2025年外研版高三物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高三物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，在探究摩擦力的实验中，测力计与水平桌面平行，拉力从零逐渐增大，拉力为8N时，木块不动；拉力为12N时，木块恰好被拉动；木块匀速运动时拉力为10N．木块与桌面间的滑动摩擦力和最大静摩擦力分别是（）A.12N，8NB.12N，10NC.10N，12ND.10N，8N2、在“探究电阻大小与哪些因素有关”的实验中，下列物理量与电阻大小无关的是（）A.导体两端的电压B.导体的长度C.导体的材料D.导体的横截面积3、下列说法中正确的是（）A.牛顿运动定律在任何情况下都是成立的B.在任何参考系中，物体的运动速度都不能超过光速C.一条沿自身长度方向高速运动的杆，其长度总比杆静止时的长度大D.同样的两件事，在不同的参考系中观测，时间间隔都相同4、一个物体开始静止在O点，先使它向东做匀加速直线运动，经过5s，使它的加速度方向立即改为向西，加速度大小不变；再经过5s，又使它的加速度方向立即改为向东，加速度大小不变，如此反复，共历时40s，则这段时间内（）A.物体时而向东运动，时而向西运动B.物体往复运动最后停在O点C.物体运动时快时慢，一直向东运动D.物体速度一直增大5、电磁波的波长范围很广，下列电磁波按波长由大到小排列的是（）A.无线电波、红外线、可见光B.紫外线、可见光、X射线C.X射线，紫外线、γ射线D.紫外线、可见光、红外线6、电磁打点计时器和电火花计时器的构造如图所示；以下说法正确的是（）

A.图甲是电磁打点计时器，图乙是电火花计时器B.图甲使用的电源是交流220V，图乙使用的电源是直流6V以下C.电磁打点计时器和电火花计时器在实验中的作用是相同的D.利用打点计时器可以直接测量计数点的瞬时速度7、关于使用多用表欧姆档测电阻的操作规则，正确的是（）A.测量时两手要触碰表笔的金属杆B.被测电阻不需要跟其它元件和外电源断开C.换用欧姆档的另一量程时，必须重新欧姆档调零，才能测量D.测量完毕后选择开关置于欧姆档即可8、下列哪组数据中能求出阿伏伽德罗常数（）A.物质分子的质量和体积B.物体的质量和它的摩尔质量C.物体的质量、密度和它的分子体积D.物体的摩尔体积、密度及其分子质量评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、一个质子（H）和一个α粒子（Hg）；同时垂直射入同一匀强磁场．

（1）若两者以相同的速度进入磁场，则运动半径之比rH：rα为____；

（2）若二者以相同的动能进入磁场中，则运动半径之比rH：rα为____；

（3）若二者由静止开始经过同一电场加速后进入磁场，则运动半径之比rH：rα为____．10、（2012秋•南京校级月考）如图所示，小球以v1=3m/s的速度水平向右运动，碰到墙壁经△t=0.01s后以v2=2m/s的速度沿同一直线反弹，则小球在这0.01s内的平均加速度的大小为____m/s2，方向为____．11、一束光自真空射向玻璃，已知光在真空中的波长为6×10-7m，玻璃的折射率为1.5，则光进入玻璃后的频率是____Hz，波长是____m．12、如图所示为一定质量的某种理想气体由状态A经过状态C变为状态B的图象，下列说法正确的是____．

A．该气体在状态C时的温度等于在状态B时的温度。

B．该气体在状态A时的内能等于在状态C时的内能。

C．该气体在状态A时状态B为吸热过程。

D．该气体由状态A至状态C对外界所做的功大于从状态C至状态B对外界所做的功．

13、（2012•许昌模拟）（1）在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，已知一滴溶液中油酸的体积为V油酸，配制的油酸溶液中，纯油酸与溶液体积之比为1：500，1mL溶液含250滴．那么一滴溶液中纯油酸体积为V油酸=____cm3；该实验中油膜厚度d与油酸分子直径D的关系是____．

（2）如图所示；一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再由状态B变化到状态C．已知状态A的温度为300K．

