2025年人教版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版选修3物理上册月考试卷218考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、质量为4kg的物体，原来以的速度做匀速直线运动，现受到跟运动方向相同的冲量的作用，历时5s，物体的动量大小变为A.B.C.D.2、如图所示是一个三输入端复合门电路，当C端输入1，输出端Y输出0时，A，B端的输入分别是()

A.0、0B.0、1C.1、0D.1、13、如图所示，为一正点电荷在真空中产生的电场中的某一条电场线上的两点；则下列说法中正确的是（）

A.场强B.点的电势低于点的电势C.从点向点移动一个正点电荷，电场力做正功D.负电荷在所受电场力4、如图所示，容积为100cm3的球形容器与一粗细均匀的竖直长管相连，管上均匀刻有从0到100刻度，两个相邻刻度之间的管道的容积等于0.25cm3，有一滴水银（体积可忽略）将球内气体与外界隔开。当温度为时；该滴水银位于刻度40处。若不计容器及管子的热膨胀，将0到100的刻度替换成相应的温度刻度，则相邻刻度线所表示的温度之差，在此温度计刻度内可测量的温度范围分别是（）

A.相等；266.4K~333KB.相等；233K~393.3KC.不相等；233K~393.3KD.不相等；266.4K~333K5、关于分子动理论，下列说法中正确的是（）A.布朗运动就是液体或者气体分子的无规则运动B.不浸润现象说明固体分子对液体分子的吸引力大于液体分子之间的吸引力C.在扩散现象中，温度越高，扩散得越快D.分子间引力总是随着分子间距离增大而增大6、用图甲所示的装置探究注射器内封闭气体的压强与体积的关系，根据测得的实验数据作出图像如图乙所示，线段的延长线经过坐标原点段为曲线；环境温度保持不变。则下列说法中正确的是（）

A.过程，气体的内能增加B.过程，气体吸收热量C.过程，气体对外做正功D.过程，可能出现了漏气7、关于热现象和热力学规律，下列说法正确的是（）A.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并达到绝对零度，最终实现热机效率100％B.热量是不可能从低温物体传递给高温物体的C.第二类永动机遵从能量守恒故能制作成功D.在一定条件下，热量也可以从低温物体传给高温物体8、下列说法中正确的是A.布朗运动就是液体分子的无规则运动B.当分子间距离增大时，分子间的引力和斥力均增大C.当分子间距离增大时，分子势能一定增大D.物体的内能变化，它的温度并不一定发生变化9、如图所示的电路中；闭合开关S，小灯泡正常发光．现将滑动变阻器的滑片P稍向左移动一段距离，下列说法正确的是()

A.电流表、电压表的读数均变小B.小灯泡L变暗C.电源的总功率变大D.电容器所带电荷量变小评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、如图所示，R1、R2为定值电阻，L为小灯泡，R3为光敏电阻，当照射光强度增大时（）

A.电压表的示数减少B.R2中电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路的路端电压降低11、井口大小和深度相同的两口井，一口是枯井，一口是水井（水面在井口之下），两井底部各有一只青蛙，则（）A.枯井中的青蛙觉得井口大些B.水井中的青蛙觉得井口大些C.晴天的夜晚，枯井中的青蛙能看到更多的星星D.晴天的夜晚，水井中的青蛙能看到更多的星星12、关于物体内能，下列说法中正确的是（）A.每一个分子的动能与分子势能的总和叫物体的内能B.物体所有分子的动能与分子势能的总和叫物体的内能C.一个物体，当它的机械能发生变化时，其内能也一定发生变化D.一个物体内能的多少与它的机械能多少无关13、下列说法中正确的是（）A.气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故B.物体温度升高时，速率小的分子数目减小，速率大的分子数目增多C.一定量的的水变成的水蒸气，其分子平均动能增加E.液晶的光学性质具有各向异性E.液晶的光学性质具有各向异性14、如图所示,两只相同的白炽灯泡L1和L2串联后接在电压恒定的电路中.若L2的灯丝断了,经过搭丝后（搭丝后灯泡的电阻减小）仍然与L1串联,重新接入原来的电路中.假设在此过程中,灯丝电阻随温度变化的因素可忽略不计,且每只灯泡两端的电压均未超过其额定电压,则此时每只灯泡所消耗的功率与原来各自的功率相比,有。

