2025年人教B版选择性必修2物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教B版选择性必修2物理上册阶段测试试卷266考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示为某一输电示意图，电厂的发电机输出功率为100kW，输出电压U1=500V，升压变压器原、副线圈的匝数比为n1：n2=1：20，输电线电阻为40Ω，用户需要的电压U4=220V；变压器均为理想变压器，则（）

A.输电线上的输送电流为250AB.输电线上损失的电压为280VC.输电线上损失的电功率为4kWD.降压变压器的原、副线圈的匝数比为n3：n4=960：112、某小组用如图甲所示的可拆变压器探究变压器原、副线圈两端的电压与匝数之间的关系，在实验时组装的变压器如图乙所示。在铁芯上原、副线圈接入的匝数分别为n1=800匝和n2=200匝；原线圈两端与正弦式交流电源相连，用交流电压表测得原；副线圈两端的电压分别为10V和0.8V，这与其他小组的正确实验结论明显不一致。对于这个小组实验结论出现明显偏差的原因，最有可能的是（）

A.副线圈的匝数太少B.副线圈的电阻太小C.原线圈的匝数太多，电阻过大D.没有将铁芯B安装在铁芯A上3、如图所示为交流发电机发电的示意图，矩形线圈ABCD面积为S、匝数为N、整个线圈的电阻为r。在磁感应强度为B的磁场中，线圈绕轴以角速度ω匀速转动，外电阻为R，线圈的AB边连在金属滑环K上，CD边连在金属滑环L上；线圈在转动时可以通过滑环和电刷保持与外电路相连。关于发电过程中的四个状态，下列说法正确的是（）

A.线圈转到图甲位置时，通过线圈的磁通量为B.线圈转到图乙位置时，通过线圈的磁通量的变化率为C.线圈转到图丙位置时，外电路中交流电流表的示数为D.线圈转到图丁位置时，AB边感应电流方向为4、我国第三艘航空母舰“福建号”采用的是电磁弹射装置，其原理可简化为如图所示，直流电源电动势为E，储能电容器的电容为C，固定于水平面内的两根光滑平行金属电阻不计。飞行器可视为一根有电阻的金属棒MN，垂直放在两导轨间处于静止状态，并与导轨良好接触。首先开关S接1，使电容器完全充电；然后将S接至2，导轨间存在垂直于导轨平面的匀强磁场（图中未画出），MN开始向右加速运动；达到最大速度之后离开导轨。根据上述信息可知（）

A.匀强磁场的方向应该垂直于导轨平面向上B.电容器的电容C越大，MN的最大速度就越大C.电容器的电容C越大，MN刚开始运动时的加速度就越大D.当电容器储存的电荷全部放出时，MN的速度达到最大5、如图所示，足够长的U形光滑金属导轨平面与水平面成θ角，其中MN与PQ平行且间距为L，导轨平面与磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直，导轨电阻不计。金属棒ab由静止开始沿导轨下滑，并与两导轨始终保持垂直且接触良好，ab棒在MN与PQ之间部分的电阻为R，当ab棒沿导轨下滑的距离为x时，棒的速度大小为v。则在这一过程中（）

A.金属棒ab做匀加速运动B.通过金属棒ab横截面的电荷量为C.金属棒ab产生的焦耳热为D.金属棒ab的最大速度为6、如图所示，矩形线框处于磁感应强度为的匀强磁场中，磁场方向与线框平面垂直，线框长为长为为垂直于并可在和上自由滑动的金属杆，且杆与和接触良好，和上单位长度的电阻皆为让从处开始以速度向右匀速滑动，设与之间的距离为（）；则在整个过程中不正确的是（）

A.当时，中电流最小B.当时，中电流最小C.中电流的最小值为D.中电流的最大值为7、将阻值为100Ω的电阻丝绕成一个110匝的闭合矩形线圈；让其在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，产生的感应电动势如图乙所示．则可以判断（）

A.t=0时刻线圈应转到图甲所示的位置B.该线圈的转速为100πr/sC.穿过线圈的磁通量的最大值为WbD.线圈转一周所产生的电热为9.68J评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，原、副线圈中分别接有完全相同的三个灯泡a、b、c，当A、B间电压为U时，三个灯泡a、b、c恰好都能正常发光，每个灯泡的额定电压为U0；则（）

