2025年苏人新版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏人新版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、某同学在研究电子在电场中的运动时，得到了电子由a

点运动到b

点的轨迹(

图中实线所示)

图中未标明方向的一组虚线可能是电场线，也可能是等势面，则下列说法正确的判断是(

)

A.如果图中虚线是电场线，电子在a

点动能较小B.如果图中虚线是等势面，电子在b

点动能较小C.不论图中虚线是电场线还是等势面，a

点的场强都大于b

点的场强D.不论图中虚线是电场线还是等势面，a

点的电势都高于b

点的电势2、假设我们学校的田径场跑道是圆形，周长400m．在跑道上包括正南方点的等间距的三个点，每个点上放一个带正电荷的篮球，这三个篮球的带电量相同．如图所示．设每个带电篮球单独在田径场中心产生的电场的场强大小都为E、电势都为Φ；则这三个带电篮球在跑道上的正北点产生的电场的场强大小E；电势Φ的说法正确的是（）

A.E=2E0Φ=Φ

B.E＜E＜2E3Φ＞Φ＞2Φ

C.3E＞E＞2EΦ＜Φ＜2Φ

D.3E＞E＞2E3Φ＞Φ＞2Φ

3、关于点电荷的说法，正确的是（）A.点电荷的带电量一定是1.6×10-19CB.实际存在的电荷都是点电荷C.大的带电体一定不能看成点电荷D.点电荷是一种理想化的物理模型4、炮弹从炮口射出时的速度大小为v

方向与水平方向成娄脕

角，如图所示.

把这个速度沿水平和竖直方向分解，则竖直速度的大小是()

A.vsin娄脕

B.vcos娄脕

C.vsin娄脕

D.vcos娄脕

5、如图所示是某绳波形成过程的示意图，1234

为绳上的一系列等间距的质点，绳处于水平方向。质点1

在外力作用下沿竖直方向做简谐运动，带动234

各个质点依次上下振动，把振动从绳的左端传到右端。t=0

时质点1

开始竖直向上运动，经过四分之一周期，质点5

开始运动。下列判断正确的是()A.质点6

开始振动时的运动方向向下B.t=T2

时质点6

的速度方向向下C.t=3T4

时质点10

的速度方向向上D.t=T

时质点16

开始振动6、北京奥运火炬成功登上珠峰，如图所示是火炬手攀登珠峰的线路图，据此图判断下列说法正确的是(

)

A.由起点到终点火炬手所走线路的总长度等于位移B.在计算登山运动的速度时可以把火炬手当成质点C.线路总长度与火炬所走时间的比等于登山者的平均速度D.珠峰顶的重力加速度要大于9.8m/s2

评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、如图所示，a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点，∠abc＝120°，现将三个等量的正点电荷＋Q固定在a、b、c三个顶点上，将一个电量为＋q的点电荷依次放在菱形中心点O点和另一个顶点d点处；两点相比（）

A.＋q在d点所受的电场力较大B.＋q在d点所具有的电势能较小C.d点的电势低于O点的电势D.d点的电场强度大于O点的电场强度8、如图中，是描述电容C、带电荷量Q、电势差U之间的相互关系的图线，对于给定的电容器，关系正确的是（）A.B.C.D.9、如图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向下滑动后，假设电流A和电压表V1、V2、V3四块电表的示数变化量的绝对值分别为△I、△U1、△U2、△U3，则在滑片P向下滑动的过程中，下列说法正确的是（）A.变大B.不变C.不变D.变大10、如图所示，电路中AB

为两块竖直放置的金属板，C

是一只静电计，开关S

合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是()

A.使AB

两板靠近一些B.使AB

两板正对面积减小一些C.断开S

后，使B

板向右平移一些D.断开S

后，使AB

正对面积减小一些11、图甲所示电路中，A1A2A3

为相同的电流表，C

为电容器，电阻R1R2R3

的阻值相同，线圈L

的电阻不计.