A.L1的功率变大B.L1的功率变小C.L2的功率变大D.L2的功率变小15、a、b两束相互平行的单色光，以一定的入射角照射到平行玻璃砖上表面，经平行玻璃砖折射后汇聚成一束复色光c；从平行玻璃砖下表面射出，如图所示．则下列判断正确的是________

A.a光波长比b光波长短B.a光在玻璃中的传播速度比b光在玻璃中的传播速度大C.玻璃砖对a光的折射率大E.增大入射角，a光在下表面可发生全反射E.增大入射角，a光在下表面可发生全反射16、两个小球A、B在光滑的水平面上相向运动，它们的质量分别为4kg和2kgA的速度为v1=3m/s，B的速度v2=-3m/s，则它们发生正碰后，其速度可能分别是（）A.均为+1m/sB.+4m/s和-5m/sC.-1m/s和+5m/sD.+2m/s和-1m/s17、关于天然放射现象，叙述正确的是（）(填正确答案标号A.α衰变的实质是原子核内的两个质子和两个中子结合成一个α粒子B.若使放射性物质的温度升高，其半衰期将减少C.β衰变所释放的电子是原子核外的电子电离形成的E.铀核()衰变为铅核()的过程中，要经过8次α衰变和10次β衰变E.铀核()衰变为铅核()的过程中，要经过8次α衰变和10次β衰变评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)18、如图所示，甲木块的质量为m1=2kg，以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前运动，正前方有一静止的、质量为m2=3kg的乙木块，乙上连有一轻质弹簧．则甲木块与弹簧接触后弹簧获得的最大弹性势能为___J，乙木块受到的冲量I=___________

19、读数练习：

（1）螺旋测微器的读数为___________mm；

（2）游标卡尺的读数为___________cm；

（3）秒表的读数为___________s；

（4）电阻箱的读数为___________Ω；

（5）多用电表中选择开关置于欧姆×1档时的读数为____Ω，置于直流电压5V档时的读数为___V．

20、如图所示宽度为d；厚度为h的金属板放在垂直于它的磁感应强度为B的匀强磁场中；当有电流I通过金属板时，在金属板上侧面A和下侧面A’间产生电势差．

（1）金属板上侧面A电势____________下侧面电势（填高于或低于）；

（2）若金属板内单位体积内自由电子数为n，则产生的电势差U=___________________．21、下图是等离子体发电机示意图，平行金属板间匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，两板间距离为0.2m，要使输出电压为220V，则等离子体垂直射入磁场的速度v0=________m/s，a是发电机的________极。(发电机内阻不计)22、如图，交流电压随时间按正弦函数规律变化，则该交流电的电压最大值为_________V，有效值为_________V．

23、如图甲所示，100匝的圆形线圈面积为1m2，与水平放置的平行板电容器连接，电容器两板间距离10cm．圆形线圈内有垂直于圆平面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示（B取向里为正），圆形线圈中感应电动势大小为______V；刚开始对电容器充电时圆形线圈中感应电流的方向为______（填“顺时针”或“逆时针”）；稳定后，质量10g的带电粒子恰能静止于电容器两板间某处，粒子的电荷量大小为______C．g取10m/s2．

24、如图所示，金属环直径为d，总电阻为2R，匀强磁场磁感应强度为B，垂直穿过环所在平面．电阻为的导体杆AB沿环表面以速度v向右滑至环中央时，杆两端的电压为____________．

25、卢瑟福的原子核式结构模型认为，核外电子绕原子核做高速的圆周运动．设想氢原子的核外电子绕核做匀速圆周运动，且核外电子离原子核最近的轨道半径为经典物理学知识认为核外电子受到原子核对它的库仑力作用而做圆周运动，则氢原子的核外电子在此轨道上运动时的周期为______s，速度为_______m/s．（电子的质量为）评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)29、图甲所示是大型机械厂里用来称重的电子吊秤；其中实现称重的关键元件是拉力传感器．其工作原理是：挂钩上挂上重物，传感器中拉力敏感电阻丝在拉力作用下发生形变，其长度和横截面积都发生变化，拉力敏感电阻丝的电阻也随着发生变化，再经相应的测量电路把这一电阻变化转换为电信号（电压或电流），从而完成将所称物体重量变换为电信号的过程．

