2025年人教版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版选修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，阴极射线管（A为其阴极）放在蹄形磁铁的N、S两极间，当阴极射线管与高压直流电源相连接时，从A射出电子束；在磁场的作用下发生偏转，以下说法正确的是。

A.A接直流高压电源的正极，电子束向上偏转B.A接直流高压电源的正极，电子束向下偏转C.A接直流高压电源的负极，电子束向上偏转D.A接直流高压电源的负极，电子束向下偏转2、如图所示，U形气缸固定在水平地面上，用重力不计的活塞封闭着一定质量的气体，已知气缸不漏气，活塞移动过程中与气缸内壁无摩擦。初始时，外界大气压强为p0，活塞紧压小挡板。现缓慢升高气缸内气体的温度，则选项图中能反映气缸内气体的压强p随热力学温度T变化的图像是（）

A.B.C.D.3、关于科学家做出的贡献，下列说法正确的是A.奥斯特提出分子电流假说B.法拉第采用了电场线的方法来描述电场C.安培发现了点电荷的相互作用规律D.洛伦兹力发现了磁场对电流的作用规律4、一段导线abcde位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc、cd和de的长度均为L，且∠abc＝∠cde＝120°，流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcde所受到的磁场的作用力的合力大小为()

A.BILB.2BILC.3BILD.4BIL5、法拉第研制成的世界上第一台发电机的原理图如图所示．将铜盘放在匀强磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，a、b为导线；逆时针转动铜盘，就可以使灯泡亮起．则下列说法正确的是：

A.回路中电流大小恒定，方向会发生变化B.回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C.回路中有大小和方向作周期性变化的电流D.若垂直穿过铜盘的磁场的磁感应强度按正弦规律变化，不转动铜盘，灯泡中也会有电流6、如图，在同一水平面内有两根平行长导轨，导轨间存在依次相邻的矩形匀强磁场区域，区域宽度均为磁感应强度大小相等、方向交替向上向下．一边长为的正方形金属线框在导轨上向左匀速运动．线框中感应电流i随时间t变化的正确图线可能是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、下列说法正确的是（）A.晶体的所有物理性质沿各个方向是不同的B.把温度降到接近布朗运动依然可以发生C.两分子间距离变化时，可能存在分子势能相等的两个位置E.未来科技进步了，人类就可以将散失在空气中的内能全部重新收集起来加以利用E.未来科技进步了，人类就可以将散失在空气中的内能全部重新收集起来加以利用8、水平面内，有两根足够长的固定平行金属导轨，在它们上面横放两根平行导体棒，构成矩形回路．每根棒长度均为L，质量均为m，电阻均为R，导轨电阻不计，空间有方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场，不计电磁辐射及导体棒与导轨之间的摩擦．现已知左侧导体棒I静止，右侧导体棒II具有向右的初速度v0；如图所示，则以下判断正确的是。

A.两导体棒受到的安培力始终等大反向，整个过程中它们组成的系统动量守恒B.最终两导体棒将以同一速度向右做匀速运动，由于都做切割磁感线运动，电路中电流不为零C.从开始运动到最终达到稳定状态，整个回路产生的焦耳热为D.从开始运动到最终达到稳定状态，两导体棒之间的距离的变化x不断增大，x最大值为9、航母上飞机弹射起飞所利用的电磁驱动原理如图所示．当固定线圈上突然通过直流电时，线圈左侧的金属环被弹射出去．现在线圈左侧同一位置，先后放上用横截面积相等的铜和铝导线制成的形状、大小相同的两个闭合环，电阻率．则合上开关S的瞬间()

A.从右侧看，环中产生逆时针方向的感应电流B.铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力C.若将金属环置于线圈右侧，环将向右弹射D.电池正、负极调换后，金属环仍能向左弹射10、下列说法中正确的是（）A.布朗运动就是液体分子的无规则热运动B.布朗运动反映了液体分子的无规则热运动C.物体吸收热量，内能一定增大D.物体吸收热量，内能可能减小11、电容式加速度传感器的原理结构如图所示；质量块右侧连接轻质弹簧，左侧连接电介质，弹簧与电容器固定在外框上，质量块可带动电介质移动改变电容，则。

A.电介质插入极板间越深，电容器电容越小B.当传感器以恒定加速度运动时，电路中没有电流C.若传感器原来向右匀速运动，突然减速时弹簧会伸长D.当传感器由静止突然向右加速瞬间，极板间的电量增大，电容器处于充电状态12、一定质量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其V­T图象如图所示，pa、pb、pc分别表示状态a、b、c的压强；下列判断正确的是______。

