2024年鲁科版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年鲁科版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，真空中有两个等量的正电荷和分别固定于两点，为连线的中垂线，为两点连线的中点，将一正电荷由点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，下列结论正确的有（）

A.电势能逐渐减小B.电势能逐渐增大.C.受到的电场力逐渐减小D.受到的电场力逐渐增大2、如图所示，光滑绝缘水平面上，有两个质量相等的带电物体P、Q，中间用不可伸长的轻质绝缘细绳相连，物体P所带电量为-q1，物体Q所带电量为+q2，且q1<q2，在水平面上方加上场强大小为E；方向水平向右的匀强电场；则当两物体运动达到稳定时（不考虑P、Q之间的库仑力），中间细绳拉力大小为（）

A.Eq2-Eq1B.C.D.Eq2+Eq13、下列各图能正确反映两个等量同种正电荷连线中垂线上各点电势分布的图是（）A.B.C.D.4、在图中所示的四种典型电场的情况中，电场中两点的电场强度和电势都相等的是（）

A.图（甲）中平行板电容器带电荷，极板间除边缘附近处的任意两点B.图（乙）中两个等量异号点电荷的连线上，与连线中点等距的任意两点C.图（丙）中离点电荷等距的任意两点D.图（丁）中两个等量同号点电荷的连线的中垂线上,与连线中点等距的任意两点5、当一个带电导体达到静电平衡时（）A.导体表面上电荷密度较大处电势较高B.导体表面曲率较大处电势较高C.导体内部的电势比导体表面的电势高D.导体内任一点与其表面上任一点的电势差等于零6、如图所示；将一个小电动机接在电路中。正常工作和将电动机短时间卡住时，测得电动机两端的电压和流过电动机的电流如下表所示。下列说法正确的是（）

电压U/V电流I/A扇叶被卡住（短时间）5.40.27正常工作时6.00.05

A.电动机线圈电阻为120ΩB.正常工作时，电动机消耗的电功率P1=0.3WC.正常工作时，电动机发热的功率P2=1.8WD.正常工作时，电动机对外做功的功率P3=1.5W7、如图所示的U-I图像中，直线A为电源的路端电压与电流的关系，直线B、C分别是电阻R1、R2的电压与电流的关系。若将这两个电阻分别直接与该电源连接成闭合电路；则（）

A.两个电阻的电功率相等B.R1接在电源上时，电源的输出功率较大C.R2接在电源上时，电源内阻的热功率较大D.两种情况下，电源中非静电力做功的功率相等评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示，真空中的匀强电场与水平方向成15°角，直线垂直匀强电场E，现有一质量为m、电荷量为的小球在A点以初速度大小方向水平向右抛出，经时间t小球下落到C点（图中未画出）时速度大小仍为则小球由A点运动到C点的过程中，下列说法正确的是（）

A.电场力对小球做功为零B.小球的电势能增加C.小球的机械能减小量为D.C一定位于直线的右侧9、如图所示，用内阻为100满偏电流为300mA的表头改装成量程为0~0.6A和0~3A的双量程电流表；下列说法中正确的有（）

A.用a、b两个接线柱时量程为0~3AB.用a、b两个接线柱时量程为0~0.6AC.D.10、如图所示，在竖直平面内有－竖直向上的匀强电场，电场强度大小为E，M点与N点的连线垂直电场线，两个完全相同的带等量正电荷的粒子，以相同大小的初速度v分别从M和N点沿不同方向开始运动，之后都能到达电场中的P点；粒子的重力不计，则两带电粒子（）

A.到达P点所用的时间可能相等B.到达P点时的速度大小一定相等C.整个运动过程机械能的增加量一定相等D.在P点时的动能可能小于在各自初始点的动能11、我国已经于2012年10月1日起禁止销售100W及以上的白炽灯，以后将逐步淘汰白炽灯．假设某同学研究白炽灯得到某白炽灯的U-I图线如图所示．图象上A点与原点的连线与横轴成α角，A点的切线与横轴成β角；则（）