（1）简述拉力敏感电阻丝的阻值随拉力增大而增大的原因_____________．

（2）小明找到一根拉力敏感电阻丝RL，其阻值随拉力变化的图象如图乙所示，再按图丙所示电路制作了一个简易“吊秤”．电路中电源电动势E约15V，内阻约灵敏毫安表量程为

内阻约R是电阻箱，最大阻值是RL接在A；B两接线柱之间；通过光滑绝缘滑环可将重物吊起，接通电路完成下列操作．

a．滑环下不吊重物时，调节电阻箱，当电流表为某一合适示数I时，读出电阻箱的读数R1；

b．滑环下吊上待测重物，测出电阻丝与竖直方向的夹角为

c，调节电阻箱，使电流表的示数仍为I，读出此时电阻箱的读数R2，则拉力敏感电阻丝电阻增加量为________________．

（3）设图像斜率为k，则待测重物的重力G的表达式为_____（用以上测得的物理量表示），若测得（），R1、R2分别为和则待测重物的重力______N（结果保留三位有效数字）．30、实验课中同学们要完成“测量一节干电池的电动势和内阻”的任务；被测电池的电动势约为1.5V，内阻约为1.0Ω．某小组计划利用图的电路进行测量，已知实验室除待测电池；开关、导线外，还有下列器材可供选用：

电流表量程0~0.6A；内阻约0.125Ω

电流表量程0~3A；内阻约0.025Ω

电压表V：量程0~3V；内阻约3kΩ

滑动变阻器R：0~20Ω；额定电流2A

（1）为了使测量结果尽量准确，电流表应选用________（填写仪器的字母代号）．

（2）请根据图所示的电路图，在图中完成实物的连接_______．

①图是该组同学根据所获得的6组实验数据，在坐标纸上绘制的反映路端电压随电流变化的U-I图线，请据此图线判断被测干电池的电动势E=________V，内阻r=________Ω．（结果保留到小数点后两位）

②若仅考虑电表内阻的影响，图中描绘的点迹与“电池两端电压的真实值”和“流过电池的电流真实值”所对应点迹存在一定的偏差，请根据实验中该同学测得的数据，以及电表的参数估算这一偏差的数量级约为________．

A.B.C.D.

③为了研究电表内阻对测量结果的影响，我们用U和I的函数关系来分析这一个问题．若字母分别表示电压表和电流表的内阻，U、I分别表示电压表和电流表的示数，E、r分别表示电池的电动势和内阻的真实值．考虑到电表内阻的影响，请选择相关的字母写出反映U和I实际关系的函数关系表达式U=___________．31、某物理兴趣小组设计了如图a所示的欧姆表电路；通过控制电键S和调节电阻箱，可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率。所用器材如下：

A.干电池：电动势E=1.5V，内阻r=0.5Ω

B.电流G：满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=150Ω

C.定值电阻R1=1200Ω

D.电阻箱R2和R3：最大阻值都为999.9Ω

E.电阻箱R4：最大阻值9999Ω

F.电键一个；红；黑表笔各1支，导线若干。

(1)该实验小组按图a正确连接好电路。当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱R2=______Ω，使电流表达到满偏，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R内，则R内=______Ω；欧姆表的倍率是______（选填“×1”；“×10”）；

(2)闭合电键S：第一步：调节电阻箱R2和R3，使时，R2=______Ω，将红、黑表笔短接，电流表再次满偏；第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱R4，调节R4，当电流表指针指向图b所示的位置时；对应的欧姆表的刻度值为______Ω。

32、用如图甲所示电路测量某电原的电动和内阻,电路中AB段为拉力敏感电阻丝．拉力敏感电阻丝的阻值R随拉力F线性变化,其线性关系为=15+10F；单位为Ω

(1)待测电源的电动势E约为5V，内阻r约为2Ω，电流表应选择_____填序号。

A.量程0.6A,内阻Ω

B.量程3A,内阻Ω

(2)改变拉力F的大小,记录电流表读数测得多组数据,作出广图象,如图乙所示．由图象可得=待测电源的电动势E=_____V,内阻r=_____Ω(结果均保留2位有效数字)

