2025年冀教新版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教新版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，圆台上下底面的圆心分别为O1、O2，两点连线的中点为O，以O为圆心的圆周上放置四个点电荷，E、F处电荷的电量为-q，G、H处电荷的电量为+q，以O1、O2、O为圆心的圆平面水平且平行；若下面研究中的微粒重力忽略不计，下列说法正确的是（）

A.O1处电场强度大于O2处电场强度B.直线O1O2上各点电势相等C.将-q微粒从O1点沿O1O方向移至O点过程电势能增加D.将-q微粒从O1点沿O1O方向移至O点过程所受电场力一直减小2、如图所示，在水平放置的金属导体中，内有的负电荷向右通过导体某一横截面。关于导体内电流的大小和方向；以下判断正确的是（）

A.向右B.向左C.向右D.向左3、我校正在使用的电器有电灯、空调、教学一体机等，小明从总电能表中测得在时间t内消耗的电能为W。设学校供电电压为U，总电流为I，上述电器的并联总电阻为R，总功率为P。下列关系式正确的是（）A.B.W＝I2RtC.D.4、如图所示，有三个点电荷A、B、C位于一个等边三角形的三个顶点上，已知A、B都带正电荷，A所受B、C两个电荷的静电力的合力如图中FA所示；则下列说法正确的是（）

A.C带正电，且QC＜QBB.C带正电，且QC＞QBC.C带负电，且QC＜QBD.C带负电，且QC＞QB5、两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a点进入电场；其运动轨迹为图中实线所示，若粒子只受静电力作用，则下列关于带电粒子的判断正确的是（）

A.粒子带正电B.b点和d点的电场强度相同C.粒子的动能先增大后减小D.粒子在a点的电势能小于在c点的电势能6、下列器件是可变电容器的是（）A.B.C.D.7、在一次分组实验的教学活动中，某小组用如图甲所示电路做实验，电路中R1是滑动变阻器，R2是定值电阻，滑动变阻器的滑片从左端往右滑动，分别记录多组电流表和电压表的示数，用这些数据在坐标纸上描点作图，得到的U-I图像如图乙中的AB所示；下列说法中正确的是（）

A.R1的最大阻值为20ΩB.R2的阻值为5ΩC.电源电动势为2VD.电源内阻为5Ω8、下列电学元件中属于电容器的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、在如图所示的直流电路中，电压表和电流表均为理想电表，当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时；下列说法正确的是（）

A.电压表示数变大B.电压表示数变大C.电流表示数变小D.电流表示数变大10、如图，电路中定值电阻R大于电源内阻r。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3，理想电流表A示数变化量绝对值为△I；则。

A.V1、V2、V3示数都增大B.电流表的示数增大C.△U3大于△U2D.△U1与△I比值大于r11、光滑绝缘水平面上固定两个等量正电荷，它们连线的中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。一质量m=1kg，电量q=0.01C的带正电小物块由A点静止释放，并以此时为计时起点，并沿光滑水平面经过B、C两点，其运动过程的v﹣t图像如图乙所示，其中图线在B点位置时斜率最大且过B点的切线已画出；则根据图线可以确定（）

A.A、B两点间的位移大小B.中垂线上B点电场强度的大小C.B、C两点间的电势差D.A、C两点间的电势能的变化大小12、如图所示，光滑绝缘半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E。在与环心等高处放有一质量为m、带电荷量＋q的小球；由静止开始沿轨道运动，下列说法正确的是（）

A.小球在运动过程中机械能守恒B.小球经过环的最低点时速度最大C.小球电势能增加EqRD.小球由静止释放到达最低点，动能的增量等于EqR+mgR13、如图，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为μ；物体最后能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对静止这一过程下列说法正确的是（）

A.传送带克服摩擦力做功为mv2B.传送带克服摩擦力做功为C.电动机多做的功为D.物体与传送带间因摩擦产生的内能为14、用标有“6V3W”的灯泡L1和“6V6W”的灯泡L2的伏安特性曲线如图甲所示．现将两灯泡与理想电压表和理想电流表连接成如图乙所示的电路，其中电源电动势E=9V．闭合开关；其中一个灯泡正常发光，下列说法正确的是（）