A.U=2U0B.U=3U0C.变压器原、副线圈的匝数比为n1：n2=1：2D.变压器原、副线圈的匝数比为n1：n2=2：19、图示为学校配电房向各个教室的供电示意图，T为理想变压器，原副线圈的匝数比为5:1，原线圈接在U=1100sin100πt(V）的交流电压上。V1、A1为监控市电供电端的电压表和电流表，V2、A2为监控校内变压器的输出电压表和电流表，R1、R2为教室的负载电阻，V3、A3为教室内的监控电压表和电流表；配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关S闭合后（）

A.副线圈上交流电的频率为50Hz，电压表V2的示数为220VB.电流表A1、A2和A3的示数都变大C.电压表V1和V2的示数不变，V3的示数减小D.副线圈上的功率增加10、如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场分布在边长为L的等边三角形内，D是边的中点，一群相同的带负电的粒子仅在磁场力作用下，从D点沿纸面以平行于边方向、大小不同的速率射入三角形内，不考虑粒子间的相互作用力，已知粒子在磁场中运动的周期为T；则下列说法中正确的是（）

A.粒子垂直边射出时，半径R等于B.速度小的粒子一定比速度大的粒子在磁场中运动时间长C.粒子可能从边射出，且在磁场中运动时间为D.粒子可能从C点射出，且在磁场中运动的时间为11、如图所示；电源输出电压不变，要使电路中电流表示数变大，可采用的方法（）

A.将R上的滑片向上移动B.将R上的滑片向下移动C.将开关S掷向1D.将开关S掷向212、有一根质量为m、长度为d的通有水平向里的电流I的导体棒，被长度为L的轻质绝缘细线悬挂在天花板上，处于静止，此时在此空间加上竖直向下的匀强磁场，若保持导体棒中的电流I始终不变；细线偏离竖直方向的夹角最大为60°，则（  ）

A.磁场的磁感应强度大小为B.磁场的磁感应强度大小为C.在导体棒摆动过程中细线上拉力最大为D.在导体棒摆动过程中细线上拉力最大为13、如图所示，真空室中y轴右侧存在连续排列的n个圆形边界磁场，圆心均在x轴上，相邻两个圆相切，半径均为R，磁感应强度均为B。其中第1，3，5个圆形边界的磁场方向垂直于纸面向里，第2，4，6个圆形边界的磁场方向垂直于纸面向外，第n个磁场右侧有一个粒子接收屏与x轴垂直，并与第n个磁场相切，切点为M，第n个磁场方向图中未画出。在磁场上方和下方分别有一条虚线与磁场相切，上方虚线上方有一向下的范围无限大的匀强电场，下方虚线下方有一向上的范围无限大的匀强电场，场强大小均为E。现将一群质量均为m、电荷量均为的带电粒子从坐标原点O点向第一、四象限各个方向发射（不考虑平行于y轴方向发射的粒子），射出速度均为不计粒子重力；则下列说法正确的是（）

A.所有粒子从O点射出到最终被接收屏接收过程中在电场运动时间为均为B.所有粒子从O点射出到最终被接收屏接收过程中在磁场中运动时间均为C.所有粒子从O点射出到最终被接收屏接收的时间相同D.所有被接收屏接收的粒子中，接收位置离M点的最远距离为R评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、一线圈匝数为n=10匝，线圈电阻不计，在线圈外接一个阻值R=2.0Ω的电阻，如图甲所示．线圈内有垂直纸面向里的磁场，线圈内磁通量φ随时间t变化的规律如图乙所示．线圈中产生的感应电动势为______，通过R的电流方向为_____，通过R的电流大小为___．

15、如图所示，在磁感应强度为B的匀强磁场中，有半径为r的光滑圆形导体框架，OC为一能绕O在框架上滑动的导体棒，Oa之间连一个电阻R，导体框架与导体电阻均不计，若要使OC能以角速度ω匀速转动，则导体棒产生的电动势是______，外力做功的功率是______．