(3)如图丙所示为一灯泡的伏安特性曲线,现将若干个这种灯泡并联之后与上述的电直接连接,并联_____只灯泡可使电源的输出功率最大评卷人得分六、解答题(共2题，共14分)33、如图所示，开口向上竖直放置内壁光滑的气缸，其侧壁是绝热的，底部导热，内有两个质量均为m的密闭活塞，活塞A导热，活塞B绝热，将缸内理想气体分成Ⅰ、Ⅱ两部分．初状态整个装置静止不动处于平衡，I、Ⅱ两部分气体的长度均为l0，温度为T0．设外界大气压强p0保持不变，活塞的横截面积为S，且mg=0.1p0S，环境温度保持不变．在活塞A上逐渐添加铁砂，当铁砂质量等于2m时；两活塞在某位置重新处于平衡．求：

(i)此时第Ⅱ部分气体的长度；

(ii)若只对Ⅱ气体缓慢加热，使活塞A回到初始位置，求此时Ⅱ气体的温度．34、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再变化到状态C，其状态变化过程的p-V图象如图所示．已知该气体在状态A时的温度为27℃．则：

①该气体在状态B、C时的温度分别为多少℃？

②该气体从状态A到状态C的过程中内能的变化量是多大？

③该气体从状态A到状态C的过程中是吸热；还是放热？传递的热量是多少？

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】

根据动量定理合外力对物体的冲量等于物体动量的变化量即可求解.

【详解】

根据动量定理得：故C正确，ABD错误．

【点睛】

本题主要考查了动量定理的直接应用．2、A【分析】【分析】

【详解】

当C端输入1，输出端Y输出0时，可知“与”门的另一输入端(即“或”门的输出端)必为0，故“或”门的输入端，即A、B端的输入分别为0、0，故A符合题意，BCD不符合题意。3、C【分析】【详解】

AB．正点电荷周围的电场线是向外扩散状，所以左边的电场线比右边的电场线密集，所以沿着电场线方向电势是降低，所以故A错误，B错误；

C．在该电场中的正电荷受到的电场力从点向点，点向点移动一个正点电荷；电场力做正功。故C正确；

D．因为所以电荷在点受到的电场力大。故D错误。

故选C。4、A【分析】【详解】

相邻刻度线所表示的温度之差相等，因为是等压变化，温度变化与体积变化比值恒定，或温度数值与0到100的刻度数值成线性关系。水银由0刻度到40刻度处，由等压变化

水银由0刻度到100刻度过程，由等压变化

温度测量的范围

所以A正确；BCD错误。

故选A。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动指的是液体中的小颗粒的无规则运动；反应液体分子的无规则运动，A错误；

B．不浸润现象说明固体分子对液体分子的吸引力小于液体分子之间的吸引力；B错误；

C．在扩散现象中；温度越高，分子热运动越剧烈，扩散得越快，C正确；

D．分子间引力总是随着分子间距离增大而减小；D错误。

故选C。6、D【分析】【分析】

【详解】

AB．因AB是过原点的直线，可知过程温度不变，气体的内能不变；过程体积减小；外界对气体做功，气体放出热量，选项AB错误；

C．过程；体积减小，则外界对气体做功，选项C错误；

D．过程中pV乘积减小；则可能出现了漏气，选项D正确。

故选D。7、D【分析】绝对零度是低温的极限；永远不可能达到；热机的效率也不可能达到100％，选项A错误；热量是不可能自发地从低温物体传递给高温物体的，但在一定条件下，热量也可以从低温物体传给高温物体，故B错误，D正确；第二类水动机不能制成是因为它违反了热力学第二定律，选项C错误；故选D.

点睛：解答本题需掌握：热力学第二定律：不可能把热从低温物体传到高温物体而不产生其他影响；不可能从单一热源取热使之完全转换为有用的功而不产生其他影响；不可逆热力过程中熵的微增量总是大于零．8、D【分析】【详解】

布朗运动是固体小颗粒的无规运动，故A错；分子间的引力和斥力均是随分子间距的增大而减小的，故B错；而分子势能随分子间距也不是一种直接的正向变化关系，故C错；影响内能的因素不仅有温度，还有体积，物质的量这些个因素．故D正确．9、B【分析】【分析】

把滑动变阻器的滑片向左移动时；变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流的变化，判断灯泡L亮度的变化．电路稳定时电容器的电压等于变阻器两端的电压，分析变阻器两端电压的变化，判断电容器充电或放电.

