2025年外研衔接版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研衔接版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、关于元电荷的理解，下列说法正确的是()A.元电荷就是电子B.元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电量C.元电荷就是质子D.物体所带的电量只能是元电荷的整数倍2、如图所示，质量相同、分布均匀的两个圆柱体a、b靠在一起，表面光滑，重力均为G，其中b的下一半刚好固定在水平面MN的下方，上边露出另一半，a静止在平面上，现过a的轴心施以水平作用力F，可缓慢的将a拉离平面一直滑到b的顶端，对该过程分析，应有（）A.拉力F先增大后减小，最大值是GB.开始时拉力F最大为以后逐渐减小为0C.a、b间压力由0逐渐增大，最大为GD.a、b间的压力开始最大为2G，而后逐渐减小到G3、如图所示，在匀强磁场中有一个矩形单匝线圈ABCD，AB边与磁场垂直，MN边始终与金属滑环K相连，PQ边始终与金属滑环L相连．金属滑环L、交流电流表A、定值电阻R、金属滑环K通过导线串联．使矩形线圈以恒定角速度绕过BC、AD中点的轴旋转．下列说法中正确的是()A.交流电流表A的示数随时间按余弦规律变化B.线圈转动的角速度越大，交流电流表A的示数越小C.线圈平面与磁场平行时，流经定值电阻R的电流瞬时值最大D.线圈转动的角速度增加为原来的两倍，则流经定值电阻R的电流的有效值也变为原来的两倍4、如下图所示的电路里,r是电源内阻,R1,R2是外电阻,如果Pr,P1,P2分别表示电阻r,R1,R2上消耗的电功率,当r=R1=R2/2时,则Pr:P1:P2为()A.18:8:1B.9:4:2C.4:1:2D.2:1:15、如图所示，边长为L的正方形金属框，匝数为n,质量为m，电阻为R，用细线把它悬挂于一个有界的匀强磁场边缘，金属框的上半部处于磁场内，下半部处于磁场外．磁场随时间变化规律为B＝kt(k>0)，已知细线所能承受的最大拉力为2mg，下列说法正确的是（）A.线圈的感应电动势大小为nk·B.细绳拉力最大时，金属框受到的安培力大小为mgC.从t＝0开始直到细线会被拉断的时间为D.以上说法均不正确6、一弹簧振子做简谐运动，周期为T，则（）A.若△t=T，则在t时刻和（t+△t）时刻振子的回复力一定相等B.若t时刻和（t+△t）时刻振子的位移大小相等、方向相反，则△t一定等于的整数倍C.若t时刻和（t+△t）时刻振子的速度大小相等、方向相同，则△t一定等于T的整数倍D.若△t=则在t时刻和（t+△t）时刻弹簧的弹力一定相等7、电磁打点计时器和电火花打点计时器的电源频率相同，工作时，下列说法中正确的是()