A.电压表的示数为6VB.电流表的示数为0.5AC.电源内阻为2D.电源输出功率为6W15、下列选项中的操作能使如图所示的三种装置产生感应电流的是（）

A.甲图中，使导体棒AB顺着磁感线运动B.乙图中，使条形磁铁插入或拔出线圈C.丙图中，开关S保持闭合，使小螺线管A插入大螺线管B中不动D.丙图中，开关S保持闭合，使小螺线管A插入大螺线管B中不动，移动滑动变阻器的滑片16、在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，电表的示数分别用I、U1、U2、U3表示，电表示数变化量分别用和表示；下列比值中正确的是。

A.变大，B.不变，C.变大，D.变大，评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、如图所示，在光滑定滑轮C正下方与C相距h的A处固定一电荷量为Q(Q>0)的点电荷，电荷量为q的带正电小球B，用绝缘细线拴着，细线跨过定滑轮，另一端用适当大小的力F拉住，使B处于静止状态，此时B与A点的距离为R，B和C之间的细线与AB垂直。若B所受的重力为G，缓慢拉动细线（始终保持B平衡）直到B接近定滑轮，静电力常量为k，环境可视为真空，则力F_____（填增大、减小或不变）；B受到的库仑力的大小______（填增大；减小或不变）。

18、一根阻值为R的均匀电阻丝，均匀拉长至原来的2倍，电阻变为________。19、利用静电除尘器可以消除空气中的粉尘，静电除尘器由金属管A和悬在管中的金属丝B组成，A和B分别接到高压电源的正极和负极，其装置示意图如右图所示．A、B之间有很强的电场，距B越近，场强__________（填“越大”或“越小”）．B附近的气体分子被电离成为电子和正离子、粉尘吸附电子后被吸附到______（填“A”或“B”）上；最后在重力作用下落入下面的漏斗中．

20、如图所示，平行板电容器与电源连接，为两板间一点。闭合电键给电容器充电后再断开电键，然后再将极板移到虚线所示位置，则与不移极板前比较，点电场强度将__________；点电势将__________。（填“变大”；“变小”或“不变”）

21、量程为的电流表读数。左图读数为____________，右图读数为____________。

评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)22、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

23、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

24、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共2题，共12分)25、两同学为测定一段粗细均匀；电阻率较小的电阻丝的电阻率；采用了如图甲所示的电路进行测量。

实验步骤如下：

a．用螺旋测微器在电阻丝上的三个不同位置测出电阻丝直径，求出平均值

b．调节电阻丝上的导电夹的位置，用毫米刻度尺测量并记录导电夹到电阻丝右端的长度闭合开关记录电压表示数电流表示数

c．改变电阻丝上的导电夹的位置，重复步骤记录多组的值。

（1）若螺旋测微器某次测量结果如图乙所示，其示数为________

（2）若选用某组值，用算出电阻丝连入电路的电阻则计算值与真实值相比________。（选填“偏小”；“相等”或“偏大”）

（3）根据多组测量得到的实验数据绘出图像如图丙所示，若图线斜率为则电阻丝的电阻率________（用已知或测量出的物理量的符号表示）；电流表内阻对电阻率的测量________（选填“有”或“没有”）影响。

（4）用记录的数据绘制出图像如图丁所示，由图像可知电源的内阻________（结果保留两位有效数字）26、某研究小组想用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E和内阻r；又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．

A．电压表V1(量程6V、内阻约5000Ω)B．电压表V2(量程3V；内阻约3000Ω)

C．电流表A(量程3A、内阻约0.5Ω)D．滑动变阻器R(最大阻值10Ω；额定电流4A)

E.小灯泡(2A、5W)F.电池组(电动势E、内阻r)G.开关一只；导线若干。

实验电路如甲图所示时，调节滑动变阻器的阻值，经多次测量，得到多组对应的电流表、电压表示数，并在U-I坐标系中描绘出两条图线；如乙图所示，则。

(1)电池组的电动势E=_______V，内阻r=_______.(结果保留两位有效数字)

(2)在U-I坐标中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为______Ω.