【详解】

把滑动变阻器的滑片向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析得知：电路中总电流I减小，则灯泡L变暗；路端电压变大，所以电压表示数变大，故A错误，B正确。以上分析知，总电流减小，据P=EI知，电源的总功率减小，故C错误。电容器与滑动变阻器并联，所以两端的电压相等，电容器两端的电压UC=E-I(r+RL)，由于I减小，电容器端电压UC增大；再据Q=CU判断电容器两极板的电量增大，故D错误。故选B。

【点睛】

本题是电路的动态变化分析问题，根据变阻器接入电路的电阻变化，确定外电路总电阻的变化，再分析电容器的电压变化，是常用的分析方法和思路．二、多选题(共8题，共16分)10、B:C:D【分析】【分析】

当照射光强度增大时，变小；分析电路中总电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化．

【详解】

当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，变小，外电路总电阻减小，则电路中的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故两端的电压增大，即电压表的示数增大，故A错误；因电路中总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时两端的电压增大，故并联电路部分电压减小，流过的电流减小；由于干路电流变大，流过的电流减小；可知流过灯泡的电流一定增大，小灯泡的功率变大，故BCD正确．

【点睛】

闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．11、A:D【分析】【详解】

AB.作出光路图（如图所示）

可知；枯井中的青蛙觉得井口大些，A符合题意，B不符合题意；

CD.晴天的夜晚，水井中的青蛙能看到更多的星星，C不符合题意，D符合题意．12、B:D【分析】【详解】

物体内所有分子的动能与势能的总和叫物体的内能；物体的内能对单个分子而言无意义。物体的内能与其所含分子的动能与分子势能有关，与物体的动能和势能；机械能无关；物体体积减小时，分子间距离减小，但分子势能可能减小。

故选BD。13、B:D:E【分析】【详解】

A.气体如果失去了容器的约束就会散开；是因为分子间距较大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做无规则运动，所以气体分子可以自由扩散；故A错误.

B.温度从微观角度看表示了大量分子无规则运动的剧烈程度；物体温度升高时，速率小的分子数目减少，速率大的分子数目增多；故B正确.

C.一定量100℃的水变成100℃的水蒸气；因温度不变则分子平均动能不变，由于吸热，内能增大，则其分子之间的势能增大；C错误.

D.物体从外界吸收热量；若同时对外做功，根据热力学第一定律可知其内能不一定增加；故D正确.

E.液晶的光学性质具有晶体的各向异性；故E正确.

故选BDE.

【点睛】

解决本题的关键要掌握分子动理论、热力学第一定律等热力学知识，要对气体分子间距离的大小要了解，气体分子间距大约是分子直径的10倍，分子间作用力很小．14、A:D【分析】【详解】

串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得，电路中的电流：L2的灯丝搭接后，其电阻R2变小，电路中的电流变大，P1=I2R1，L1的功率变大，故正确，B错误；灯泡L2的电功率：由数学知道可知：当时，即L2灯丝未断时，R1=R2，P2最大，L2灯丝搭接后R2减小，故功率P2变小；故C错误，D正确．故选AD．

【点睛】

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是搭丝后灯泡电阻变化的分析和利用数学知识判断L1的最大电功率．15、A:C:D【分析】【详解】