16、热敏电阻：用_____材料制成，氧化锰制成的热敏电阻的阻值随温度的升高而____17、当线圈平面位于中性面时，线圈中的磁通量_____，线圈中的电流_____，且线圈平面经过中性面时，____________就发生改变，故线圈转动一周电流方向改变_______。18、线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次。______19、实际应用中的开放电路，线圈的一端用导线与_________相连，这条导线叫作地线；线圈的另一端与高高地架在空中的_________相连。20、为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示。已知线圈由a端开始绕至b端，当电流从电流计G右端流入时，指针向右偏转。将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向右偏转。从上向下看时，线圈绕向为__________（填顺时针或逆时针）；当条形磁铁从图中的虚线位置向右远离L时，指针将指向_____。（选填“左侧”；“右侧”或“中央”）

21、与金属不同的是，有些半导体的导电能力随温度的升高而________，故可以用半导体材料制作________。22、如图甲所示，一个固定的矩形线圈abcd的匝数n=500，线圈面积S=100cm2，线圈的总电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示。则线圈中的感应电流为___________A，流过R的电流方向为___________（选填“向上”或“向下”）

评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)23、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

24、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

25、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

26、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共18分)27、如图甲所示，斯密特触发器可以将连续变化的模拟信号转换为突变的数字信号，当加在它的输入端A的电势逐渐上升到1.6V，输出端Y会突然从高电平跳到低电平0.25V，而当输入端A的电势下降到0.8V时；输出端Y会从低电平跳到高电平3.4V。

(1)斯密特触发器相当于一种________门电路。

(2)如图乙所示是一个温度报警器的简易电路图，RT为热敏电阻，R1为可变电阻（最大阻值为1kΩ），蜂鸣器工作电压3~5V，热敏电阻的阻值随温度变化如图丙所示，若要求热敏电阻在感测到80℃时报警，则R1应调至________kΩ；若要求热敏电阻在感测到更高的温度时才报警，R1的阻值应________（选填“增大”“减小”或“不变”）。

28、（1）某同学使用如图所示的三组器材探究电磁感应现象。

①在甲图中，闭合开关S后，将滑片P向右迅速移动的过程中，线圈B中的磁通量_________。（选填“增大”或“减小”）

②在乙图中，将导体棒沿磁感线向上平移的过程中，电表指针_________；（选填“偏转”或“不偏转”）

③在丙图中，将条形磁铁向下插入线圈的过程中，感应电流从_________（选填“正”或“负”）极接线柱流入电表。

（2）为完成“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，实验室提供一个可拆变压器如图所示，某同学用匝数为na=200匝的A线圈和匝数为nb=400匝的B线圈构成一个变压器来做电压与匝数关系的实验，实验测量数据如下表。A线圈两端电压Ua/V1.802.813.804.78B线圈两端电压Ub/V4.006.018.02998

根据测量数据可判断该同学在做实验时，原线圈是_______（填“A线圈”或“B线圈”）参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据知。