A.他们打点周期相同B.都使用6隆芦10V

的低压直流电源C.都使用6隆芦10V

的低压交流电源D.都使用220V

的高压交流电源评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)8、如图所示，用皮带传动的两轮M、N半径分别是R、2R，A为M边缘一点，B距N轮的圆心距离为R，则A、B两点角速度之比为：______；线速度之比为：______；向心加速度之比为：______．9、如图所示为奥斯特在1820年做过的一个实验，他将一根直导线平行地放在小磁针的上方，当在导线中通以电流时，小磁针发生如图所示的偏转(N极向外)，则导线中的电流方向为沿导线向____________(填“左”“右”)．10、二氧化碳的捕捉和利用是我国能源领域的一个重要战略方向。rm{(1)}工业上用rm{CO_{2}}和rm{H_{2}}反应合成二甲醚。已知：rm{CO}rm{CO}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+3H}rm{(g)+3H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)}rm{(g)}rm{?}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(g)+H}rm{OH(g)+H}rm{{,!}_{2}}rm{O(g)}rm{娄陇H}rm{O(g)}rm{娄陇H}rm{{,!}_{1}}rm{=-181.6kJ隆陇mol}rm{=-181.6kJ隆陇mol}rm{{,!}^{-1}}；rm{2CH}rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(g)}rm{OH(g)}rm{?}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}写出rm{OCH}和rm{OCH}转化为rm{{,!}_{3}}和rm{(g)+H}的热化学方程式：___________________________________。rm{(g)+H}在某压强下，合成二甲醚的反应在不同温度、不同投料比时，rm{{,!}_{2}}的平衡转化率如图所示。rm{O(g)}rm{娄陇H}温度下，将rm{O(g)}和rm{娄陇H}充入rm{{,!}_{2}}的密闭容器中，rm{=-24.5kJ隆陇mol}后反应达到平衡状态，则rm{=-24.5kJ隆陇mol}内的平均反应速率rm{{,!}^{-1}}____；。rm{CO_{2}(g)}rm{H_{2}(g)}三者之间的大小关系为__________________。rm{CH_{3}OCH_{3}(g)}若rm{2CO(g)+4H_{2}(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)}rm{H_{2}O(g)}在恒温恒压下进行，以下叙述能说明该反应达到平衡状态的是________rm{(2)}填序号rm{CO_{2}}rm{T_{1}}和rm{6molCO_{2}}rm{12molH_{2}}rm{2L}rm{5min}的消耗速率等于rm{0隆芦5min}rm{v(CH_{3}OCH_{3})=}rm{K_{A}}rm{K_{B}}rm{K_{C}}倍rm{(3)}rm{2CO(g)+4H_{2}(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)}rm{娄陇H=-204.7kJ隆陇mol^{-1}}rm{(}溶于水形成rm{)}已知常温下A.rm{CO}和rm{H}的电离平衡常数为rm{CO}rm{H}rm{{,!}_{2}}的电离平衡常数为的物质的量浓度之比是rm{1隆脙2}常温下，用氨水吸收rm{1隆脙2}可得到B.rm{CO}的消耗速率等于rm{CH}溶液，rm{CO}溶液显________rm{CH}填“酸性”“中性”或“碱性”rm{{,!}_{3}}请计算反应rm{NH_{4}^{+}+HCO_{3}^{-}+H_{2}O?NH_{3}隆陇H_{2}O+H_{2}CO_{3}}的平衡常数rm{OCH}__________。rm{OCH}工业上采用电化学还原rm{{,!}_{3}}是一种使的生成速率的rm{2}倍资源化利用的方法，如图是利用此法制备rm{2}的示意图C.容器中混合气体的体积保持不变电解液不参与反应D.容器中混合气体的平均摩尔质量保持不变下列说法正确的是____________。E.容器中混合气体的密度保持不变与电源的负极相连rm{(4)CO_{2}}rm{H_{2}CO_{3}}rm{H_{2}CO_{3}}rm{K_{1}=4.4隆脕10^{-7}}rm{K_{2}=4.7隆脕10^{-11}}rm{NH_{3}隆陇H_{2}O}rm{K=1.75隆脕10^{-5}}rm{CO_{2}}rm{NH_{4}HCO_{3}}rm{NH_{4}HCO_{3}}rm{(}rm{)}rm{NH_{4}^{+}+HCO_{3}^{-}+H_{2}O?

NH_{3}隆陇H_{2}O+H_{2}CO_{3}}rm{K=}rm{(5)}rm{CO_{2}}电子rm{CO_{2}}11、平行板电容器两板相距2cm，接在200V电源上，带电量为5×10-8库仑．这个电容器的电容是____，板间电场强度是____V/M．12、如图所示，带电荷量分别为+Q和-Q的两个点电荷a与b相距L，在a与b间放置一个原来不带电的导体P当导体P处于静电平衡状态时，感应电荷在a、b连线的中点c处（c在导体P内）产生的电场强度大小为____，方向为____．

13、如图所示为某区域的电场线，把一个带负电的点电荷q放在点A或B时，在____点受的电场力大，____点势高．

14、如图甲为测定长木板B在桌面上运动时的加速度的装置．A为沙摆，当沙摆摆动经过平衡位置时开始计时(设为第1次经过平衡位置)，当它第30次经过平衡位置时测得所需的时间为29s．图乙为某次实验在运动的木板上留下的沙子的痕迹，测得数据如图乙所示，则木板的加速度为________m/s2.15、在“用双缝干涉测光的波长”实验中；其实验装置如图1，回答下列问题：

①下列说法有错误的是______（填选项前的字母）

A．调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时；应放上单缝和双缝。

B．测量某条干涉亮纹位置时；应使测微目镜分划板中心刻线与该亮纹的中心对齐。

C．为了减小测量误差，可用测微目镜测出n条亮纹间的距离a，求出相邻两条亮纹间距△x=再利用公式△x=λ便可得到波长的测量值。

D．假若把此装置置于某种液体中测得某单色光的波长；结果将比在真空中测得该光波长短。

②测量某亮纹位置时，手轮上的示数如图2，其示数为______mm．16、在“探究功与速度变化的关系”实验中，以v2

为横坐标，W

为纵坐标，画出的图像为________，说明W

与v2

成________。评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）21、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分四、推断题(共2题，共16分)22、已知：①一定条件下，R－Cl+2Na+Cl－R’®R－R’+2NaCl②醛和醇可以发生氧化反应，被氧化的难易次序是：RCHO最易，R—CH2OH次之，最难。现有某氯代烃A，其相对分子质量为78.5；B与氯气反应生成的一氯代物有两种。有关的转化关系如下图所示（部分产物及条件均已略去）：请回答下列问题：（1）分子式：A____；反应类型：E®F____；（2）结构简式：B____，K为____；（3）反应方程式：A→E________________________________________________；H→I________________________________________________；（4）J分子中含氧官能团的名称____（5）D的同分异构体属于羧酸的有四种，其中有2个-CH3基团的有两种。请写出这两种中的任一种结构简式：____。23、A、rm{B}rm{C}rm{X}是中学化学常见的物质，rm{A}rm{B}rm{C}均由短周期元素组成，转化关系如图。请针对以下三种不同情况回答：