①求气体在状态B的温度；

②由状态B变化到状态C的过程中，气体是吸热还是放热？简要说明理由．14、（2012•如皋市校级模拟）如图所示，用手握住长绳的一端上下抖动，长绳形成了向前传播的一列波．如果在长绳中间某一位置做一个标记，在抖动过程中，这个标记将____（选填“上下”或“左右”）运动．运动过程中，标记振动的周期____手抖动的周期（选填“大于”、“小于”或“等于”）．15、三个方向不同且在同一平面上的共点力作用在一个物体上，物体做匀速直线运动，已知F1=5N，F2=7N，F3=4N，那么这三个力的合力大小为____N，若撤去F3，则物体所受合力大小为____N．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用，则该处的磁感应强度一定为零．____．（判断对错）17、平抛运动属于匀变速运动，匀速圆周运动也属于匀变速运动．____．18、用电器的额定功率与所加的电压无关．____．（判断对错）19、作用在物体上的合外力减小时，速度也随之减小．____（判断对错）20、影响蒸发快慢的因素有绝对湿度、表面积、温度．____．（判断对错）21、（2010•驻马店模拟）如图为一列沿x轴正方向传播的简谐波在t=0时刻的波形图，已知波速为10m/s，则图中P质点的振动方程为y=10sin5πt（cm）____（判断对错）22、物体速度变化的方向与它受到的合外力的方向相同．____（判断对错）评卷人得分四、简答题(共4题，共8分)23、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}均是短周期元素，其原子序数依次增大，rm{A}和rm{B}同周期，rm{A}和rm{D}同族，rm{A}原子最外层电子数是内层电子数的二倍，rm{B}元素族序数是周期数的三倍，rm{B}的阴离子与rm{C}的阳离子电子层结构相同，rm{C}的单质与rm{B}的单质在不同条件下反应，可生成rm{C_{2}B}或rm{C_{2}B_{2}}rm{E}是所在周期中原子半径最小的元素，请回答．rm{(1)D}在元素周期表中的位置是________________．rm{(2)C_{2}B}的电子式是________；rm{AB_{2}}的结构式是____________．rm{(3)B}rm{C}rm{E}离子半径的由大到小的顺序为___________________rm{(}用离子符号回答rm{)}rm{A}rm{D}rm{E}最高价氧化物对应水化物的酸性由强到弱的顺序为_________________rm{.(}用化学式回答rm{)}rm{(4)A}rm{B}气态氢化物沸点高的是___________rm{(}用化学式回答rm{)}原因是_______________________________________________________________________．rm{(5)}水中锰含量超标，容易使洁具和衣物染色，使水产生异味，rm{EB_{2}}可以用来除去水中超标的rm{Mn^{2+}}生成黑色沉淀，当消耗rm{13.50gEB_{2}}时，共转移了rm{1mol}电子，则反应的离子方程式为_____________________________________________________．24、世上万物，神奇可测。其性质与变化是物质的组成与结构发生了变化的结果。rm{(1)}根据杂化轨道理论判断，下列分子的空间构型是rm{V}形的是____rm{(}填标号rm{)}A.rm{BeCl_{2}}rm{B.H_{2}OC.HCHOD.CS_{2}}rm{(2)}原子序数小于rm{36}的元素rm{Q}和rm{T}在周期表中既位于同一周期又位于同rm{-}一族，且rm{T}的原子序数比rm{Q}多rm{2}rm{T}的基态原子的外围电子rm{(}价电子rm{)}排布式为_____，rm{Q^{2+}}的未成对电子数是_____．rm{(3)}铜及其合金是人类最早使用的金属材料，rm{Cu^{2+}}能与rm{NH_{3}}形成配位数为rm{4}的配合物rm{[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}rm{垄脵}铜元素在周期表中的位置是______，rm{[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}中，rm{N}rm{O}rm{S}三种元素的第一电离能由大到小的顺序为_______。rm{垄脷[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}中，存在的化学键的类型有_____rm{(}填标号rm{)}A.离子键rm{B.}金属键rm{C.}配位键rm{D.}非极性键rm{E.}极性键rm{垄脹NH_{3}}中rm{N}原子的杂化轨道类型是_____，写出一种与rm{SO_{4}^{2-}}互为等电子体的分子的化学式：_____________。rm{垄脺[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}具有对称的空间构型，rm{[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}中的两个rm{NH_{3}}被两个rm{Cl^{-}}取代，能得到两种不同结构的产物，则rm{[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}的空间构型为_____________。