U2=20U1=10000V所以输电线上的电流为。

故A错误；

B．输电线上损耗的电压为。

△U=I线•R线=10×40=400V故B错误；

C．输电线上损耗的功率为。

△P＝I2线R线=100×40=4kW故C正确；

D．因为。

U3=U2-△U=9600V所以。

故D错误。

故选C。2、D【分析】【分析】

【详解】

根据

可知副线圈输出电压

即测出来的结果偏低；这是由于该同学实验中没有将铁芯B安装在铁芯A上，有漏磁现象，存在电能损失，导致变压器的输出电压变低。故ABC错误，D正确。

故选D。3、D【分析】【详解】

A．线圈转到图甲位置时，通过线圈的磁通量为与匝数无关，A错误；

B．线圈转到图乙位置时，感应电动势

解得磁通量的变化率

B错误；

C．电流表示数显示的为有效值

C错误；

D．线圈转到图丁位置时，根据楞次定律可知线框中的电流为D正确。

故选D。4、B【分析】【详解】

A．S接至2，MN中电流方向从M指向N，MN开始向右加速运动；受到安培力向右。由左手定则可知，匀强磁场的方向应该垂直于导轨平面向下。A错误；

C．当开关接2时，电容器放电，设刚放电时流经MN的电流为I，有

MN所受安培力F=BIL

据牛顿第二定律F=ma

则有

MN刚开始运动时的加速度与电容器的电容C无关。C错误；

D．金属导体棒获得最大速度vm时，放电电流为零，此时电容器的电压U与导体棒的感应电动势E棒相等，即U=E棒=BLvm

此时电容器储存的电荷并未全部放出。D错误；

B．设此过程中的平均电流为时间为t，根据动量定理有

其中ΔQ=Q0-Q=CE-CU=CE-CBLvm

有

电容器的电容C越大，MN的最大速度就越大。B正确。

故选B。5、B【分析】【详解】

A．在ab加速运动的某时刻，根据牛顿第二定律可得mgsinθ-BIL=ma

又

联立解得

可知金属棒ab运动的加速度大小随着速度的增大而减小；所以加速度为一个变量，选项A错误；

B．通过金属棒ab横截面的电荷量为

选项B正确；

C．金属棒ab产生的焦耳热为Q，根据动能定理可得

解得

因安培力随速度不断变化，则不能用W=Fx求解安培力的功；选项C错误；

D．金属棒ab达到最大速度，有

解得

选项D错误。

故选B。6、A【分析】【分析】

【详解】

AB．根据题意画出如图所示的等效电路；

由法拉第电磁感应定律得。

E=BLv由闭合电路欧姆定律及并联电路特点知。

I=故当MN位于ab中间位置的时候,即x=L时回路中的总电阻最大；感应电流最小。故A错误，与题意相符；B正确，与题意不符；

C．最小电流为。

故C正确；与题意不符；

D．当x=0或者x=2L时总电阻最小；电流最大，最大电流为。

故D正确；与题意不符。

故选A。7、D【分析】【详解】

A．零时刻感应电动势为0；磁通量变化最慢，线圈应与磁场垂直，A错误；

B．据图象可知，所以转速为

故B错误；

C．据

可知

故C错误；

D．据峰值可知

据焦耳定律可知，线圈转一周产生的热量

故D正确。

故选D。二、多选题(共6题，共12分)8、B:D【分析】【详解】

由于三个灯泡正常发光，副线圈中的电流为2I，原线圈中的电流为I，则变压器原、副线圈的匝数比为等于原、副线圈中电流的反比，即为2：1，根据原、副线圈两端电压比等于匝数比且副线圈两端电压为U0，则原线圈两端电压为2U0，则

故选BD。9、A:C:D【分析】【分析】

抓住原线圈的输入电压不变；结合输出端总电阻的变化得出输电线上电流的变化，从而得出电压损失的变化，根据输出电压不变，得出用户端电压的变化，从而得知通过负载电阻电流的变化．抓住输电线上电流的变化，根据原副线圈电流比等于匝数之反比求出原线圈中电流的变化．

【详解】

A．原线圈接在U=1100sin100πt(V）的交流电压上，所以交流电的频率为

由电压之比等于匝数正比即

解得：

故A正确；

BC．当开关闭合后，副线圈的总电阻变小，由于升压变压器的输入电压不变，则输出电压不变，即U2不变，可知输电线中的电流增大，即A2增大，则输电线上损失的电压增大，可知用户端得到的电压减小，即U3减小，所以通过R1的电流减小，即A3减小，副线圈中电流决定原线圈中的电流，根据

知，原线圈中的电流I1增大，所以A1示数增大；故B错误，C正确；

D．由B、C项分析可知，原线圈中的电流I1增大；原线圈中电压不变，所以功率变大，所以副线圈上的功率增加，故D正确。

故选ACD。

【点睛】

解决本题的关键知道输入电压决定输出电压，输出电流决定输入电流，输出功率决定输入功率．10、A:D【分析】【详解】

A．粒子垂直BC边射出时；运动轨迹如图。

根据几何关系知半径为A正确；

BCD．若带电粒子刚好从BC边射出磁场，运动轨迹与BC边相切，可知圆心角为180°，粒子在磁场中经历时间为若带电粒子刚好从AC边射出磁场，运动轨迹与AC边相切，作图可得切点为C点；如下图。

可知圆心角为60°，粒子在磁场中经历时间为若带电粒子从AB边射出磁场，可知圆心角为240°，粒子在磁场中经历时间为所以该粒子在磁场中经历时间为则它一定从AB边射出磁场；所以可知粒子速度和运动时间无确定的关系；BC错误,D正确。