rm{(1)}若rm{A}rm{B}rm{C}中均含同一种常见金属元素，该元素在rm{C}中以阴离子形式存在，将rm{A}rm{C}的水溶液混合可得rm{B}的白色胶状沉淀。rm{垄脵A}中含有的金属元素为________rm{(}写元素名称rm{)}它在周期表中的位置为__________。rm{垄脷}该金属元素的单质与某氧化物在高温下反应，常用于焊接铁轨及定向爆破，该反应的化学方程式为___________________。rm{(2)}若rm{A}为稀rm{HNO_{3}}rm{X}为常见黑色金属单质，写出rm{A}与rm{B}反应离子方程式___________。rm{(3)}若rm{A}rm{B}rm{C}三种化合物的焰色反应均呈黄色，水溶液均为碱性；将rm{C}加到盐酸中，有无色无味的气体rm{X}产生。rm{垄脵A}中所含有的化学键是________________rm{垄脷}自然界中存在rm{B}rm{C}和rm{H_{2}O}按一定比例结晶而成的固体，取一定量该固体溶于水配成一定物质的量浓度溶液rm{100mL}所用到的玻璃仪器有玻璃棒、烧杯、________、_____________。rm{垄脹}若测得上述溶液中金属阳离子的浓度为rm{0.5mol/L.}若取相同质量的固体加热至恒重，剩余固体的质量为_____________rm{g}评卷人得分五、解答题(共2题，共8分)24、有一电磁铁，横截面积为5cm2，已知垂直穿过此面积的磁通量为2.0×10-4Wb；求截面处的磁感应强度．

25、如图所示电路中，电源提供的电压U＝8V，D为直流电动机，其电枢线圈电阻R＝3Ω，电阻R′＝4Ω．当电动机正常工作时；电压表示数为0.8V．求：

(1)通过电动机的电流是多大？

(2)电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？评卷人得分六、识图作答题(共4题，共40分)26、实验小组探究了不同光质对番茄幼苗光合速率及其生理特征的影响，结果如下表所示。下图表示在红光照射下，光照强度和番茄幼苗净光合速率的关系。请回答下列问题：。光质光合速率（μmol·m-2·S-1）气孔导度（mmol·m-2·S-1）叶绿素的含量（mg·g-1）白光5.6360.261.27蓝光7.1280.121.24绿光3.0340.170.90黄光4.6750.761.10红光7.9891.541.40

(1)在实验室中，常用_________法来分离绿叶中的光合色素，该方法的原理是_________________。分离后，位于滤纸条最下端的色素带的颜色是__________________________________。(2)分析表中数据可知，红光促进番茄幼苗光合速率的效果最为显著，其原因可能是红光能______________，从而促进了光反应的进行，并能__________________________，从而促进了暗反应的进行。(3)在图中a点的条件下，番茄幼苗叶肉细胞中能消耗水并产生[H]的场所是_______。若将红光照射改为绿光照射，则c点会向_________方移动。27、下图①～③分别表示人体细胞中发生的3种生物大分子的合成过程，请回答下列问题:

(1)细胞中过程②发生的主要场所是____。____

(2)已知过程②的α链中鸟嘌呤与尿嘧啶之和占碱基总数的54%,α链及其模板链对应区段的碱基中鸟嘌呤分别占29%、19%,则与α链对应的DNA区段中腺嘌呤所占的碱基比例为____。

(3)由于基因中一个碱基对发生替换,而导致过程③合成的肽链中第8位氨基酸由异亮氨酸(密码子有AUU、AUC、AUA)变成苏氨酸(密码子有ACU、ACC、A.ACG),则该基因的这个碱基对替换情况是____。