A.白炽灯的电阻随电压的增大而增大B.在A点，白炽灯的电阻可表示为tanβC.在A点，白炽灯的电功率小于D.在A点，白炽灯的电阻可表示为12、如图，一椭圆的两焦点M、N处固定两个等量异种电荷+Q、-Q，O为椭圆中心，ab是椭圆短轴上的两个端点，c是OM上的一点，d是Oa上的一点，ef是椭圆上关于O点对称的两个点；设无穷远处电势和电势能为零，下列说法中正确的是（）

A.a、b两点电势相等，但电场强度不同B.e、f两点电场强度相同，电势也相同C.一电子在c点受到的静电力大于在d点受到的静电力，且在c点的电势能小于在d点的电势能D.一质子从d点移到无穷远处，静电力做功为零13、如图所示，在粗糙程度相同的斜面上固定一点电荷Q，在M点无初速度地释放带有恒定电荷的小物块，小物块在Q的电场中沿斜面运动到N点静止，则从M到N的过程中（）

A.M点的电势一定高于N点的电势B.小物块的电势能减小C.小物块电势能变化量的大小一定等于克服摩擦力做的功D.小物块和点电荷Q一定是同种电荷14、如图所示，A、B、C三个小球(可视为质点)的质量分别为m、2m、3m，B小球带负电，电荷量为q，A、C两小球不带电(不考虑小球间的电荷感应)，不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点，三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为A.A；则以下说法正确的是()

B.静止时，B两小球间细线的拉力为5mg＋qEC.静止时，B两小球间细线的拉力为5mg－qEE.剪断O点与A小球间细线瞬间，B两小球间细线的拉力为E.剪断O点与A小球间细线瞬间，B两小球间细线的拉力为15、带正电的粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了2.6×10-6J的功。以下说法正确的是（）A.粒子M在P点的电势能一定小于它在Q点的电势能B.粒子M在P点的加速度一定小于它在Q点的加速度C.P点的电势一定高于Q点的电势D.粒子M在P点的速率一定大于它在Q点的速率16、如图，O为大圆的圆心，直径ac和直径bd垂直．ac上的O1、O2为中间两实线小圆的圆心，大圆半径为小圆半径的2倍。在O1、O2处分别放置电荷量为+Q和－2Q点电荷。下列判断正确的是（）

A.b、d两点电场强度相等B.a点电势一定高于d点电势C.移动电子从O到b点，电场力做功为零D.移动电子从a沿中间实线半圆经O到c，电势能一直增加评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、容量是电池的一个重要参数．某款手机电池上标有“2000mA·h”,这种电池放电时能输出的总电荷量为____________C,若手机待机时的电流50mA，则此款手机待机时间为________h．18、如图，电源电动势E＝12V，内阻r＝1Ω，电阻R1=4Ω，R2=22Ω，滑动变阻器R的阻值0~30Ω。闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，理想电流表和理想电压表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU表示。则______Ω；R1消耗的最小电功率为P＝_______W。

19、电动势定义：______所做的功与所移动的电荷量之比叫作电动势．20、判断下列说法的正误。

（1）电势差与电势一样，是相对量，都与零电势点的选取有关。____

（2）电势差是一个标量，但是有正值和负值之分。____

（3）若电场中两点间的电势差UAB=1V，则将单位正电荷从A点移到B点，静电力做功为1J。____

（4）将电荷量为q的电荷从A点移到B点与将电荷量为-q的电荷从B点移到A点，静电力所做的功相同。____

（5）电荷在等势面上移动时不受静电力作用，所以静电力不做功。____21、某同学用不同工具分别测量了某物体的几处外径；如图所示，请读出下列读数：

①_____；②_____；③_____；评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)22、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

23、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。24、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】

由题可知，q1、q2是两个等量的正电荷，DC为A、B连线的中垂线，作出CD线上的电场线，根据电场线方向判断正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中；电势的变化，由电场力做功正负判断其电势能的变化，运用极限法判断场强的变化，确定电场力的变化．