A．折射率大，频率大，由知a光波长比b光波长短；故A正确；

BC．由光路图可知a光偏折的大，所以na＞nb，根据知a光在玻璃中的传播速度比b光在玻璃中的传播速度小；故B错误，C正确；

D．双缝干涉时，根据知，用a光照射得到条纹间距小；故D正确；

E．根据光路可逆知光线一定能从下表面射出，不会发生全反射，故E错误．16、A:C【分析】【详解】

发生正碰，则根据动量守恒得：根据碰撞过程系统的总动能不增加，则得

A项：它们发生正碰后；均为+1m/s，即以共同速度运动，符合以上等式，故A正确；

B项：速度如果是4m/s和-5m/s；那么A；B动能都增加，故B错误；

C项：发生正碰后；A；B反向，符合以上等式，故C正确；

D项：发生正碰后，A、B速度方向不变即还是相向运动，这不符合实际情况，故D错误．17、C:E【分析】【分析】

半衰期；α衰变与β衰变的本质及特点。

【详解】

A．放射性元素的半衰期与外界因素与元素所处的化合态无关；A错误；

B．β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化为质子时放出的；B错误；

C．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强；C正确；

D．铀核()衰变为铅核()的过程中，要经过了

次α衰变和

次β衰变；D错误；

E．α衰变的实质是原子核内的两个质子和两个中子结合成一个α粒子；E正确。

【点睛】

此题考查了原子物理部分的多个知识点；都是记忆性的知识，都是考试的热点，很重要，也很容易出错；例如半衰期与外部因素无关；β衰变的电子来自原子核内中子转化为质子时放出的等等；平时要多记忆。三、填空题(共8题，共16分)18、略

【分析】【详解】

[1]当滑块甲、乙的速度相同时，间距最小，弹簧压缩量最大，弹簧的弹性势能最大，设向右为正方向，由动量守恒定律有

弹簧的最大弹性势等于滑块甲、乙系统损失的动能

联立并代入数据解得

[2]乙木块受到的冲量

【点睛】

解决本题首先要明确研究的过程，其次把握信隐含的条件：弹簧伸长最长时两木块的速度相同。考查学生应用动量守恒定律和能量守恒定律解决物理问题的能力。【解析】9.6J4.8NS19、略

【分析】（1）螺旋测微器的读数为：1.5mm+0.01mm×49.8=1.998mm；

（2）游标卡尺的读数为:0.8cm+0.02mm×0=0.800cm；

（3）秒表的读数为:300s+37.5s=337.5s；

（4）电阻箱的读数为4×1+0.1×6=4.6Ω；

（5）多用电表中选择开关置于欧姆×1档时的读数为14.0Ω，置于直流电压5V档时的读数为2.60V。【解析】20、略

【分析】（1）根据左手定则；电子向上偏，所以上侧面得到电子带负电，下侧面失去电子带正电，则金属板上侧面A电势低于下侧面的电势．

（2）电子最终达到平衡，有．则U=vBd．电流的微观表达式I=nevS=nevhd．则v=代入得，．

【名师点睛】金属中移动的是自由电子，根据左手定则，判断出电子的偏转方向，从而得出电势的高低．最终电子受电场力和洛伦兹力平衡，根据平衡和电流的微观表达式求出电势差的大小．【解析】低于21、略

【分析】【详解】

根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，所以上板带正电，即a是电源的正极．两板上有电荷，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，有：qvB=q所以：．

【点睛】

解决本题的关键掌握等离子体进入磁场受到洛伦兹力发生偏转，根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡．【解析】2200正22、略

【分析】【详解】

由图可知，该交流电的电压最大值为Um(V)，有效值为V．【解析】Um．23、略

【分析】【详解】

第一空．根据法拉第电磁感应定律从图乙可知联立解得：．

第二空．根据楞次定律可知；磁通量向里增加，感应电流磁场向外，根据右手定则判断感应电流为逆时针方向．

第三空．带电粒子恰能静止于电容器两板间某处，根据平衡条件有通过以上分析板间电压为100V，板间场强与电压关系：联立解得：．【解析】100逆时针1×10-424、略

【分析】【详解】

[1]杆切割产生的感应电动势为E=Bdv

两个电阻为R的半金属圆环并联，并联电阻

则电路电流（总电流）为

杆两端的电压为

考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律。【解析】25、略

【分析】【详解】

[1]根据库仑力提供向心力

解得

[2]根据库仑力提供向心力

解得【解析】四、作图题(共3题，共18分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共24分)29、略

【分析】【详解】

解：(1)根据电阻定律有：当拉力敏感电阻丝随拉力被拉长时，由于电阻丝的长度增大，则电阻丝的横截面积减小，所以电阻丝的电阻值将增大；

(2)根据实验的电路图可知，电路中没有电压表，不能使用伏安法测量电阻值的变化，但电路中的电阻箱可以控制电流的变化，若电路中的电流值不变，则电路中的总电阻值也不变，所以在步骤(c)中,可以调节电阻箱，使电流表的示数仍为I，低处此时电阻箱的读数R2，则拉力敏感电阻丝电阻增加量为

(3)开始时滑环下不吊重物,则有：

当挂重力为G的重物后，取AB的中点处的