(4)在人体内成熟红细胞、浆细胞、记忆细胞、效应T细胞中,能发生过程②、③而不能发生过程①的细胞是____。

(5)人体不同组织细胞的相同DNA进行过程②时启用的起始点____(在“都相同”、“都不同”、“不完全相同”中选择),其原因是____。28、下图中甲表示几种化合物间的关系，乙为某植物细胞的亚显微结构模式图。请据图回答:（1）请写出图甲中a分子的结构通式：_____。（2）将C1、C2彻底水解得到的产物中，属于C2特有的物质是____。（3）在电子显微镜下观察，图乙细胞中的[1]是两条细线，这两条细线是两层____分子。（4）肺炎双球菌与图乙细胞在结构上最主要的区别是：肺炎双球菌____。（5）图乙细胞中能合成ATP的场所是_____（填数字标号）。（6）图乙细胞中的[6]与_____（填数字标号）的形成有关。（7）若图乙是洋葱根尖细胞，欲观察[9]，需用_____染色；若将[9]用胰蛋白酶处理会获得长丝状物质是_____。29、假设某果蝇种群中雌雄个体数目相等，且对于A和a这对等位基因来说只有Aa一种基因型。回答下列问题：（1）若不考虑基因突变和染色体变异，则该果蝇种群中A基因频率：a基因频率为____。理论上该果蝇种群随机交配产生的第一代中AA、Aa和aa的数量比为____，A基因频率为____。（2）若该果蝇种群随机交配的实验结果是第一代中只有Aa和aa两种基因型，且比例为2：1，则对该结果最合理的解释是____。根据这一解释，第一代再随机交配，第二代中Aa和aa基因型个体数量的比例应为____。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B|D【分析】【解析】试题分析：元电荷是自然界最小的电量，是与跟电子所带电荷量数值相等的电荷量，不是电子，不是质子，也带电荷量最小的带电粒子．A、元电荷是与电子的电荷量数值相等的电荷量，但不是电子．故A错误．B、元电荷是自然界最小的电量，其数值与电子的电荷量数值相等，故B正确．C、元电荷是与质子的电荷量数值相等的电荷量，但不是质子．故C错误．D、元电荷是自然界最小的电量，任何带电体的电量都是元电荷的整数倍．故D正确．考点：本题考查对元电荷的理解．【解析】【答案】BD2、B|D【分析】试题分析：对于a球：a球受到重力G、拉力F和b球的支持力N，由平衡条件得：则得根据数学知识可知，从30°增大到90°，F和N均逐渐减小，当有最大值为N有最大值为2G，故BD正确．考点：考查了力的合成与分解，宫殿里平衡【解析】【答案】BD3、C|D【分析】交流电流表的示数为交流电的有效值，所以A错误。根据公式当角速度增大时，电流表示数也增大，线圈转动的角速度增加为原来的两倍，则流经定值电阻R的电流的有效值也变为原来的两倍，所以D正确B错误。线圈平面与磁场平行时，线圈的磁通量变化率最大，所以流经定值电阻R的电流瞬时值最大C正确。【解析】【答案】CD4、B【分析】【解析】【答案】B5、A|B【分析】试题分析：根据A对；细绳最大拉力为2mg，金属框重mg，所以安培力最大为mg，B对；安培力最大为mg，根据得C错。考点：本题考查了对安培力的理解。【解析】【答案】AB6、A【分析】解：A；经过一个周期；振子回到原位置，则回复力大小相等，故A正确．

B；若t时刻和（t+△t）时刻振子的位移大小相等、方向相反；即两点关于平衡位置对称，经过时间为半个周期的奇数倍，故B错误．

C、若t时刻和（t+△t）时刻振子的速度大小相等、方向相同，可能运动到关于平衡位置对称的位置，也可能在同一位置，可知△t一定等于的整数倍；故C错误．

D、若△t=则在t时刻和（t+△t）时刻关于平衡位置对称，回复力大小相等，但是弹簧的弹力大小不一定相等，故D错误．

故选：A．

经过周期的整数倍；振子回到原位置，经过半个周期的奇数倍，振子运动到关于平衡位置对称的位置，结合该规律分析判断．

解决本题的关键知道经过周期的整数倍，振子回到原位置，经过半个周期的奇数倍，振子运动到关于平衡位置对称的位置，以及知道关于平衡位置对称的两点的特点．【解析】【答案】A7、A【分析】【分析】正确解答本题需要掌握：了解打点计时器的构造、工作原理、工作特点等，比如工作电压、打点周期等，掌握基本仪器的使用，能够正确的使用打点计时器。对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用。【解答】A.电磁打点计时器和电火花打点计时器的电源频率相同；所以打点周期相同，故A正确；

BCD.