A.过程ab中气体一定吸热B.pc＝pb＞paC.过程bc中分子势能不断增大E.过程ca中气体吸收的热量等于对外做的功E.过程ca中气体吸收的热量等于对外做的功13、一列自右向左传播的简谐横波，在t=0时刻的波形图如图所示，此时坐标为（1，0）的质点刚好开始运动，在t=0.3s时刻，质点P在t=0时刻后首次到达波峰位置，质点Q的坐标是（-3；0），则下列说法正确的是（）

A.在t＝0时刻，质点P的速度方向沿y轴负方向B.这列波的传播速度为1/30m/sC.在0～0.3s时间内，质点A运动的路程为0.03mE.这列波的波源起振方向沿y轴正方向E.这列波的波源起振方向沿y轴正方向14、一列简谐横波，沿x轴正向传播，位于原点的质点的振动图象如图1所示；图2为该波在某一时刻的波形图，A点位于x＝0.5m处．下列说法正确的是_______

A.由图1可知，位于原点的质点振动的振幅是16cmB.位于原点的质点振动的周期是0.2sC.由图1，在t等于周期时，位于原点的质点离开平衡位置的位移为零E.由图2可知，经过周期后，A点离开平衡位置的位移是-8cm。E.由图2可知，经过周期后，A点离开平衡位置的位移是-8cm。15、氢原子从能级A跃迁到能级B，释放波长为λ1的光子，从能级A跃迁到能级C释放波长为λ2的光子，且λ1>λ2，当它从能级B跃迁到能级C时，A.吸收光子B.释放光子C.电子的动能增加D.原子的电势能增加评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、如图所示，质量为m的带正电小球能沿着竖直的绝缘墙竖直下滑，磁感应强度为B的匀强磁场方向水平，并与小球运动方向垂直。若小球电荷量为q，球与墙间的动摩擦因数为μ，则小球下滑的最大速度为________，最大加速度为________。17、如图所示；将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球，两个导体开始时互相接触且对地绝缘。

（1）为了使两球带上等量异号电荷，应___________。

A．先移走棒；再把两球分开B．先把两球分开，再移走棒。

（2）使棒与甲球瞬时接触，再移走棒，导体甲带___________电；导体乙带________。

（3）先使甲球瞬时接地，再移走棒，导体甲带_________电；导体乙带________电。18、一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到A，体积V与温度T的关系如图所示。图中和为已知量。

(1)从状态A到B；气体经历的是_______（选填“等温”，“等容”，或“等压”）过程。

(2)从B到C的过程中；气体的内能_______（选填“增大”“减小”或“不变”）。

(3)从C到D的过程中，气体对外界_______（选填“做正功”“做负功”或“不做功”），同时________（选填“吸热”或“放热”）。19、玻璃管中的液面呈“凹”形，这是水浸润玻璃产生的物理现象，根本原因是附着层内分子间距______（选填“大于”“等于”或“小于”）液体内部分子间距；分子势能Ep和分子间距离r的关系图像如图所示，能反映附着层内水分子的分子势能Ep的可能是图中______（选填“A”；“B”或“C”）的位置。

20、如图为一定质量的理想气体的体积与热力学温度的关系图像，该气体的状态经历的变化过程。气体状态由过程中，气体压强________（选填“增大”“不变”或“减小”）；若整个过程中气体放出的热量为则整个过程外界对气体所做的功为________。

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共6分)24、某物理实验小组利用实验室提供的器材测量一螺线管两接线柱之间金属丝的长度．可选用的器材如下：

A.待测螺线管绕制螺线管的金属丝电阻率为阻值约

B.电流表A1量程为10mA，内阻约

C.电流表A2量程为内阻

D.电压表V量程为10V，内阻为

E.定值电阻阻值为

F.滑动变阻器总阻值约为

G.电源电动势约为2.0V；内阻忽略不计；

H.开关一个及导线若干．

（1）实验中用螺旋测微器测得金属丝的直径如图所示．其示数_______

（2）为了尽可能准确的测量要求便于实验测量且电表指针偏转范围较大且至少要达到满刻度的请你设计适合的电路，将你设计的电路画在虚线框中，并标明所用器材的代号____________．

（3）由已知量和测得的量的符号表示金属丝的长度则______________．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

为了使电子束射出后得到电场的加速，则A接直流高压电源的负极，根据左手定则可知，电子束向下偏转；故选项D正确，ABC错误；2、B【分析】【分析】

【详解】

当缓慢升高缸内气体温度时，气体先发生等容变化，根据查理定律，缸内气体的压强p与热力学温度T成正比，在p-T图像中，图线是过原点的倾斜的直线；当活塞开始离开小挡板（小挡板的重力不计），缸内气体的压强等于外界的大气压，气体发生等压膨胀，在p-T中，图线是平行于T轴的直线；选项ACD错误，B正确；