【详解】

AB；两个等量正电荷产生的电场如图所示：

由此可见，正电荷由点沿着中垂线移至无穷远处的过程中；电场力做正功，电势能减小，故A正确，B错误；

CD、由上图可以得知，点电场强度为零，由点沿中垂线至无穷远的过程中，电场强度先增大后减小，所以受到的电场力先增大后减少；故C；D错误；

故选A．2、C【分析】【详解】

取整体为研究对象，由牛顿第二定律可得

取P为研究对象，设中间细绳拉力大小为F，由牛顿第二定律可得

两式联立可得

故选C。3、B【分析】【详解】

等量同种电荷中垂线上的各点的场强方向沿中垂线远离两电荷连线的中点，由电势沿场强方向减小的特点可知，电势向两方向降低，B正确；4、D【分析】电容器间的电场为匀强电场，故两点电场强度相等；沿电场线方向上电势逐渐降低，可知a点的电势高于b点的电势，故A错误．根据对称性可知，两点的电场强度相等，沿电场线方向上电势逐渐降低，a点的电势高于b点，故B错误．以点电荷为球心的球面是等势面，可知a、b两点电势相等，但两点电场强度的方向不相同，故电场强度不相等，故C错误．根据两个等量同种电荷等势面的分布情况可知，在两电荷连线的中垂线上与连线中点等距的任意两点电势相等，根据电场的对称性两点电场场强相同，故D正确．故选D．5、D【分析】【详解】

ABC．当一个带电导体达到静电平衡时；导体是个等势体，导体表面是个等势面。ABC错误；

D．导体内任一点与其表面上任一点的电势差等于零。D正确。

故选D。6、B【分析】【详解】

．当扇叶被卡住，电动机不转、为纯电阻电路，根据欧姆定律可知

故A错误；

B．正常工作时，电动机消耗的电功率

故B正确；

C．正常工作时，电动机发热的功率

故C错误；

D．正常工作时，电动机对外做功的功率

故D错误；

故选B。7、B【分析】【分析】

【详解】

AB．由两图线的交点读出，R1接在电源上时U1=0.5U0I1=0.5I0

电源的输出输出功率P1=U1I1=0.25U0I0

R2接在电源上时电压U2=0.75U0

通过R2的电流I2=0.25I0

则电源的输出功率

所以R1接在电源上时；电源的输出功率较大，故B正确，A错误；

C．由图可知，电源接R1时电路中的电流大；所以电源内阻的热功率较大，故C错误；

D．电源非静电力做功的功率为

所以电流大的；非静电力的功率大，故D错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)8、B:D【分析】【详解】

小球受到向下的重力和沿电场线斜向下的电场力；这两个力的合力即“等效重力”如图:

AB．由图可知小球由A点运动到C点的过程中；电场力做负功，电势能增加，故A错，B正确。

C．因为小球在A点和D点动能相同，所以小球机械能的减少量为竖直方向的重力势能的减少量由于电场力向左下方，重力竖直向下，将合力沿着水平和竖直方向正交分解，竖直方向的合力大于重力，故在竖直方向的分运动的加速度a大于g，竖直方向：

即：

故C错误。

D．小球水平抛出后，到C点时速度大小仍为则一定运动到“等效水平线”上，所以C点一定在直线的右侧；故D正确。

故选BD.9、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．用a、b两个接线柱时；并联的分流电阻较小，则量程较大，即量程为0~3A，选项A正确，B错误；

CD．由电路可知

解得

选项C正确；D错误。

故选AC。10、B:C【分析】【详解】

A．因为两带电粒子完全相同，故产生的竖直向上方向的加速度相同，而M点粒子与N点粒子竖直初速度不同；故根据匀变速方程可知，运动时间不同，A错误；

BC．因为只有电场力做功，根据题意可知，M点与N点在同一等势面上，故有

且电场力做功为

则电场力做功相同，则到达P点的动能相同；速度大小相同，而电场力做功等于机械能增加量，故机械能的增加量一定相等，BC正确；

D．因为从M、N点到P点；电势减小，则电场力做正功，动能增大，D错误。

故选BC。11、A:D【分析】【详解】

ABD．根据欧姆定律可知白炽灯的电阻可知白炽灯的电阻随电压的增大而增大，在A点，白炽灯的电阻可表示为故AD正确，B错误；

C．在A点，白炽灯的电功率故C错误；

故选AD。12、C:D【分析】【详解】

AB．根据等量异种电荷电场线和等势面的分布规律可知，a、b两点电场强度相同，电势均为零，e、f两点关于O点对称，则电场强度相同，根据沿电场线方向电势降低，则e点的电势大于f点的电势；即电势不同，故AB错误；