电磁打点计时器工作电压是4V隆芦6V

交流电源；电火花打点计时器的电压是220V

交流电源，故BCD错误；

故选A。【解析】A

二、填空题(共9题，共18分)8、略

【分析】解：A点与N轮子边缘上点的线速度大小相等，B点与N轮子边缘上点的角速度大小相等，根据v=rω知，N轮子边缘上的点的线速度是B点的线速度的2倍，所以vA：vB=2：1．N轮子边缘上的点的角速度是A点角速度的一半，则A、B两点的角速度之比为2：1．根据a=rω2知；A；B两点的向心加速度之比为4：1．

故答案为：2：1；2：1，4：1．

抓住两个轮子边缘上点的线速度大小相等，共轴转动时角速度大小相等，通过v=rω，a=rω2求出角速度；线速度、向心加速度之比．

解决本题的关键知道共轴转动，角速度大小相等，靠传送带传动轮子边缘上点的线速度大小相等．以及知道向心加速度与角速度、线速度的关系．【解析】2：1；2：1；4：19、略

【分析】解：小磁针N极向外偏转；说明导线下方的磁场方向向外，上方向里，如图：

利用右手螺旋定则可判断出导线内电流的方向向左．

故填：左【解析】左10、(1)2CO2(g)＋6H2(g)CH3OCH3(g)＋3H2O(g)ΔH=-387.7kJ/mol

(2)0.18mol/(L·min)KA＝KC>KB

(3)CDE

(4)碱性1.3×10-3

(5)C【分析】【分析】

本题考查了盖斯定律的应用；化学平衡的计算、化学平衡常数的应用、化学平衡的影响因素、化学平衡状态的判断和电解原理的应用；侧重于学生的分析和计算能力的考查，难度中等，是对知识的综合考查，需要学生具有知识的基础与综合运用知识分析问题、解决问题的能力。

【解答】

rm{(1)垄脵CO_{2}(g)+3H_{2}(g)?CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)}rm{娄陇H_{1}=-181.6kJ隆陇mol^{-1}}rm{垄脷2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)}rm{娄陇H_{2}=-24.5kJ隆陇mol^{-1}}根据盖斯定律rm{(1)垄脵CO_{2}(g)+3H_{2}(g)?

CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)}可得：rm{娄陇H_{1}=-181.6

kJ隆陇mol^{-1}}rm{垄脷2CH_{3}OH(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)}rm{娄陇H_{2}=-24.5

kJ隆陇mol^{-1}}

故答案为：rm{垄脵隆脕2+垄脷}rm{2CO_{2}(g)+6H_{2}(g)}rm{CH_{3}OCH_{3}(g)+3H_{2}O(g)}

rm{娄陇H=-387.7kJ/mol}温度下，将rm{2CO_{2}(g)+6H_{2}(g)}和rm{CH_{3}OCH_{3}(g)+3H_{2}O(g)}充入rm{娄陇H=-387.7kJ/mol}的密闭容器中，由图象可知，rm{(2)T_{1}}后反应达到平衡状态时二氧化碳转化率为rm{6molCO_{2}}则生成rm{12molH_{2}}为rm{2L}所以平均反应速率rm{v(CH_{3}OCH_{3})=dfrac{?c}{?t}=dfrac{1.8mol}{2L隆脕5min}=0.18mol/(L隆陇min)}又平衡常数仅与温度有关，所以rm{5min}又根据图象在相同投料比时rm{60%}温度下二氧化碳转化率大，所以rm{CH_{3}OCH_{3}}温度下较rm{6mol隆脕60%隆脕12=1.8mol}温度下反应向正反应方向移动，则rm{v(CH_{3}OCH_{3})=dfrac{?c}{?t}

=dfrac{1.8mol}{2L隆脕5min}=0.18mol/(L隆陇min)}

故答案为：rm{K_{A}=K_{C}}rm{T_{1}}

rm{T_{1}}和rm{T_{2}}的物质的量浓度比与反应物的初始量及转化率有关；所以不能说明到达平衡状态，故A错误；

B.rm{K_{A}=K_{C}>K_{B}}的消耗速率与rm{0.18mol/(L隆陇min)}的生成速率都属于正速率；正速率之比等于计量数之比，不能说明到达平衡状态，故B错误；

C.随反应进行混合气体总物质的量减少；由于压强不变，则气体的体积会减小，容器中混合气体的体积保持不变，说明到达平衡状态，故C正确；

D.气体的总质量保持不变；气体总物质的量减少，则气体的平均摩尔质量逐渐增大，当容器中混合气体的平均摩尔质量保持不变，说明到达平衡状态，故D正确；

E.气体的总质量保持不变；气体的体积减小，则密度增大，当容器中混合气体的密度保持不变，说明反应到达平衡状态，故E正确；

故答案为：rm{K_{A}=K_{C}>K_{B}}

rm{(3)A.CO}根据盐类水解规律，已知rm{H_{2}}的电离平衡常数rm{CO}rm{CH_{3}OCH_{3}}的电离平衡常数为rm{CDE}rm{(4)}所以碳酸氢根的水解程度更大，所以rm{NH_{3}隆陇H_{2}O}显碱性；反应rm{NH_{4}^{+}+HCO_{3}^{-}+H_{2}O?NH_{3}隆陇H_{2}O+H_{2}CO_{3}}的平衡常数rm{K=dfrac{c(NH{;}_{3}?H{;}_{2}O)c(H{;}_{2}CO{;}_{3})}{c(NH{{;}_{4;}}^{+})c(HCO{;}_{3}{;}^{?})}=dfrac{c(H{;}^{+})c(OH{;}^{?})}{K(NH{;}_{3}?H{;}_{2}O)K{;}_{1}}=dfrac{{10}^{-14}}{1.75隆脕{10}^{-5}隆脕4.4隆脕{10}^{-7}}=1.3隆脕10^{-3}}