故选AD。11、A:D【分析】【详解】

A．输入的电压和匝数比不变；输出的电压也不变，当滑片向上移动时，副线圈所在电路的电阻变小，所以电流要增加，电流表示数增大，A正确；

B．当滑片向下移动时；副线圈所在电路的电阻变大，所以电流要变小，B错误；

C．由电压与匝数成正比可得

故输出电压为

将开关S掷向1；原线圈的匝数变大，副线圈的输出电压要减小，副线圈所在电路的电阻不变，所以电流要减小，C错误；

D．由上述分析可知；将开关S掷向2时，原线圈的匝数减小，副线圈的输出电压要变大，副线圈所在电路的电阻不变，所以电流要增大，D正确。

故选AD。12、A:C【分析】【详解】

AB．类比重力场可知，导体棒静止在磁场和重力场中时细线与竖直方向夹角为θ，细线摆动时与竖直方向夹角最大为2θ=60°

根据平衡有

解得

故A正确；B错误；

CD．类比重力场可知导体棒在经过平衡位置时细线上拉力最大，设为重力和安培力的合力为

经过平衡位置时速度大小设为v，应用动能定理有

应用向心力公式

解得

故C正确；D错误。

故选AC。13、A:B【分析】【详解】

D．根据

由于粒子速度

可得粒子运动半径为

根据磁发散和磁聚焦原理与左手定则，所有粒子都将以垂直于x轴的方向离开磁场向上运动，经过真空后进入电场，在电场中做类竖直上抛运动，然后以相同速率，向下再次进入磁场，进入磁场后将会汇聚到x轴与圆的另一个交点，然后进入下一个圆形边界磁场。再垂直于纸面向外的磁场中运动时，偏转方向与垂直于纸面向里的磁场相反，但是依旧也会做类似的运动。如图所示为某一粒子的轨迹。所以最终粒子一定会打在接收屏的M点；故D错误；

A．粒子在电场中做类竖直上抛运动，每经过一个磁场就会进入一次电场，每次进入电场时加速度

运动时间为

所以电场中总的运动时间为

故A正确；

B．如图所示，粒子在每个磁场中运动时转过的圆心角之和均为180°，所以在每个磁场中的运动时间均为半个周期，则在磁场中运动的总时间为

故B正确；

C．所有粒子在电场和磁场中的运动都相同；但是在真空中的运动路程不同时间不同，所以总运动时间不同，故C错误。

故选AB。三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【详解】

[1]．根据法拉第电磁感应定律可得：线圈产生的感应电动势

[2]．根据楞次定律得，通过R的电流方向为b→R→a．

[3]．闭合电路中的电流大小【解析】5Vb→a1A2V15、略

【分析】【详解】

导体棒产生的产生的感应电动势大小为：

因为导体棒OC匀速转动，因此根据能量守恒可得外力的功率和电阻发热的功率大小相等，即有：【解析】16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】半导体减小17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当线圈平面位于中性面时；线圈中的磁通量最大；

[2]线圈中的电流为零；

[3]且线圈平面经过中性面时；电流方向就发生改变；

[4]故线圈转动一周电流方向改变两次。【解析】①.最大②.为零③.电流方向④.两次18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]在中性面时，没有边切割磁感线，感应电动势为零，线圈每通过中性面一次，电流方向改变一次，此说法正确。【解析】正确19、略

【解析】①.大地②.天线20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时；穿过L的磁场向下，磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，感应电流磁场应该向上，电流表指针向右偏转，电流从电流表右端流入，由安培定则可知，从上向下看时，线圈绕向为逆时针；如图所示。

[2]当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，穿过L的磁通量向上，磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流磁场应向上，指针向右偏转。【解析】①.逆时针②.右侧21、略

【分析】【详解】

[1][2]与金属不同的是，有些半导体的导电能力随温度的升高而增强，故可以用半导体材料制作热敏电阻。【解析】①.增强②.热敏电阻22、略

【分析】【详解】

[1]根据法拉第电磁感应定律有

再根据闭合电路欧姆定律有

[2]根据楞次定律可判断流过R的电流方向为向上。【解析】向上四、作图题(共4题，共16分)23、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】24、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个