在某段时间内理想变压器原线圈内磁场的变化如图乙所示，则在t1隆芦t2

时间内(

)

A.电流表A1

和A2

的示数相同B.电流表A1

的示数比A3

的大C.电流表A1

的示数比A2

的小D.电容器C

中有电流“通过”评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)12、（1）利用单摆测重力加速度的实验中，偏角小于5，但测出的重力加速度的数值偏大，可能原因是____

A．振幅较小B．测摆长时；只量出摆线的长度，没有从悬挂点量到摆球中心。

C．数振动次数时；少计了一次D．数振动次数时，多计了一次。

（2）利用单摆测重力加速度的实验中，为了减小测量周期的误差，应在____位置（填“最低点”或“最高点”）开始计时和结束计时．13、如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，它与正电荷Q为圆心的某圆交于B,C两点，质量为m，带电荷量为-q的有孔小球从杆上A点无初速度下滑，已知q远小于Q，AB=h，BC=3h，小球滑到B点时速度大小为则：（1）小球到C时的速度大小为_______；（2）A、C两点电势差_______。14、电磁感应现象是由____首先发现的。当穿过闭合回路的____发生变化时，回路中就会产生感应电流。15、如图甲为一测量电解液电阻率的玻璃容器，P、Q为电极，设a=0.1m，b=0.05m，c=0.01m，当里面注满某电解液，且P、Q加上电压后，其U-I图线如图乙所示，当U=10V时，电解液的电阻为______Ω，电解液的电阻率ρ为______Ωm．16、磁流体发电机是一项新兴的技术，它可以将内能直接转化为电能.

图为其示意图.

平行金属板AB

间有一个很强的磁场，将一束等离子体(

高温下电离的气体，含有大量的正、负带电粒子)

喷入磁场，AB

间便产生电压.

如果把AB

和用电器连接，AB

就是直流电源的两极.

图中的______板是发电机的正极；若AB

间的宽度为aAB

的板宽为b

板间的磁场为匀强磁场，磁感应强度为B

等离子体以速度v

沿垂直于B

的方向射入磁场，该发电机的电动势为______．17、如图，带电量为+q

的点电荷与均匀带电薄板相距为2d

点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心.

若图中a

点处的电场强度为零，根据对称性，带电薄板在图中b

点处产生的电场强度大小为______，方向______.(

静电力恒量为k)

评卷人得分四、判断题(共4题，共32分)18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

20、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）21、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)22、（1）有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度．用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是________mm；（2）如图乙，用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图所示的读数是________mm.评卷人得分六、计算题(共3题，共27分)23、（9分）如图所示，一带电小球质量m=1kg，用长度L=1m绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线与竖直方向成θ=53°，已知sin53°=0.8，cos53°=0.6，取重力加速度g=10m/s2。(1)求小球所受的电场力的大小F；(2)若仅将电场强度大小突然减小为原来的求小球摆到最低点时的速度大小υ和细线对小球的拉力大小T。24、如图甲所示，小车B

静止在光滑水平上，一个质量为m

的铁块A(

可视为质点)

以水平速度v0=4.0m/s

滑上小车B

的左端，然后与小车右挡板碰撞，最后恰好滑到小车的中点，已知Mm=3

小车车面长L=1m.

设A

与挡板碰撞无机械能损失，碰撞时间可忽略不计，g

取10m/s2

求：

(1)AB

最后速度的大小；

(2)

铁块A

与小车B

之间的动摩擦因数；

(3)

铁块A

与小车B

的挡板相碰撞前后小车B

的速度，并在图乙坐标中画出AB

相对滑动过程中小车B

相对地面的速度v鈭�t

图线．25、在平直公路上，一汽车的速度为20m／s，从某时刻开始关闭油门，在阻力作用下，汽车以2m／s2的加速度作匀减速运动，问（1）经多长时间汽车停止运动？（2）2s末的速度？（3）前11s的位移。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】解：A