(3)将三个这样的灯泡并联后再接到该电上，则每个灯泡的实际功率为________W.评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)27、如图所示；A；B为体积可忽略的带电小球，QA＝2×10-8C，QB＝－2×10-8C，A、B相距3cm．在水平外电场作用下，A、B保持静止，悬线都沿竖直方向．试求：

（1）外电场的场强大小和方向？

（2）AB中点处总电场的场强大小和方向．

28、如图所示，竖直固定的光滑绝缘圆轨道处于水平方向的匀强电场中，轨道半径为R，OP与竖直方向的夹角θ=37°。质量为m、电荷量为q的带电小球（可视为质点），一开始静止在P点。若让小球从P点开始以大小为v0、沿切线方向的速度运动，小球恰能沿轨道做完整的圆周运动。（sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g）

（1）求电场强度。

（2）求P点速度v0的大小；

（3）求小球做圆周运动通过P点时对轨道的压力大小。

29、静电屏蔽是怎样起到屏蔽作用的？30、电荷的定向移动形成电流；电流是物理量中的基本量之一．电流载体称为载流子，大自然有很多种承载电荷的载流子，例如，金属导体内可自由移动的电子；电解液内的离子、等离子体内的正负离子，半导体中的空穴，这些载流子的定向移动，都可形成电流．

（1）电子绕氢原子核做圆周运动时，可等效为环形电流，已知静电力常量为k，电子的电荷量为e，质量为m，电子在半径为r的轨道上做圆周运动．试计算电子绕氢原子核在该轨道上做圆周运动形成的等效电流大小；

（2）如图，AD表示一段粗细均匀的一段导体，两端加一定的电压，导体中的自由电荷沿导体定向移动的速率为v，设导体的横截面积为s，导体每单位体积内的自由电荷数为n，每个自由电荷所带的电荷量为e．试证明导体中电流强度I=nesv；

（3）有一圆柱形的纯净半导体硅，其横截面积为2.5cm2，通有电流2mA时，其内自由电子定向移动的平均速率为7.5×10-5m/s，空穴定向移动的平均速率为2.5×10-5m/s．已知硅的密度2.4×103kg/m3，摩尔质量是28．电子的电荷量e=－1.6×10-19C，空穴和电子总是成对出现，它们所带电荷量相等，但电性相反，阿伏伽德罗常数为N0=6.02×1023mol-1．若一个硅原子至多只释放一个自由电子，试估算此半导体材料平均多少个硅原子才有一个硅原子释放出自由电子？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

A．因O1O与O2O的距离相等，故O1与O2的合电场强度都为零；选项A错误；

B．同理O1O2此线上场强处零，电场力不做功，则直线O1O2上各点电势相等；所以选项B正确；

C．将-q微粒从O1点沿O1O方向移至O点过程；电场力不做功，电势能变化为零，所以选项C错误；

D．因O与O1点的合电场强度都为零，但O1O之间的电场强度都为零，所以将-q微粒从O1点沿O1方向移至O点过程所受电场力为零；选项D错误。

故选B.2、D【分析】【分析】

【详解】

在水平放置的金属导体中，内有的负电荷向右通过导体某一横截面。电流方向规定为正电荷定向移动的方向，因移动的是负电荷，电流方向与定向移动的方向相反，故电流向左。大小

故选D。3、C【分析】【详解】

AD．空调、教学一体机不是纯电阻电路，不适用；AD错误；

B．由于空调、教学一体机不是纯电阻电路，电功大于电热，B错误；

C．公式适用于任意电路；C正确。

故选C。4、C【分析】【详解】

因A、B都带正电，所以静电力表现为斥力，即B对A的作用力沿BA的延长线方向，而不论C带正电还是带负电，A和C的作用力方向都必须在AC连线上，由平行四边形定则知，合力必定为两个分力的对角线，所以A和C之间必为引力，且FCA<FBA，所以C带负电，且QC<QB．故选C．5、D【分析】【分析】