故答案为：碱性；rm{K=1.75隆脕10^{?5}}

rm{H_{2}CO_{3}}采用电化学法还原rm{K_{1}=4.4隆脕10^{-7}}制备rm{K_{2}=4.7隆脕10^{-11}}的过程中，碳元素的化合价降低，所以通入二氧化碳的电极是阴极，即rm{NH_{4}HCO_{3}}是阴极，和电源的负极相连，rm{NH_{4}^{+}+HCO_{3}^{-}+H_{2}O?

NH_{3}隆陇H_{2}O+H_{2}CO_{3}}是阳极；和电源的正极相连，故A错误；

B.在阴极上，二氧化碳得电子得rm{K=dfrac{c(NH{;}_{3}?H{;}_{2}O)c(H{;}_{2}CO{;}_{3})}{c(NH{{;}_{4;}}^{+})c(HCO{;}_{3}{;}^{?})}

=dfrac{c(H{;}^{+})c(OH{;}^{?})}{K(NH{;}_{3}?H{;}_{2}O)K{;}_{1}}

=dfrac{{10}^{-14}}{1.75隆脕{10}^{-5}隆脕4.4隆脕{10}^{-7}}

=1.3隆脕10^{-3}}在阳极上，金属锌失电子成为锌离子，从阳极移向阴极，所以rm{1.3隆脕10^{?3}}在交换膜左侧生成；故B错误；

C.在阴极上，二氧化碳得电子得rm{(5)A.}在阳极上，金属锌失电子成为锌离子，电解的总反应为：rm{2CO_{2}+Znoverset{碌莽陆芒}{=}}rm{CO_{2}}故C正确；

D.未指明气体是在标准状况下；故D错误．

故答案为：rm{ZnC_{2}O_{4}}

rm{Pb}【解析】rm{(1)2CO_{2}(g)+6H_{2}(g)}rm{CH_{3}OCH_{3}(g)+3H_{2}O(g)}rm{娄陇H=-387.7kJ/mol}

rm{(2)0.18mol/(L隆陇min)}rm{K_{A}=K_{C}>K_{B}}

rm{(3)CDE}

rm{(4)}碱性rm{1.3隆脕10^{-3}}

rm{(5)C}11、略

【分析】

由题，电容器的电压U=200V，电量Q=5×10-8C，则电容C===2.5×10-10F，板间电场强度是E==V/m=1×104V/m

故答案为：2.5×10-10F，1×104V/m．

【解析】【答案】平行板电容器接在200V电源上，板间建立匀强电场，板间电压等于电源的电压为U=200V，由电容的定义式C=求解电容．由E=求出板间场强．

12、略

【分析】

由点电荷的电场强度公式E=得：

+Q和-Q的两个点电荷在C点产生的电场强度。

E+===

同理

再由矢量合成得：E=E+

答案为：V/m，沿ba连线向左。

【解析】【答案】由点电荷的电场强度公式E=可求得+Q和-Q的两个点电荷在C点产生的电场强度；再叠加求出合场强，方向正电荷的沿ac向右，负电荷的沿ac向右，故合场强方向向右．

13、略

【分析】

由图看出；A处电场线比B处电场线密，则A处电场强度大于B处电场强度，同一电荷在A处所受电场力大于在B处电场力．由电场线方向可知，A点电势较高．

故答案为：A；A

【解析】【答案】根据电场线的疏密表示电场强度的相对大小；判断场强大小，再确定电场力大小．根据顺着电场线电势降低，判断电势的高低．

14、略

【分析】由题图乙可得x1＝0.49cmx2＝0.80cmx3＝1.09cmx4＝1.40cm沙摆周期为T′＝s＝2s，所以T＝＝1sa1＝＝m/s2＝3.0×10－3m/s2a2＝＝m/s2＝3.0×10－3m/s2＝＝3.0×10－3m/s2【解析】【答案】3.0×10－315、略