rm{(4)CuO}晶胞结构如图所示。

该晶体的密度为rm{娄脩g/cm^{3}}则该晶体内铜离子与氧离子间的最近距离为_____rm{(}用含rm{娄脩}的代数式表示，其中阿伏加德罗常数用rm{N_{A}}表示rm{)cm}rm{(5)}在rm{Cu_{2}O}晶胞结构中，rm{Cu}处于正四面体空隙，rm{O}处于_____________。25、2015年2月20日；“火星一号”移民计划公布了第一批候选人名单，其中有4名华人入围，经过层层选拔的24人将从2024年开始陆续登陆火星．假若某志愿者登上火星后将一小球从高为h的地方由静止释放，不计空气阻力，测得经时间t小球落地．已知火星的半径为R，引力常数为G，不考虑火星自转的影响．求：

（1）火星的质量；

（2）环绕火星表面运行的卫星的周期．26、某物理兴趣小组利用课余时间自制火箭模型，在一次实验中，火箭模型点火后经过2s后到达离地面最远的24m处，若认为火箭模型的上升过程为垂直地面向上做匀减速直线运动，空气阻力大小不变，取g=l0m/s2；求：

（1）火箭模型所受的空气阻力与重力的比值；

（2）火箭模型从发射到落回地面过程的总时间．（结果可保留根式或三位有效数字）评卷人得分五、综合题(共2题，共14分)27、【题文】如图所示，空间相距为的平行金属板加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场，其变化如图，当t=0时，A板电势比B板电势高，这时在靠近B板处有一初速度为零的电子（质量为电量为）在电场力作用下开始运动，若要使这电子到达A板时具有最大的动能，则所加交变电压的频率最大不能超过多少？28、(1)

下列说法中正确的是(

)

。A.相同条件下，温度越高，颗粒越小，布朗运动越明显B.荷叶上的露珠成球形是表面张力的结果C.不断改进技术，热机吸收的热量可以全部转化为有用功D.晶体具有各向异性，具备各向同性的都是非晶体E.水的饱和汽压随温度的升高而变大(2)

一根两端开口；粗细均匀的长直玻璃管横截面积为S=2隆脕10鈭�3m2

竖直插入水面足够宽广的水中。管中有一个质量m=0.6kg

的活塞，封闭一段长度L0=66cm

的气体，如图。开始时，活塞处于静止状态，不计活塞与管壁间的摩擦。已知外界大气压强po=1.0隆脕105Pa

水的密度娄脩=1.0隆脕103kg/m3

重力加速度g=10m/s2

求：

(1)

开始时封闭气体的压强；

(2)

现保持管内封闭气体温度不变；用竖直向上的力F

缓慢地拉动活塞。当活塞上升到某一位置时停止移动，此时F=8N

则这时管内外水面高度差为多少；

(3)

在第(2)

小问情况下管内的气柱长度。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】物体刚要被拉动时需要的力为最大静摩擦力；当物体滑动以后，物体与接触面间的摩擦力为滑动摩擦力，再据物体的平衡态求滑动摩擦力大小即可．【解析】【解答】解：拉力为12N时；木块恰好被拉动，说明最大静摩擦力为12N；

木块匀速运动时拉力为10N；说明滑动摩擦力为10N；故ABD错误，C正确．

故选：C．2、A【分析】【分析】“探究电阻大小与哪些因素有关”的实验结论为：R与导体长度l，导体电阻率成正比，与导体的横截面积成反比．【解析】【解答】解：本实验的结论是电阻的决定式，即：；其中ρ为电阻率，与导体材料有关；l为导体的长度；s为导体的横截面积．