【详解】

A．根据粒子的运动轨迹及电场线分布可知；电场方向向下，粒子受力向上，粒子带负电，故A错误；

B．b点和d点的电场强度大小相同；但方向不同，故B错误；

C．粒子从a到c到e的过程中电场力先做负功后做正功；速度先减后增，粒子的动能先减小后增大，故C错误；

D．粒子从a到c的过程中电场力做负功，速度减小，电势能增大，粒子在a点的电势能小于在c点的电势能；故D正确。

故选D。6、C【分析】【详解】

A．图中是验电器；不是电容器，故A错误；

B．图中是静电计；不是电容器，故B错误；

C．通过旋转旋钮改变图中金属板的正对面积；从而改变电容器的电容，是可变电容器，故C正确；

D．图中是库仑扭秤装置；不是电容器，故D错误。

故选C。7、A【分析】【详解】

A．由图可知当R1的阻值最大时，对应电压和电流分别为2V，0.1A，则R1的最大阻值为

故A正确；

BCD．根据闭合电路欧姆定律有

根据数学方法可知图象的纵轴截距为2.5，斜率的绝对值为

则电源电动势为

所以电源内阻和R2的阻值都小于5Ω；故BCD错误；

故选A。8、A【分析】【详解】

属于电容器的是A；B是滑动变阻器，C是线圈，D电压表是由电流计串联电阻改装而成，而电流计的构成与电容也无关。

故选A。二、多选题(共8题，共16分)9、B:C【分析】【分析】

【详解】

C．当滑片向下移动时，滑动变阻器接入电路阻值增大，整个电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，干路中的电流就会减小，所以电流表A1示数变小；C正确；

A．又因R1在干路中；由欧姆定律可知，其两端电压就会减小，A错误；

B．又由于并联电路的总阻值增大，其两端电压增加，R2支路中的电流就会增大，R2两端电压增大，V2示数变大；B正确；

D．又由于干路总电流减小，所以R3支路中电流减小，A2示数减小；D错误；

故选BC。10、B:C:D【分析】【详解】

分析电路图；滑动变阻器和定值电阻串联，将滑动变阻器滑片向下滑动，接入电路阻值变小，电路总阻值变小，干路电流变大。

A．V1测R两端电压，由于电流变大，示数变大；V2测路端电压，由于电流增大，内阻分压变大，所以示数变小；V3测滑动变阻器两端电压，是V2示数减去V1示数；示数减小，A错误；

B．电流表测干路电流；示数增大，B正确；

C．由A分析知，V3测滑动变阻器两端电压，是V2示数减去V1示数，所以

所以C正确；

D．电路中定值电阻R大于电源内阻r，

D正确；

故选BCD。11、B:C:D【分析】【详解】

A．物块从A运动到B，由图可读出A、B两点的速度，但无法根据图像与x轴围成的图形面积计算A、B间的位移，同时由于已知物块的质量m、电量q，根据动能定理得

可求得UAB，但由于A、B间的各点电场强度大小不相等，所以根据公式

也无法求A、B间的位移大小；故A错误；

B．根据v-t图象的斜率等于加速度，可以求出物块在B点的加速度，根据牛顿第二定律得qE=ma

由于物块的电荷量q已知，所以能求出B点的电场强度E；故B正确；

C．由图可读出B、C两点的速度，已知物块的质量m、电量q，根据动能定理得

可求得UBC；故C正确；

D．根据能量守恒定律知

由于质量m已知，又从图像中可知A、C两点的速度，所以可以求出A、C两点间的势能的变化量；故D正确。

故选BCD。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．小球运动过程中有除了重力之外的电场力做功；机械能不守恒，故A错误；

B．小球所受的电场力竖直向下；从最高点到最低点的过程中，合力做正功，则根据动能定理得知，动能增大，速度增大，所以小球经过环的最低点时速度最大，故B正确；

CD．小球从最高点到最低点的过程；根据动能定理得。

电场力做功。

电场力做正功，所以电势能减小动能增加量等于故D正确，C错误。

故选BD。13、A:D【分析】【详解】

CD．电动机多做的功转化成了物体的动能和内能，物体在这个过程中获得动能就是

设物体的运动时间为t，物体位移为

传送带的位移为

相对位移为

系统产生的内能为

所以电动机多做的功为

C错误D正确；

AB．传送带克服摩擦力做的功就是电动机多做的功，所以由CD的分析可知，传送带克服摩擦力做功为B错误A正确。

故选AD。14、B:C【分析】【详解】

AB、由图象可知，L2正常发光的电流为1A，L1的正常发光电流为0.5A，所以，两灯串联在电路中，只有一灯正常发光，则一定是L1，此时电路中的电流为0.5A；由图可知：L2的电压为U2′=2V，此时电压表测L2两端的电压；即电压表的示数为2V；故A错误，B正确；