若虚线是电场线，从轨迹弯曲方向可知电场力沿着电场线向左，ab

曲线上每一点的瞬时速度与电场力方向均成钝角；故电子做减速运动，动能减小，在a

处动能最大，所以A错误；

B；若虚线为等势面；根据等势面与电场线处处垂直可大致画出电场线，显然可看出曲线上每个位置电子受到的电场力与速度成锐角，电子加速运动，故动能增大，即在a

点动能较小，所以B错误；

C、若虚线是电场线，由电场线的密集程度可看出a

点的场强较大，由沿着电场线方向电势越来越低可判断a

处的电势较高，所以D错误；若虚线是等势面，从电子曲线轨迹向下弯曲可知电场线方向垂直虚线向上，沿着电场线方向电势越来越低，故a

点电势较小，也能判断D错误，而等差等势面密集处电场线也越密集，故a

处场强较大，因此无论虚线是电场线还是等势面，均有a

点的场强大于b

点的场强；故C正确，故D错误．

故选：C

．

电场线与等势面垂直；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，在等势面密的地方，电场的强度也是较大，在等势面疏的地方，电场的强度也是较小，沿电场线的方向，电势降低．

无论虚线代表的是电场线还是等势面，粒子受到的电场力的方向都是指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可以判断粒子的受力的方向和运动方向之间的关系，从而可以确定电场力对粒子做的是正功还是负功．【解析】C

2、B【分析】

每个带电篮球单独在田径场中心产生的电场的场强大小都为E，根据点电荷场强公式E=故正南点电荷在正北点出产生的电场强度为而其余两个电荷在正北点出产生的场强均为E，且夹角为120°，故三个场强的合矢量为故A错误，C错误，D错误；

故选B．

【解析】【答案】根据点电荷场强公式E=列式求解；同时结合电场强度的叠加原理合成；电势是标量，直接相加即可．

3、D【分析】解：A、点电荷的带电量一定是1.6×10-19C的整数倍；故A错误。

B；由带电体看作点电荷的条件；当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系，故BC错误。

D；点电荷是理想模型；实际不存在的，故D正确。

故选：D

带电体看作点电荷的条件；当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．

考查了带电体看作点电荷的条件及其特点，属于基础题，难度不大．【解析】【答案】D4、A【分析】【分析】炮弹的速度可以在水平和竖直两个方向上分解；根据平行四边形定则直接求解即可。

本题是速度的合成与分解，直接根据平行四边形定则分解即可。【解答】根据平行四边形定则得；竖直分速度vy=vsin娄脕

故A正确，BC

D错误。

故选A。

【解析】A

5、C【分析】【分析】

根据质点起振动方向与波源起振方向相同；确定质点的振动方向.

根据波的传播方向和质点位置与波长，可分析各质点的振动情况。

掌握简谐波传播过程中；“后一个质点重复前一个质点的振动”；“一个周期内质点通过的路程为4A

”是解决此类问题的关键所在。

【解答】

A.经过T4

时；质点1

从平衡位置运动到波峰，此时质点5

刚开始振动，由于后一个质点重复前一个质点的振动，由于质点1

开始竖直向上振动，故质点6

开始振动时也是竖直向上振动，故A错误；

B.经过t=T2

质点1

回到平衡位置；质点9

开始向上振动，质点6

在平衡位置上方，所以加速度的方向向下，故B错误；

C.t=3T4

时质点1

振动到负的最大位移处；质点13

开始振动，5隆芦13

之间的质点在平衡位置上方，9隆芦13

之间的质点处于“下坡路”上，振动方向都向上，故C正确；

D.t=T

时质点17

开始运动；D错误。

故选C。

【解析】C

6、B【分析】解：A

位移是表示位置的移动的物理量；是从初位置到末位置的有向线段；路程是运动轨迹的实际长度；由于轨迹为曲线，故由起点到终点火炬手所走线路的总长度等于路程，而不等于位移，故A错误；