故选B。3、B【分析】安培提出分子电流假说，选项A错误；法拉第采用了电场线的方法来描述电场，选项B正确；库伦发现了点电荷的相互作用规律，选项C错误；安培发现了磁场对电流的作用规律，选项D错误；故选B.4、C【分析】【详解】

ab段导线受力根据左手定则判断方向向上；bcd段导线的有效长度即是bd的长度，因为∠abc＝∠cde＝120°，所以bd长也为L，受到安培力根据左手定则判断方向向上；dc段导线受安培力根据左手定则判断方向向上，所以整段导线受力ABD错误C正确5、B【分析】【详解】

铜盘转动产生的感应电动势为B、L、ω不变，E不变，根据欧姆定律得电流恒定不变，根据右手定则判断，回路中电流方向不变，从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘，故B正确，AC错误；垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，铜盘中产生涡旋电场，但a、b间无电势差，灯泡中没有电流流过，故D错误．6、D【分析】【详解】

第一过程从①移动②的过程中。

左边导体棒切割产生的电流方向是顺时针，右边切割磁感线产生的电流方向也是顺时针，两根棒切割产生电动势方向相同所以则电流为电流恒定且方向为顺时针，再从②移动到③的过程中左右两根棒切割磁感线产生的电流大小相等，方向相反，所以回路中电流表现为零；

然后从③到④的过程中，左边切割产生的电流方向逆时针，而右边切割产生的电流方向也是逆时针，所以电流的大小为方向是逆时针。

当线框再向左运动时，左边切割产生的电流方向顺时针，右边切割产生的电流方向是逆时针，此时回路中电流表现为零，故线圈在运动过程中电流是周期性变化，D正确；ABC错误；故选D二、多选题(共9题，共18分)7、B:C:D【分析】【详解】

A．单晶体具有各向异性；即单晶体沿着各个方向的物理性质和化学光学性质不同，多晶体具有各向同性，故A选项错误；

B．布朗运动是热运动的反映，而热运动在时不会停止；布朗运动可以继续发生，故B选项正确；

C．由于分子之间的距离为时；分子势能最小，故存在分子势能相等的两个位置，故C选项正确；

D．热力学第一定律揭示了一切跟热有关的现象遵循能量守恒定律；故D选项正确；

E．能量转化过程中；存在能量散失，不能使散失在环境中的内能全部重新收集起来加以利用，故E选项错误。

故选BCD。8、A:C:D【分析】【详解】

A项：由于两导体棒在导轨上运动时所受的安培力等大反向；所以两棒组成的系统合外力为零，所以系统动量守恒，故A正确；

B项：最终两导体棒将以同一速度向右做匀速运动；由于穿过两棒组成的闭合回路磁通量不变，所以电路中没有电流，故B错误；

C项：最终两导体棒的共同速度为解得：由能量守恒可知，故C正确；

D项：当两棒速度相等时，两棒间的距离最大，从开始运动到最终达到稳定状态，通过回路的电量为对棒1应用动量定理可知，即所以

由解得：即为两棒的运动距离差，所以最大距离为故D正确．9、B:C:D【分析】【详解】

A.闭合开关S的瞬间；金属环中向右的磁场磁通量增大，根据楞次定律，从右侧看，环中产生顺时针方向的感应电流，选项A不合题意；

B.由于电阻率先后放上用横截面积相等的铜和铝导线制成的形状；大小相同的两个闭合环，铜环中产生的感应电流大于铝环中产生的感应电流，由安培力公式可知，铜环受到的安培力大于铝环受到的安培力，选项B符合题意；

C.若将金属环置于线圈右侧；则闭合开关S的瞬间，从右侧看，环中产生顺时针方向的感应电流，环将向右弹射，选项C符合题意；

D.电池正、负极调换后，同理可以得出金属环仍能向左弹射，选项D符合题意．10、B:D【分析】AB；布朗运动是悬浮在液体当中的固体颗粒的无规则运动；是液体分子无规则热运动的反映，故A错误、B正确；

CD；根据热力学第一定律公式△U=Q+W；气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，故C错误、D正确．

故选BD．11、B:D【分析】【详解】

A、根据电容器的电容公式C＝ɛ当电介质插入极板间越深，即电介质增大，则电容器电容越大，故A错误；

B；当传感器以恒定加速度运动时；根据牛顿第二定律可知，弹力大小不变，则电容器的电容不变，因两极的电压不变，则电容器的电量不变，因此电路中没有电流，故B正确；

C；若传感器原来向右匀速运动；突然减速时，因惯性，则继续向右运动，从而压缩弹簧，故C错误；

D、当传感器由静止突然向右加速瞬间，质量块要向左运动，导致插入极板间电介质加深，因此电容会增大，由于电压不变，根据Q＝CU，可知，极板间的电量增大，电容器处于充电状态，故D正确．12、A:B:E【分析】【详解】