CD、此时电源的输出电压为U=U1′+U2′=2V+6V=8V，电源的输出功率P=UI=8V×0.5A=4W，电源的内阻故C正确，D错误；15、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．题图甲中导体棒顺着磁感线运动；穿过闭合电路的磁通量没有发生变化，无感应电流，故A错误；

B．题图乙中条形磁铁插入线圈时线圈中的磁通量增加；拔出线圈时线圈中的磁通量减少，线圈中都能产生感应电流，故B正确；

C．题图丙中开关S保持闭合，回路中为恒定电流，小螺线管A产生的磁场稳定，螺线管B中的磁通量无变化；无感应电流，故C错误；

D．题图丙中开关S保持闭合，小螺线管A插入大螺线管B中不动，移动滑动变阻器的滑片使闭合回路中的电流变化，从而使小螺线管A产生的磁场变化，故大螺线管B中的磁通量变化；有感应电流，故D正确。

故选BD。16、A:B:D【分析】【详解】

根据欧姆定律得知：不变，选项B正确；当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时R2变大，变大．根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-I（R1+r），则有不变．故C错误，D正确．变大．根据闭合电路欧姆定律得：U3=E-Ir，则有不变．故A正确．故选ABD．三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【详解】

对B受力分析如图所示，根据几何关系和三力平衡有

得

由于F=F′，所以

可见，当L逐渐减小时，F逐渐减小。

设B与A点的距离为x，在B缓慢移动的过程中，都满足

在B处于静止状态时有

对比以上两式，得x=R；这说明在B缓慢移动的过程中，两点电荷间的距离不变，故B受到库仑力大小不变。

【解析】逐渐减小不变18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】4R19、略

【分析】【详解】

电源的两极分别接在AB上；净电荷一般分布在尖端，所以B处分布电荷较为密集，则距离B越近场强较大，粉尘吸附电子后带负电，在电场力的作用下将会向正极板运动，即向A运动，最后被吸附到A上。

故答案为越大；A【解析】越大A20、略

【分析】【分析】

抓住电容器的电荷量不变，结合电容的决定式和定义式，以及匀强电场的场强公式得出电场强度的变化，从而得出P与下极板电势差的变化，得出P点电势变化。

【详解】

[1]依据电容的定义式决定式场强的决定式代入得

故的变化与无关；故场强将不变。

[2]场强不变，则P点与下极板的电势差不变，由于下极板电势为零，则P点的电势不变。【解析】不变不变21、略

【分析】【详解】

[1][2]根据题意可知，量程为0~0.6A的电流表，分度值为0.02A，读数时要读到最小分度本位，则由图可知，读数分别为0.40A、0.22A。【解析】0.40A0.22A四、作图题(共3题，共12分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共2题，共12分)25、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据图乙的螺旋测微器可知，其示数为

（2）[2]由图甲电路图可知，电压表测量的是和电流表的电压，电流表测量的是流过的电流，若用算出电阻丝连入电路的电阻则计算值与真实值相比偏大。

（3）[3][4]根据电阻的决定式可知，电阻丝连入电路的电阻

设电流表内阻为根据欧姆定律可知

根据图丙图像可知

解得

电流表内阻对电阻率的测量没有影响。

（4）[5]根据闭合回路的欧姆定律可知

由图丁的图像可知，电源的内阻【解析】（均给分）偏大没有26、略

【分析】【详解】

（1）电源的U-I图象是一条倾斜的直线，由图象可知，电源电动势E=4.5V，电源内阻

（2）由图乙所示图象可知，两图象的交点坐标，即灯泡电压此时电路电流I=2.0A，根据闭合电路的欧姆定律得：即解得

（3）设流过每个灯泡的电流为I，三个灯泡并联接在电源上，在闭合电路中，路端电压：即在图乙所示坐标系中作出图象如图所示：

由图示图象可知，灯泡两端电压为1V，流过灯泡的电流为1.2A，灯泡实际功：．

【点睛】

电源的U-I图象与纵轴的交点示数是电源的电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．由图象求出两图线的交点对应的电压与电流，然后根据闭合电路中内外电压的关系及欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值；由图象求出灯泡两端电压与通过灯泡的电流，然后由P=UI求出灯泡实际功率．【解析】4.51.2六、解答题(共4题，共40分)27、略

【分析】【详解】

(1)对A进行受力