【分析】解：（1）A；调节光源高度使光束沿遮光筒轴线照在屏中心时；不放上单缝和双缝．故A错误；

B；将测量某条干涉亮纹位置时；应使测微目镜分划板中心刻线与该亮纹的中心对齐．故B正确．

C、为了减小测量误差，可用测微目镜测出n条亮纹间的距离a，求出相邻两条亮纹间距△x=再利用公式便可得到波长的测量值．故C错误．

D；假若把此装置置于某种液体中测得某单色光的波长；由于液体的折射率大于1，所以结果将比在真空中测得该光波长短，故D正确．

本题选择不正确的；故选：AC．

（2）图2螺旋测微器的主尺读数为1.5mm．可动刻度是0.01mm×47.0=0.470；总读数为1.5mm+0.470mm=1.970mm．

故答案为：（1）AC；（2）1.970

根据双缝干涉条纹的间距公式结合d和波长的变化判断条纹间距的变化．螺旋测微器的读数等于主尺读数加上游标读数，需估读．

解决本题的关键掌握双缝干涉条纹的间距公式并能灵活运用．以及掌握螺旋测微器的读数方法．【解析】AC；1.97016、过坐标原点的倾斜直线正比【分析】【分析】在试验中以v2

为横坐标，W

为纵坐标，理论上画出的图像应为倾斜的直线，说明对初速度为零的物体，外力对物体做的功W

与物体最后获得的速度v

的关系是对物体做的功与物体的速度平方成正比。本题考查了外力对物体做的功与物体速度的关系，根据实验数据做出图像，结合数学知识分析解答即可。【解答】通过本实验的实验数据的处理，可以得到，W

与v2

是成正比关系的，既然成正比关系，那么画出的W鈭�v2

应该是一条过原点的倾斜直线。故答案为：过坐标原点的倾斜直线，正比。【解析】过坐标原点的倾斜直线正比三、判断题(共5题，共10分)17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．21、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．四、推断题(共2题，共16分)22、略

【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，难度较大，是对有机物知识的综合考查，综合性较强，能较好的考查学生的阅读、分析与思维能力，（5）为本题的易错点。氯代烃A，其相对分子质量为78.5，则A的分子式为C3H7Cl，A与钠发生题中信息中的反应生成B，B与氯气反应生成的一氯代物有两种，则A为CH3CHClCH3，B为A在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成E为CH2=CHCH3，E发生加聚反应得F为E与溴发生加成反应得G为CH2BrCHBrCH3，G水解得H为CH2OHCHOHCH3，H选择氧化得I为CH3CHOHCHO，I选择氧化得J为CH3CHOHCOOH，J在浓硫酸加热条件下得六元环酯K为A碱性水解得C为CH3CHOHCH3，C与乙酸发生酯化反应得D为CH3COOCH（CH3）2，据此答题。【解答】氯代烃A，其相对分子质量为78.5，则A的分子式为C3H7Cl，A与钠发生题中信息中的反应生成B，B与氯气反应生成的一氯代物有两种，则A为CH3CHClCH3，B为，A在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成E为CH2=CHCH3，E发生加聚反应得F为，E与溴发生加成反应得G为CH2BrCHBrCH3，G水解得H为CH2OHCHOHCH3，H选择氧化得I为CH3CHOHCHO，I选择氧化得J为CH3CHOHCOOH，J在浓硫酸加热条件下得六元环酯K为，A碱性水解得C为CH3CHOHCH3，C与乙酸发生酯化反应得D为CH3COOCH（CH3）2，（1）根据上面的分析可知，A的分子式为C3H7Cl，E→F的反应类型加聚反应；（2）根据上面的分析可知，B为，K为；（3）A→E的反应方程式为+NaOHCH3CH=CH2+NaCl+H2O，H→I的反应方程式为2CH2OHCHOHCH3+O22CH3CHOHCHO+2H2O；（4）J为CH3CHOHCOOH，其分子中含氧官能团为羟基、羧基；（5）D为CH3COOCH（CH3）2，D的同分异构体属于羧酸的有四种，其中有2个﹣CH3基团的有两种，则其结构简式分别为。【解析】（1）C3H7Cl加聚反应（2）（3）+NaOHCH3CH=CH2+NaCl+H2O2CH2OHCHOHCH3+O22CH3CHOHCHO+2H2O（4）羟基、羧基（5）23、（1）①铝第三周期第ⅢA族②2Al+Fe2O32Fe+Al2O3

（2）Fe+4H++NO3-=Fe3++NO↑+2H2O

（3）①离子键；极性共价键。

②100mL容量瓶；胶头滴管。

③2.65【分析】【分析】本题考查了无机物推断，同时考查学生灵活运用知识解答问题的能力，根据物质的特殊现象再结合物质之间的转化关系来分析解答，题目难度中等。【解答】rm{(1)}若rm{A}rm{B}rm{C}中均含同一种常见金属元素，将rm{A}rm{C}的水溶液混合可得rm{B}的沉淀，由转化关系可知，rm{A}含有铝离子，rm{B}为氢氧化铝，rm{C}含有偏铝酸根，rm{x}为氢氧化钠；

rm{垄脵A}中含有金属元素是rm{Al}元素，它在周期表中的位置为第三周期第Ⅲrm{A}族；故答案为：铝；第三周期第Ⅲrm{A}族；

rm{垄脷Al}与氧化铁发生铝热反应可用于焊接铁轨及定向爆破，此反应的化学方程式为rm{2Al+Fe}rm{2}rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2Fe+Al}rm{2}；