B；在计算登山运动的速度时；火炬手的体积和高度可以忽略不计，故可以简化为质点，故B正确；

C；平均速度等于位移除以时间；平均速率等于路程除以时间；故线路总长度与火炬所走时间的比等于登山者的平均速率，故C错误；

C；D

高度越高；万有引力越小，故重力加速度也越小，故D错误；

故选：B

．

解答本题需掌握：

垄脵

位移是表示位置的移动的物理量；是从初位置到末位置的有向线段；

垄脷

平均速度的定义式为：v炉=xt

垄脹

重力加速度与高度和纬度有关．

本题关键是要明确质点、位移与路程、平均速度、重力加速度的概念，同时要明确这些概念的适用范围【解析】B

二、多选题(共5题，共10分)7、B:C【分析】【详解】

AD．设菱形的边长为r，根据公式

分析可知，a、c两处的电荷在O点产生的场强等大反向，则O点场强等于b处的点电荷在O点的场强，大小为

三个点电荷在d点产生的场强大小E相等，由电场的叠加可知，d点的场强大小为

则d点的电场强度小于O点的电场强度，＋q在O点所受的电场力较大。故AD错误；

BC．Od间电场线方向从O到d，根据顺着电场线方向电势降低，O点的电势高于d点的电势，而正电荷在高电势高处电势能大，则知+q在d点所具有的电势能较小。故BC正确。

故选BC。8、AD【分析】解：A；B、C电容器的电容与Q及U无关；故在C-U及C-Q图象中，均为水平直线；故A正确；BC错误；

D；由Q=UC可知；Q与U成正比，故D正确；

故选：AD．

电容是描述电容器容纳电荷量的本领；其大小只与电容器本身有关；和电量及电压无关．

本题要掌握电容的定义，同时要注意图象的意义；能将公式及图象有机的结合在一起【解析】【答案】AD9、BC【分析】解：在滑片P向下滑动的过程中，电路的总电阻增大，电路中电流减小，由闭合电路欧姆定律得：U1=E-Ir，则=r，保持不变；=R1；保持不变．

U3=E-I（R1+r），则=R1+r；保持不变．故AD错误，BC正确．

故选：BC

分析电路的连接关系；根据欧姆定律分析电路中电流和各个电阻电压的变化，结合闭合电路欧姆定律进行分析电压变化量与电流变化量比值的变化．

本题是电路的动态分析问题，关键要根据闭合电路欧姆定律进行分析电压变化量与电流变化量比值．要明确定值电阻有R==．【解析】【答案】BC10、CD【分析】【分析】开关S

闭合，电容器两端的电势差不变；断开S

电容器所带的电量不变；通过确定电容器两端间的电势差变化判断指针张角的变化。本题是电容器的动态分析，关键抓住不变量，开关S

闭合，电容器两端的电势差不变；断开S

电容器所带的电量不变。【解答】AB.

开关S

闭合；电容器两端的电势差不变，等于电源的电动势，则指针的张角不变，故AB均错误；

C.断开S

电容器所带的电量不变，B

板向右平移拉开些，则电容减小，根据U=QC

知；电势差增大，则指针张角增大，故C正确；

D.断开S

电容器所带的电量不变，AB

的正对面积错开，电容减小，根据U=QC

知；电势差增大，则指针张角增大，故D正确。

故选CD。【解析】CD

11、AB【分析】解：原线圈中磁场如乙图所示变化；则原线圈中的磁通量均匀变化，故副线圈中产生恒定的电流，因线圈电阻不计，故线圈L

对恒定电流没有阻碍作用，所以电流表A1

和A2

的读数相同，而电容器“通交隔直”，所以电流表A3

的读数为0.

