}Fe_{3}O_{4}+4H_{2}O}rm{O}rm{4}生成的白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色；rm{4}rm{+4H}是太阳能电池用的光伏材料，则rm{2}为rm{2}rm{(4)}反应也是通入一种引起温室效应的主要气体，rm{A}rm{(2)(5)}为钠盐，且溶液均显碱性，说明盐水解呈碱性，可推知黄绿色气体单质，为rm{C}rm{Cl_{2}}rm{C}rm{FeCl_{3}}rm{D}为rm{FeCl_{2}}rm{垄脺}反应的离子方程式rm{垄脺}rm{Fe+2Fe^{3+}=3Fe}rm{{,!}^{2+}}为rm{{,!}^{2+}}则rm{FeCl_{2}}的反应的化学方程式为：中加入氢氧化钠生成氢氧化亚铁白色沉淀，的氢氧化铁，所以现象为故答案为：rm{3Fe+4H_{2}O(g)overset{赂脽脦脗}{=}

Fe_{3}O_{4}+4H_{2}O}rm{Fe+2Fe^{3+}=3Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{{,!}^{2+}}rm{(3)}若rm{A}是太阳能电池用的光伏材料，则rm{A}为rm{Si}rm{垄脺}反应也是通入一种引起温室效应的主要气体，rm{C}rm{D}为钠盐，且溶液均显碱性，说明盐水解呈碱性，可推知rm{C}为，rm{A}反应用到rm{A}反应条件为高温，为制玻璃的反应，则rm{Si}的化学方程式为：rm{垄脺}rm{C}rm{D}rm{C}rm{Na}rm{2}rm{2}rm{SiO}rm{{,!}_{3}}rm{D}为rm{{,!}_{3}}rm{D}rm{Na}rm{2}rm{2}rm{CO}rm{{,!}_{3}}rm{B}为rm{SiO_{2}}则rm{(2)}的反应的化学方程式为：rm{{,!}_{3}}rm{B}rm{SiO_{2}}rm{(2)}rm{Si+2NaOH+H}rm{2}rm{2}rm{O=Na}【解析】rm{(1)2Al+2OH^{-}+2H_{2}O=2AlO_{2}^{-}+3H_{2}隆眉}rm{AlO_{2}^{-}+CO_{2}(}过量rm{)+2H_{2}O=}rm{Al(OH)_{3}}rm{隆媒}rm{隆媒}rm{(2)3Fe+4H_{2}O(g)overset{赂脽脦脗}{=}Fe_{3}O_{4}+4H_{2}}rm{+HCO_{3}^{-}}生成的白色沉淀迅速变成灰绿色，最后变成红褐色rm{(2)3Fe+4H_{2}O(g)overset{赂脽脦脗}{=}

Fe_{3}O_{4}+4H_{2}}rm{Fe+2Fe^{3+}=3Fe^{2+;;}}rm{(3)}rm{Si+2NaOH+H}rm{Si+2NaOH+H}rm{{,!}_{2}}rm{O=Na}rm{O=Na}rm{{,!}_{2}}rm{SiO}rm{SiO}rm{overset{赂脽脦脗}{=}Na_{2}SiO_{3}+CO_{2}隆眉}rm{{,!}_{3}}24、（1）Fe3O4NH4Cl

（2）2Na2O2+2H2O=4Na++4OH-+O2↑（3）D

（4）D（5）先产生白色沉淀，迅速变成灰绿色，最后变成红褐色（6）8NH3＋3Cl2＝N2＋6NH4Cl【分析】【分析】本题考查无机物的推断，侧重于物质的性质的考查，解答本题的关键是根据物质的性质和用途作为突破口解答，题目难度中等，注重于学生分析问题和解决问题能力的考查。

【解答】已知rm{A}是生产生活中用量最大的金属，应为rm{Fe}rm{B}为淡黄色粉末，应为rm{Na}是生产生活中用量最大的金属，应为rm{A}rm{Fe}为淡黄色粉末，应为rm{B}rm{Na}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}为无色液体，应为rm{{,!}_{2}}，在常温下rm{C}为无色液体，应为rm{H}rm{C}则rm{H}为rm{{,!}_{2}}rm{O}则rm{D}为rm{Fe}rm{O}rm{D}rm{Fe}为rm{{,!}_{3}}rm{O}rm{O}为rm{{,!}_{4}}，rm{E}为rm{H}rm{E}为rm{H}rm{{,!}_{2}}为黄绿色气体，应为，rm{G}为rm{O}rm{G}rm{O}为rm{{,!}_{2}}，rm{F}为rm{NaOH}rm{H}为黄绿色气体，应为rm{Cl}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，应为rm{F}rm{NaOH}rm{H}为rm{Cl}rm{{,!}_{2}}，则rm{I}为rm{HCl}rm{J}能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，应为rm{NH}rm{I}为rm{HCl}rm{J}rm{NH}为rm{{,!}_{3}}，则rm{K}为rm{NH}rm{K}

rm{NH}由以上分析可知rm{{,!}_{4}}为rm{Cl}rm{M}为rm{FeCl}rm{Cl}rm{M}rm{FeCl}rm{{,!}_{2}}为，rm{N}为rm{FeCl}rm{N}rm{FeCl}故答案为：rm{{,!}_{3}}，由此答题。rm{(1)}由以上分析可知rm{D}为rm{Fe}rm{(1)}rm{D}rm{Fe}rm{{,!}_{3}}

rm{O}反应rm{O}的离子方程式rm{{,!}_{4}}，rm{K}为rm{NH}rm{K}rm{NH}rm{{,!}_{4}}rm{Cl}故答案为：rm{Fe}rm{Cl}rm{Fe}rm{{,!}_{3}}rm{O}rm{O}rm{{,!}_{4}}；rm