C．根据等量异种电荷电场分布规律可知，c点电场强度大于O点的电场强度，O点的电场强度又大于d点的电场强度，则电子在c点受到的静电力大于在d点受到的静电力，根据沿电场线方向电势降低，知c点的电势大于d点的电势，根据电势能又因为电子带负电，则电子在c点的电势能小于在d点的电势能；故C正确；

D．由题意可知，无穷远处电势为零，则两电荷在d点产生的电势大小相等，符号相反，代数和为零，即d点电势为零，一质子在d点和无穷远处具有的电势能都为零，即电势能相等，所以将质子从d点移到无穷远处；静电力做功为零，故D正确。

故选CD。13、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．因无法判断点电荷Q的电性；那么就无法判断电场的方向，也就无法判断电势的高低，故A错误；

BD．若两电荷是异种电荷；向下运动的过程中电场力逐渐减小，加速度增大，物块不可能停止，所以两物块为同种电荷，电场力做正功，电势能降低，故B正确，D正确；

C．根据动能定理

电场力做功的大小与电势能变化量的大小相等；显然小物块电势能变化量的大小不等于克服摩擦力做的功，故C错误。

故选BD。14、A:C【分析】【详解】

静止时；对BC球整体进行受力分析，则有：

T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq；故A正确，B错误；

B球带负电；相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直向下的电场力qE；

qE对A、B球整体产生一个竖直向下的分加速度

此时A、B球的加速度为（显然＞g），C球以加速度g保持自由下落，以A球为研究对象可得A、B球间细线的拉力为qE．故C正确；D错误．

故选AC．

【点睛】

本题由整体法与隔离法相结合解题．15、A:D【分析】【分析】

【详解】

AD．带正电的粒子M只在电场力作用下从P点运动到Q点；克服电场力做功，其电势能增加，动能减小，故AD正确；

B．场强的大小与电场力做功正负无关，无法比较粒子M在P点的加速度与它在Q点的加速度；故B错误；

C．因为粒子M带正电荷，所以P点的电势低于Q点的电势；故C错误。

故选AD。16、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．正电荷在b点单独产生的场强与在d点单独产生的场强大小相等，同理，负电荷在b点单独产生的场强与在d点单独产生的场强大小相等，由电场强度的叠加原理可知，b、d两点的电场强度方向如图，由图可知，b、d两点的电场强度方向不相同；故A错误；

B．由图可知，a点离正电荷更近，离负电荷更远，由电势叠加可知，a点电势一定高于d点电势；故B正确；

C．由电场强度的叠加原理可知，ob段的电场强度方向斜向右下方，移动电子从O到b点；电场力做正功，故C错误；

D．半圆Oc上各点到负电荷的距离不变，若只有负电荷存在，则各点的电势不变，从O到c离正电荷的距离增大，若只正电荷存在，则各点电势变小，由电势的叠加可知，从O到c电势降低，由负电荷在电势低处电势能大，则移动电子从a沿中间实线半圆经O到c；电势能一直增加，故D正确。

故选AD。

三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】【详解】

该电池的总电量为手机待机时间为【解析】72004018、略

【分析】【详解】

[1]．根据闭合电路欧姆定律得U=E-I（R1+r）

则由数学知识得知：=R1+r=4+1=5Ω．

[2]．当变阻器与电阻R2并联的电阻最大时，外电路电阻最大，总电流最小，R1消耗的电功率最小，此时有：RaP=RPb+R2

又RaP+RPb=30Ω，R2=22