A．过程ab中气体的体积不变；没有做功；温度升高，内能增大，所以气体一定吸热，故A正确；

B．a到b过程根据题图，由理想气体的状态方程可知

所以

同理

解得

所以

故B正确；

C．由于理想气体分子之间的作用力可以忽略不计，所以过程bc中分子势能不变；故C错误；

D．温度是分子平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义，所以过程bc中气体的温度降低；分子的平均动能减小，并不是每一个分子的速率都减小，故D错误；

E．过程ca中气体等温膨胀；内能不变，对外做功，根据热力学第一定律可知，气体吸收的热量等于对外做的功，故E正确。

故选ABE。13、A:D:E【分析】【详解】

A．根据t=0时刻的波形图，由于横波向左传播，则在t=0时刻质点P沿y轴负方向运动，即速度方向沿y轴负方向；故A正确；

B．在t=0.3s时，质点P在t=0时刻后首次到达波峰位置，说明波动周期T=0.4s，这列波的传播速度为v==10cm/s=0.1m/s

故B错误；

C．在0～0.3s时间，即T时间内，质点A运动的路程为3个振幅，即3×8cm=24cm=0.24m

故C错误；

D．在t=0.5s时，波沿x轴负方向传播了5cm，质点Q首次到达波峰位置；故D正确；

E．根据波形图和传播方向可知，这列波的波源起振方向沿y轴正方向；故E正确。

故选ADE。14、B:C:E【分析】【详解】

A.振幅是质点偏离平衡位置的最大距离，由图1读出振幅A=8cm；故A错误.

B.质点完成一个全振动的时间叫做一个周期，从振动图象中可以看成周期故B正确.

C.当时，坐标原点的质点处在平衡位置向下运动，所以y=0；故C正确.

D.从图2中可以看出波长所以波速故D错误.

E.经过半个周期后，处于波峰的A质点运动到波谷位置，则离开平衡位置的位移为8cm，方向向下；故E正确.15、B:C【分析】【分析】

玻尔理论。

【详解】

氢原子从能级A跃迁到能级B，释放波长为λ1的光子，则由玻尔理论可知

同理，从能级A跃迁到能级C释放波长为λ2的光子，则

因

则

即

当它从能级B跃迁到能级C时要释放光子；A错误，B正确；

CD．原子由高能级跃迁到低能级时；电子的动能变大，电势能减小，C正确，D错误。

故选BC。

【点睛】

此题考查了玻尔理论；解决本题的关键知道原子由高能级向低能级跃迁，辐射光子，低能级向高能级跃迁，吸收光子，知道能级差与光子频率间的关系

原子由高能级向低能级跃迁时，电子的轨道半径减小，电子的动能变大，整个原子的电势能减小，总能量减小。三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】小球静止时只受重力，则加速度为g，下滑后，小球受洛伦兹力、重力、支持力及摩擦力，洛伦兹力水平向左，摩擦力竖直向上，小球向下做加速运动，速度越大，洛伦兹力越大，则摩擦力越大，加速度越小，当加速度等于零时，速度最大，则得此后小球做匀速直线运动，加速度为0，故开始时加速度最大：

点睛：本题要注意分析带电小球的运动过程，属于牛顿第二定律的动态应用与磁场结合的题目，此类问题要求能准确找出物体的运动过程，并能分析各力的变化。【解析】g17、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]根据静电感应可知；将带有负电的绝缘棒移近两个不带电的导体球时，在两个导体球上分别感应出等量的异号电荷，此时先把两球分开，再移走棒。就会使两球带上等量异号电荷；

(2)[2][3]使棒与甲球瞬时接触；再移走棒，会使两导体球均带上负电荷；

(3)[4][5]先使甲球瞬时接地，会使两球瞬间与大地连为一体，此时导体球上感应出的负电荷会导入大地，再移走棒，两球均带正电荷。【解析】B负负正正18、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]从状态A到B；由于体积没变，因此发生的是等容过程。

(2)[2]从B到C的过程；由于气体温度不变，因此气体的内能不变。

(3)[3][4]从C到D的过程中，由于体积减小，因此气体对外界做负功；而温度降低，内能减小，根据热力学第一定律，一定放出热量。【解析】等容不变做负功放热19、略

【分析】【详解】

[1][2]浸润现象产生的原因是附着层内分子间距小于液体内部分子间距，分子间表现为斥力，分子势能可能是图像中的A点。【解析】小于A20、略

【分析】【详解】

[1]气体状态由过程中

所以是等压过程；气体压强不变。

[2]的整个过程气体温度不变，内能不变，则

整个过程中气体放出的热量为由热力学第一定律可知

解得整个过程外界对气体所做的功为【解析】不变Q四、作图题(共3题，共21分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场