故：R与ρ；l，s有关．

本题选择无关的，故选择：A3、B【分析】【分析】牛顿运动定律只适用于宏观、低速运动的物体；相对论的基本假设是在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率相同；根据相对论两个效应：尺缩效应和钟慢效应分析CD两项．【解析】【解答】解：

A；牛顿运动定律只适用于宏观、低速运动的物体；对于微观、高速运动的物体不适用．故A错误．

B；光速是自然界速度的极限；在任何参考系中，物体的运动速度都不能超过光速．故B正确．

C；根据相对论尺缩效应；可知沿自身长度方向高速运动的杆，其长度总比静止时的杆长短，故C错误．

D；根据相对论可知时间间隔是相对的；与参考系的速度有关，同样的两件事，在不同的参考系中观测，时间间隔不同．故D错误．

故选：B．4、C【分析】【分析】质点先向东做匀加速直线运动，加速度反向后，向东做匀减速直线运动，运动情况跟前5s内的运动情况对称，10s末速度为零，然后又重复之前的运动．【解析】【解答】解：A；物体先向东做匀加速直线运动；然后向东做匀减速直线运动，10s后速度为零，然后重复之前的运动．知物体一直向东运动，速度时大时小．故C正确，A、B、D错误．

故选C．5、A【分析】【分析】电磁波谱按照波长从大到小的顺序依次是无线电波；红外线、可见光、紫外线、X射线和γ射线．所以A正确。

【点评】对于电磁波的分段需要记忆。6、C【分析】【分析】正确解答本题需要掌握：了解打点计时器的构造、工作原理、工作特点等，比如工作电压、打点周期等，掌握基本仪器的使用，能够正确的使用打点计时器．【解析】【解答】解：A；电火花打点计时器不用复写纸；图甲是电火花打点计时器，图乙是电磁计时器，故A错误；

B；电磁打点计时器工作电压是4V～6V交流电源；电火花打点计时器的电压是220V交流电源，但电火花打点计时器不需要学生电源，故B错误；

C；它们电源频率为50Hz时；它们都是每隔0.02s打一个点，在实验中的作用是相同的，故C正确；

D；根据工作原理；依据平均速度等于中时刻的瞬时速度，可知，可计算出计数点的瞬时速度，故D错误；

故选：C．7、C【分析】【分析】欧姆表的使用方法与注意事项：

①电表使用前要使指针指在0刻线位置；通过调节调零旋钮实现；

③欧姆表测量前要进行欧姆调零；

④欧姆表中值电阻附近刻度线最均匀；读数误差最小，故测量电阻时，要通过选择恰当的倍率使指针指在中值电阻附近；每次换挡要重新调零；

⑤欧姆表读数=刻度盘读数×倍率；

⑥欧姆表使用完毕，要将旋钮选择“OFF”挡或者交流电压最大挡，若长期不用，需要将电池取出．【解析】【解答】解：A；人体是导体；用欧姆表测电阻时两手不能接触表笔的金属杆，故A错误；

B；用欧姆表测电阻时要把待测电阻与其它元件与电源断开；故B错误；

C；换用欧姆档的另一量程时；必须重新欧姆档调零，才能测量，故C正确；

D；测量完毕后选择开关应置于OFF挡或交流电压最高档；故D错误；

故选：C．8、D【分析】【分析】阿伏伽德罗常数是联系宏观物理量与微观物理量的桥梁，要求解阿伏加德罗常数，就要知道一个宏观量与一个微观量，同时注意气体分子间距不能忽略．【解析】【解答】解：A；要求解阿伏加德罗常数；就要知道一个宏观量与一个微观量；物质分子的质量和体积都是微观量；故A错误；

B；要求解阿伏加德罗常数；就要知道一个宏观量与一个微观量；物体的质量和它的摩尔质量都是宏观量；故B错误；

C；物体的质量与密度的比值等于摩尔体积；气体分子间距不能忽略；故摩尔体积与分子体积的比值大于阿伏加德罗常数；故C错误；

D；物体的摩尔体积与密度的乘积等于摩尔质量；摩尔质量与分子质量的比值等于阿伏加德罗常数；故D正确；

故选：D．二、填空题(共7题，共14分)9、1：21：11：【分析】【分析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律求出粒子轨道半径，然后答题．【解析】【解答】解：粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动；洛伦兹力提供向心力；