故AB正确，CD错误；

故选：AB

由图可知副线圈电路中的磁通量的变化情况；则由电磁感应可得出产生的感应电流；根据电容器及电感器的性质可得出各表的电流大小．

本题综合考查电磁感应及电容器、电感器的工作原理，要求能记清电容、电感的作用．【解析】AB

三、填空题(共6题，共12分)12、略

【分析】

（1）A；振幅的大小不影响单摆的周期；所以不影响测出的重力加速度．故A错误．

B、测量的摆长偏小，根据g=测出的重力加速度数值偏小．故B错误．

C、数振动次数时，少计了一次，则测出的周期偏大，根据g=测出的重力加速度数值偏小．故C错误．

D、数振动次数时，多计了一次，则测出的周期偏小，根据g=测出的重力加速度数值偏大．故D正确．

故选D．

（2）因为单摆在摆动的过程经过最低点速度最大；最高点速度最小，在最低点计时误差比较小．

故本题答案为：（1）D；（2）最低点．

【解析】【答案】根据单摆的周期公式T=得出g=根据g的表达式，分析数值偏大的原因．

13、略

【分析】试题分析：：(1)因为杆是光滑的，所以小球从A到B过程中只有两个力做功：电场力的功WAB和重力的功mgh，由动能定理得代入已知条件得电场力做功又因为Q为点电荷，B,C为距圆心相等的两点，所以B、C在同一等势面上所以φB=φC，即UAB=UAC，则小球从A到C过程中也只有两个力做功：电场力的功WAC和重力的功4mgh，由动能定理解得(2)因为B、C在同一个等势面上，所以φB=φC，即UAB=UAC由WAB=qUAB=qUAC得,故A、C两点电势差为考点：电势差等势面动能定理【解析】【答案】（1）（2）14、略

【分析】电磁感应现象是由法拉第首先发现的【解析】【答案】法拉第磁通量15、略

【分析】解：由图象可知，当U=10V时，I=5×10-3A；

根据公式：I=

电解液的电阻R===2000Ω；

由R=ρ可得，电解液的电阻率ρ====10Ω•m；

故答案为：2000；10．

由图象找出电压为10V时的电流I；由欧姆定律可以求出电解液的电阻；

由电阻定律求出电解液的电阻率．

由图象找出电压所对应的电流，熟练应用欧姆定律、电阻定律即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题．【解析】2000；1016、B；Bav【分析】解：根据左手定则；正电荷向下偏转，所以B

板带正电，为直流电源的正极．

最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有：qvB=qEa

解得E=Bav

．

故答案为：BBav

．

等离子体受到洛伦兹力发生偏转；根据正电荷的偏转方向确定直流电源的正极.

最终电荷在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据平衡求出电源的电动势．

解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及会根据电荷的平衡求出电动势的大小，即极板间的电势差，同时注意左手定则与右手定则的区别．【解析】BBav

17、略

【分析】解；q

在a

点形成的电场强度的大小为E1=kqd2

方向向左；因a

点场强为零，故薄板在a

点的场强方向向右，大小也为kqd2

由对称性可知，薄板在b

点的场强也为kqd2

方向向左；

故答案为：kqd2

水平向左；

由点电荷的场强公式可得出q

在a

点形成的场强，由电场的叠加原理可求得薄板在a

点的场强大小及方向；由对称性可知薄板在b

点形成的场强；

题目中要求的是薄板形成的场强，看似无法解决；但注意a

点的场强是由薄板及点电荷的电场叠加而成，故可求得薄板在a

点的电场强度，而薄板两端的电场是对称的，故由对称性可解．【解析】kqd2

水平向左(

或垂直薄板向左)

四、判断题(共4题，共32分)18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．20、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．21、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．五、实验题(共1题，共9分)22、略

【分析】试题分析：甲的读数为：13mm+11×=13.55mm；乙的读数为：0.5mm+18×=0.68mm。考点：游标卡尺与螺旋测微器的读数。【解析】【答案】13.55mm；0.680mm。六、计算题(共3题，共27分)23、略

【分析】【解析】试题分析：（1）小球静止时，2分1分（2）小球摆到最低点的过程中，根据动能定理2分1分2分T=14N1分考点：考查了带电粒子在电场中的运动【解析】【答案】（1）（2）T=14N24、略

【分析】

(1)

地面光滑；AB

组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出最终的速度．

(2