故答案为：rm{2}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2Al+Fe}rm{2}rm{2}rm{O}；

rm{3}rm{3}为稀rm{2Fe+Al}rm{2}rm{2}为常见黑色金属单质，写出rm{O}与rm{3}反应离子方程式：rm{3}rm{(2)}若rm{A}为稀rm{HNO}rm{A}rm{HNO}rm{3}

故答案为：rm{3}，rm{X}为常见黑色金属单质，写出rm{A}与rm{B}反应离子方程式：rm{X}rm{A}rm{B}rm{Fe+4H^{+}+NO}若rm{3}rm{3}rm{{,!}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H}的焰色反应均呈黄色，水溶液均为碱性；将rm{2}加到盐酸中，有无色无味的气体rm{2}产生，则rm{O}为氢氧化钠，为碳酸钠，rm{Fe+4H^{+}+NO}为碳酸氢钠，rm{3}为二氧化碳。

rm{3}rm{{,!}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H}为rm{2}则rm{2}中所含有的化学键是离子键、极性共价键；rm{O}

故答案为：离子键、极性共价键rm{(3)}

rm{A}自然界中存在rm{B}rm{C}和rm{C}按一定比例结晶而成的固体rm{X}取一定量该固体溶于水配成rm{A}溶液，rm{B}rm{C}容量瓶；胶头滴管；rm{x}

rm{垄脵}rm{A}为rm{NaOH}则rm{A}中所含有的化学键是容量瓶；胶头滴管；rm{A}

rm{NaOH}测得溶溶中金属阳离子的浓度为rm{A}即钠离子浓度为取相同质量的固体加热至恒重，剩余固体为碳酸钠，根据钠离子守恒可知，碳酸钠的质量为rm{dfrac{1}{2}隆脕0.1L隆脕0.5mol/L隆脕106g/mol=2.65g}

故答案为：rm{{,!}^{-}}。

rm{垄脷}【解析】rm{(1)垄脵}铝第三周期第Ⅲrm{A}族rm{垄脷2Al+Fe_{2}O_{3}}rm{2Fe+Al_{2}O_{3}}

rm{(2)Fe+4H^{+}+NO_{3}^{-}=Fe^{3+}+NO隆眉+2H_{2}O}

rm{(3)垄脵}离子键；极性共价键。

rm{垄脷100mL}容量瓶；胶头滴管。

rm{垄脹2.65}五、解答题(共2题，共8分)24、略

【分析】

在匀强磁场中；当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量Φ=BS．

则有

答：截面处的磁感应强度为0.4T．

【解析】【答案】在匀强磁场中；当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量Φ=BS．

25、略

【分析】【详解】

(1)通过电动机的电流I与流过限流电阻R′的电流相同，则：

(2)电动机两端电压：

电动机输入的电功率：

电动机的发热功率：

电动机的输出功率：【解析】(1)0.2A；(2)1.44W；0.12W；1.32W六、识图作答题(共4题，共40分)26、（1）纸层析法不同色素在层析液中的溶解度不同；溶解度高的随层析液在滤纸条上扩散的快，反之则慢黄绿色。

（2）提高叶绿素的含量增大气孔导度，促进CO2吸收。

（3）线粒体基质右下。

【分析】【分析】本题考查光合作用及其影响因素，意在考查学生对知识的理解和应用能力、分析题图获取信息的能力。【解答】（1）在实验室中，常用纸层析法法来分离绿叶中的光合色素，该方法的原理是不同色素在层析液中的溶解度不同，溶解度高的随层析液在滤纸条上扩散的快，反之则慢。分离后，位于滤纸条最下端的色素带的颜色是黄绿色，表示叶绿素b。

（2）分析表中数据可知，红光促进番茄幼苗光合速率的效果最为显著，其原因可能是红光能提高叶绿素的含量（因为红光时叶绿素的含量最高）从而促进了光反应的进行，并能增大气孔导度，促进CO2吸收；从而促进了暗反应的进行。

（3）在图中a点的条件下；番茄幼苗叶肉细胞只进行细胞呼吸，番茄幼苗叶肉细胞中能消耗水并产生[H]的场所是线粒体基质。光和色素对绿光吸收量最少，若将红光照射改为绿光照射，则c点会向右下方移动