由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：r=；

（1）在B与v相同的情况下，r与成正比，若两者以相同的速度进入磁场，则运动半径之比rH：rα=：=1：2；

（2）r==，若二者以相同的动能进入磁场中，则运动半径之比：==；

（3）由动能定理得：qU=mv2-0，解得：v=，r==，==；

故答案为：（1）1：2；（2）1：1；（3）1：．10、500水平向左【分析】【分析】根据小球的初末速度，结合加速度的定义式求出加速度的大小和方向．【解析】【解答】解：规定向右为正方向，则小球的平均加速度a=，即加速度大小为500m/s2；方向水平向左．

故答案为：500，水平向左11、5.00×10144.00×10-7【分析】【分析】根据波速、波长和频率的关系c=λf，已知波速和波长，就可以算出这种单色光的频率，该单色光进入玻璃中时频率不变，根据v=和v=λf求解在此玻璃中的波长．【解析】【解答】解：由c=λf得：

f===5.00×1014Hz①

进图玻璃后频率不变，仍为5.00×1014Hz；

λ′=②

又：v=③

联立得：λ′=4.00×10-7m．

故答案为：5.00×1014，4.00×10-712、C【分析】【分析】一定质量的某种理想气体内能的变化与温度有关．

根据气体方程=c比较温度的变化，根据热力学第一定律求解．【解析】【解答】解：A、根据图象的得出气体在状态A时压强和体积的乘积PAVA=1.4atm•L；

在状态B时压强和体积的乘积PBVB=1.4atm•L，在状态C时压强和体积的乘积PCVC=1.2atm•L；

根据气体方程=C得该气体在状态C时的温度低于在状态B时的温度；在状态A时的温度高于在状态C时的温度．故该气体在状态A时的内能大于在状态C时的内能．故A；B错误。

C；该气体由状态A至状态B体积增大；对外做功，内能不变，根据热力学第一定律得A至状态B为吸热过程，故C正确。

D；在P-V图象中；气体对外界做的功在数值上等于图象与横轴包围的面积，从图中可以发现状态A至状态C图象与横轴包围的面积小于从状态C至状态B图象与横轴包围的面积，所以该气体由状态A至状态C对外界所做的功小于从状态C至状态B对外界所做的功，故D错误。

故选C13、8×10-6d=D【分析】【分析】（1）在“用油膜法估测分子的大小”的实验中；根据体积比求出油酸的体积，让油酸扩散成单分子油膜，算出面积，油酸的体积除以面积就是分子直径．

（2）气体的状态变化可由理想气体方程求出，讨论吸放热用热力学第一定律．【解析】【解答】解：（1）一滴溶液中纯油酸体积为V油酸==8×10-6

让油酸扩散成单分子油膜；算出面积，油酸的体积除以面积就是油膜厚度，即分子直径．故填：d=D

（2）①由理想气体的状态方程：=

得气体在状态B的温度：TB==1200K．

②由状态B到状态C，气体做等容变化，由查理定律得：=，则TC=TB=600K

故气体由状态B到状态C为等容变化；不做功，但温度降低，内能减小．

根据热力学第一定律△U=W+Q；△U＜0，W=0，故Q＜0，可知气体要放热．

答：（1）8×10-6；d=D

（2）①气体在状态B的温度：1200K

②由状态B变化到状态C的过程中，气体放热．14、上下等于【分析】【分析】简谐波传播过程中，质点的振动方向与波的传播方向垂直．质点的振动周期等于波源的振动周期．【解析】【解答】解：绳上可形成简谐横波；质点的振动方向与波的传播方向垂直，所以绳波向右传播，长绳中间某一位置做一个标记，在抖动过程中，这个标记将上下振动．

质点的振动周期等于波源的振动周期．所以运动过程中；标记A振动的周期等于手抖动的周期．

故答案为：上下等于15、04【分析】【分析】物体做匀速直线运动，则三个力平衡，则任意一个力与剩余力的合力等值反向．【解析】【解答】解：物体做匀速直线运动；根据平衡条件，所受合力为零，故这三个力的合力大小为0N；

根据平行四边形定则知，合力为零，则F2、F3的合力与Fl等值方向；

若去掉F3，F2、F1的合力大小与F3等值反向．大小为4N；

故答案为：0；4．三、判断题(共7题，共14分)16、×【分析】【分析】B⊥L，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B，注意公式是采用比值法定义的，磁场中某点磁感应强度的大小与F，Il等因素无关，是由磁场本身决定的．【解析】【解答】解：根据磁感应强度的定义式，有：；由此可知的磁感应强度与导线的放置；长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定．

所以如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用；该处的磁感应强度不一定为零．故以上说法是错误的．

故答案为：×17、×【分析】【分析】匀变速运动是指加速度恒定的运动；平抛运动的加速度为g，恒定；匀速圆周运动的加速度总是指向圆心，时刻改变．【解析】【解答】解：匀变速运动是指加速度恒定的运动；

平抛运动的加速度为g；恒定，是匀变速曲线运动；

匀速圆周运动的加速度总是指向圆心；时刻改变，是变加速运动；

故答案为：×．18、√【分析】【分析】根据额定电压和额定功率的概念进行分析，即用电器正常工作时的电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率．【解析】【解答】解：因用电器正常工作时；电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率，所以额定功率与实际电压无关，实际功率与工作时的电压有关；

故答案为：√19、×【分析】【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．【解析】【解答】解：加速度是反映速度变化快慢的物理量．根据牛顿第二定律可知；加速度的方向与物体受到的合外力的方向相同；

结合速度与加速度的关系可知；当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大．当物体的加速度方向与速度方向相反，速度减小．

所以作用在物体上的合外力减小时；速度可能随之减小，也可能随之增大．所以以上说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】影响蒸发快慢的因素和液体的温度、表面积以及空气的流动性有关．【解析】【解答】解：根据蒸发与液化的特点；影响蒸发快慢的因素和液体的温度；表面积以及空气的流动性有关，与绝对湿度无关．故该说法是错误的．

故答案为：×21、×【分析】【分析】首先据波动图象读出波长和求出周期，根据质点的振动和波的传播特点分析质点的振动情况，然后再写出振动方程，与题干中的方程比较即可．【解析】【解答】解：该波是振幅是10cm，波速为10m/s，波长为4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

该波向x轴的正方向传播；由上下坡法可知，图中P质点在t=0时刻振动的方向向下，所以振动方程为y=-10sin5πt（cm），错误．

故答案为：×22、√【分析】【分析】根据牛顿第二定律和运动学规律分析答题．【解析】【解答】解：物体速度变化的方向就是加速度的方向；由牛顿第二定律可知，加速度方向与物体受到的合外力的方向相，故说法正确；

故答案为：√．四、简答题(共4题，共8分)23、（1）第三周期第ⅣA族（2）O=C=O（3）Cl-＞O2-＞Na+HClO4＞H2CO3＞H2SiO3（4）H2O水分子之间有氢键，且水为极性分子（5）5Mn2++2ClO2+6H2O=5MnO2↓+2Cl-+12H+【分析】【分析】本题主要考查了元素周期表、电子式、元素周期律、氧化还原反应等知识点，中等难度，元素推断是解题的关键，第rm{(5)}为易错点，答题时注意运用守恒的思想解决问题。【解答】A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}均是短周期元素，rm{A}和rm{B}同周期，rm{A}原子最外层电子数是内层电子数的二倍，则rm{A}为碳元素，rm{A}和rm{C}同族，则rm{C}为硅元素，rm{B}元素族序数是周期数的三倍，则rm{B}为氧元素，rm{B}的阴离子与rm{D}的阳离子电子层结构相同，rm{D}的单质与rm{B}的单质在不同条件下反应，可生成rm{D_{2}B}或rm{D_{2}B_{2}}则rm{D}为钠元素，rm{E}是所在周期中原子半径最小的元素，则rm{E}为第ⅤⅡrm{A}族元素，根据第rm{(5)}小问题目可知，存在rm{EB_{2}}所以rm{E}为氯元素；

rm{(1)C}为硅元素，在元素周期表中第三周期第Ⅳrm{A}族，故答案为：第三周期第Ⅳrm{A}族；

rm{(2)D_{2}B}为氧化钠，它的电子式是rm{AB_{2}}为二氧化碳，它的结构式是rm{O=C=O}故答案为：rm{O=C=O}

rm{(3)}电子层数越多，离子半径越大，电子层数相同时，核电荷数越小，离子半径越大，所以rm{B}rm{D}rm{E}离子半径的由大到小的顺序为rm{Cl^{-}>O^{2-}>Na^{+}}元素的非金属性越强，对应的最高价氧化物对应水化物的酸性越强，在rm{C}rm{Si}rm{Cl}中，非金属性由强到弱的顺序为rm{Cl>C>Si}所以酸性由强到弱到的顺序为rm{HClO_{4}>H_{2}CO_{3}>H_{2}SiO_{3}}故答案为：rm{Cl^{-}>O^{2-}>Na^{+}}rm{HClO_{4}>H_{2}CO_{3}>H_{2}SiO_{3}}

rm{(4)}由于水分子之间有氢键，且水为极性分子，所以水的沸点比二氧化碳高，故答案为：rm{H_{2}O}水分子之间有氢键；且水为极性分子；

rm{(5)}水中锰含量超标，容易使洁具和衣物染色、使水产生异味rm{.ClO_{2}}可以用来除去水中超标的rm{Mn^{2+}}生成一种黑色沉淀，该黑色沉淀为rm{MnO_{2}}同时测得消耗rm{13.50g}rm{ClO_{2}}时，共转移了rm{1mol}电子，令rm{Cl}元素在还原产物中的化合价为rm{a}则rm{dfrac{13.5g}{67.5g/mol}隆脕(4-a)=1}解得rm{dfrac{13.5g}{67.5g/mol}隆脕(4-a)=1

}故生成rm{a=-1}根据电荷守恒可知，还生成rm{Cl^{-}}则反应的离子方程式是rm{H^{+}}故答案为：rm{5Mn^{2+}+2ClO_{2}+6H_{2}O=5MnO_{2}隆媒+2Cl^{-}+12H^{+}}rm{5Mn^{2+}+2ClO_{2}+6H_{2}O=5MnO_{2}隆媒+2Cl^{-}+12H^{+}}【解析】rm{(1)}第三周期第Ⅳrm{A}族rm{(2)}rm{O=C=O}rm{(3)Cl^{-}>O^{2-}>Na^{+;;}HClO_{4}>H_{2}CO_{3}>H_{2}SiO_{3}}rm{(4)H_{2}O}水分子之间有氢键，且水为极性分子rm{(5)5Mn^{2+}+2ClO_{2}+6H_{2}O=5MnO_{2}隆媒+2Cl^{-}+12H^{+}}24、(1)B

(2)3d84s24

(3)①第四周期ⅠB族N>O>S

②ACE

③sp3CCl4(或其他合理答案)

④平面正方形

（4）

（5）各顶角和体心【分析】【分析】本题考查分子空间构型的判断，原子价电子排布式的书写，化学键类型、杂化轨道类型的判断，电离能大小的比较，晶胞的计算等，难度中等。【解答】rm{(1)A.BeCl_{2}}空间构型是直线型，故A不选；B.rm{H_{2}O}空间构型是rm{V}形，故B选；C.rm{HCHO}空间构型是平面型，故C不选；D.rm{CS_{2}}空间构型是直线型，故D不选；故答案为：rm{B}rm{(2)}原子序数小于rm{36}的元素rm{Q}和rm{T}在周期表中既处于同一周期又位于同一族，则rm{Q}rm{T}处于第Ⅷ族，且原子序数rm{T}比rm{Q}多rm{2}则rm{Q}为rm{Fe}元素，rm{T}为rm{Ni}元素，rm{Ni}元素是rm{28}号元素，rm{Ni}原子价电子排布式为rm{3d^{8}4s^{2}}的元素rm{36}和rm{Q}在周期表中既处于同一周期又位于同一族，则rm{T}rm{Q}处于第Ⅷ族，且原子序数rm{T}比rm{T}多rm{Q}则rm{2}为rm{Q}元素，rm{Fe}为rm{T}元素，rm{Ni}元素是rm{Ni}号元素，rm{28}原子价电子排布式为rm{Ni}rm{3d^{8}4s^{2}}的未成对电子数是rm{Q^{2+}}故答案为：rm{4}rm{3d^{8}4s^{2}}rm{4}铜及其合金是人类最早使用的金属材料，rm{(3)}能与rm{Cu^{2+}}形成配位数为rm{NH_{3}}的配合物rm{4}rm{[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}铜元素在周期表中的位置是第四周期Ⅰrm{垄脵}族，rm{B}中，rm{[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}族的大于第Ⅵ同一周期元素的第一电离能随着原子序数的增大而增大，同一主族元素随原子序数递增，第一电离能逐渐减小，但第Ⅴrm{A}族的大于第Ⅵrm{A}族的，所以其第一电离能大小顺序是族的，所以其第一电离能大小顺序是rm{A}；故答案为：第四周期Ⅰrm{A}族；rm{N>O>S}；rm{B}中，存在的化学键的类型有：离子键、配位键、极性键；故答案为：rm{N>O>S}rm{垄脷[Cu(NH_{3})_{4}]SO_{4}}中rm{ACE}原子的杂化轨道类型是rm{垄脹NH_{3}}与rm{N}互为等电子体的分子的化学式为：rm{sp^{3}}或其他合理答案rm{SO_{4}^{2-}}故答案为：rm{CCl_{4}(}rm{)}或其他合理答案rm{sp^{3}}rm{CCl_{4}(}具有对称的空间构型，rm{)}中的两个rm{垄脺[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}被两个rm{[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}取代，能得到两种不同结构的产物，则rm{NH_{3}}的空间构型为：平面正方形；故答案为：平面正方形；rm{Cl^{-}}该晶体的密度为rm{[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}则该晶体内铜离子与氧离子间的最近距离为rm{(4)}故答案为：rm{娄脩g/cm^{3}}在rm{cm}晶胞结构中，rm{(5)}处于正四面体空隙，rm{Cu_{2}O}处于各顶角和体心；故答案为：各顶角和体心。

rm{Cu}【解析】rm{(1)B}rm{(1)B}rm{(2)3d}rm{(2)3d}rm{{,!}^{8}}rm{4s}rm{4s}第四周期Ⅰrm{{,!}^{2}}族rm{4}

rm{4}

rm{(3)垄脵}第四周期Ⅰrm{B}族rm{N>O>S}rm{(3)垄脵}rm{B}rm{N>O>S}rm{垄脷ACE}或其他合理答案rm{垄脷ACE}

rm{垄脹sp}平面正方形rm{垄脹sp}rm{{,!}^{3}}

rm{CCl}rm{CCl}各顶角和体心rm{4}25、略

【分析】【分析】（1）根据自由落体运动的规律h=可解得火星表面重力加速度；根据火星表面的物体，万有引力等于重力求解火星质量；

（2）设环绕火星表面运行的卫星的周期为T，根据万有引力提供向心力求解周期．【解析】【解答】解：（1）小球在火星上做自由落体运动，则有：h=；

根据火星表面的物体，万有引力等于重力得：；

解得火星的质量为：M=

（2）设环绕火星表面运行的卫星的周期为T；根据万有引力提供向心力得：

；

解得：T=

答：（1）火星的质量为；

（2）环绕火星表面运行的卫星的周期为．26、略

【分析】【分析】（1）根据运动学基本公式求出火箭做匀减速运动的加速度；再根据牛顿第二运动定律求解；

（2）落回地面的过程中由牛顿第二定律