2025年牛津译林版必修1物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津译林版必修1物理上册阶段测试试卷191考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图是某物体做直线运动的速度图象；下列有关物体运动情况判断正确的是（）

A.前两秒加速度为10m/s2B.8s末物体回到出发点C.6s末物体距出发点最远D.8s末物体距出发点最远2、关于时刻和时间间隔，位移和路程的说法中正确的是（）A.在时间轴上，时刻对应的是一条线段，时间间隔对应一个点B.第3s内，指的是第2s末到第3s末这一段时间间隔，总共1sC.位移是矢量，既有大小又有方向，路程也是矢量，既有大小又有方向D.路程既有大小又有方向，位移只有大小没有方向3、物体受共点力F1、F2、F3的作用保持静止，则这三个力可能是（）A.15N、5N、8NB.6N、6N、6NC.12N、14N、1ND.8N、12N、3N4、关于物体运动的速度和加速度，正确的是（）A.物体做变减速运动，则加速度变小B.物体加速度变大，则速度变化较大C.物体速度减少得越快，则加速度越大D.物体加速度一定，则速度变大5、如图所示，甲乙同学根据自由落体运动规律将一把刻度尺制作成“人的反应时间测量尺”。g取10m/s2；以下四幅图中反应时间刻度线标注正确的是（）

A.B.C.D.6、如图2所示，用粗铁丝弯成半圆环，半圆环最高点B处固定一个小滑轮，小圆环A用细绳吊着一个质量为m的物块并套在半圆环上．细绳另一端跨过小滑轮，用力F拉动，使A缓慢向上移动（不计一切摩擦，绳子不可伸长）．则在物块移动过程中，关于拉力F和铁丝对A的支持力N，以下说法正确的是：（）

A.F变大B.N变大C.F变小D.N变小7、如图所示，光滑水平面上有一异形滑块ABCD在向左做匀变速运动，竖直平面内存在匀强电场，斜面BC和AB光滑绝缘，上面分别有两个质量均为m的小球a、b相对滑块静止，其中小球b带负电，电荷量大小为q，小球a不带电．重力加速度为g；则下列说法中正确的是。

A.滑块加速度大小为B.滑块加速度大小为C.电场强度的最小值为D.电场强度的最小值为评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、图甲为一运动员(可视为质点)进行三米板跳水训练的场景，某次跳水过程中运动员的速度v－时间t图象如图乙所示，t＝0是其向上起跳的瞬间，此时跳板回到平衡位置．t3＝5.5t1，不计空气阻力，重力加速度g＝10m/s2．则下列判断正确的是。

A.运动员入水时的速度大小为2m/sB.运动员离开跳板后向上运动的位移大小为mC.运动员在水中向下运动的加速度大小为20m/s2D.运动员入水的深度为1.5m9、某物体运动的速度图象如图所示．根据图象可知（）

A.0～2s内的加速度为4m/s2B.0～5s内的位移为14mC.第1s末与第3s末的速度方向相反D.第1s末与4.5s时的加速度方向相反10、关于速度、速度的变化和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A.速度变化的方向为正，加速度的方向可能为负B.加速度增大，速度可能越来越小C.速度越来越大，加速度可能越来越小D.速度变化越大，加速度就一定越大11、伽利略设想的“理想实验”，目的是为了（）A.揭示物体运动并不需要力来维持B.否定亚里士多德“力是维持运动”的观点C.如果有摩擦，物体下降与上升的高度不同D.如果没有摩擦，物体下降与上升的高度相同12、如图,A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v-t图象，依照图象能够判断()

A.甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动，加速度大小相同方向相反B.两球在t=8s时相距最远C.两球在t=2s时速率相等D.两球在t=8s时相遇13、如图所示，不计重力的带有光滑滑轮的细杆OB可绕O点在竖直平面内自由转动，绳的一端跨过滑轮挂一重物P，另一端拴在墙壁上的A点，杆处于平衡状态．绳的拉力为T，杆受到的压力为N，杆与竖直方向夹角为θ，若A点沿墙面上移；当杆重新平衡时，有()

A.T变大B.θ变大C.N变小D.T变小14、如图（a），一物块在t=0时刻滑上一固定斜面，其运动的v—t图线如图（b）所示。若重力加速度及图中的均为已知量，则可求出（）

A.A；斜面的倾角。

B.B；物块的质量。

C.C；物块与斜面间的动摩擦因数。

D.物块沿斜面向上滑行的最大高度评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、如图为某物体在24s内运动的v-t图像；则。

(1)它在24秒内的总位移为x=________m；

(2)它在24秒内的平均速度为v=________m/s；

(3)它在3秒末的加速度为a=________m/s2。16、质点。

（1）定义：忽略物体的________和________，把物体简化为一个具有________的点。

（2）物体看作质点的条件：一个物体能否看成质点是由________决定的。当物体的________和________对研究问题影响较小；可把物体看作质点。

（3）理想化模型：在物理学中，突出问题的________因素，忽略________因素，建立理想化的物理模型，并将其作为研究对象，是经常采用的一种科学研究方法。________这一理想化模型就是这种方法的具体应用。17、“一对相互平衡的力”和“一对作用力和反作用力”的区别。

（1）一对相互平衡的力作用在___________物体上，一对作用力和反作用力作用在___________物体上。（均选填“一个”或“两个”）

（2）一对作用力和反作用力___________是同一种类的力，而一对相互平衡的力___________是同一种类的力。（均选填“一定”或“不一定”）18、为了定量地描述物体位置及其变化，需要在参考系上建立一个坐标系，常用的是__________，质点在坐标系中的坐标就表示它所在的__________.19、“DIS”实验即“数字化信息系统”实验，以下四幅照片中“用DIS测变速直线运动瞬时速度”的实验装置图是___________；“用DIS测定加速度”的实验装置图是___________。（选填照片下对应的字母）

20、如图所示为一物体运动的速度-时间图象，由图象可知物体前5s的加速度大小为________20s内的位移大小为________m。

21、如图所示，某物体受五个共点力，合力为零，若F3的方向沿逆时针转过90°而保持其大小不变，其余四个力的大小和方向保持不变，则此时物体所受到的合力大小是_____。

22、某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如图所示。该工件的直径为________cm，高度为________mm。

23、如图所示，两个物块A、B用轻弹簧连在一起，放在光滑的水平面上．物块A质量为2，物块B质量为．现用水平拉力F的作用在B上，使得A、B相对静止一起向右做匀加速运动，则：弹簧弹力的大小为___________；若某时突然撤去F，则撤去F的瞬间物块B的加速度的大小为__________．

评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)24、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

25、如图所示；在时间轴上标出“第3s初”“第3s末”“第3s内”“前3s内”。

26、一个竖直向下的力F=180N分解为两个分力，一个分力F1如图中虚线所示且等于240N，求另一个分力F2的大小和方向（即F2与F的夹角）。（注意：必须用力的图示法作答）

评卷人得分五、实验题(共2题，共18分)27、在探究物体的加速度a与物体所受外力F、物体质量M间的关系时，采用如下图所示的实验装置．小车及车中的砝码质量用M表示，盘及盘中的砝码质量用m表示。

（1）当M与m的大小关系满足________时；才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力。

（2）某一组同学先保持盘及盘中的砝码质量m一定来做实验，其具体操作步骤如下，以下做法正确的是________。

A．平衡摩擦力时；应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上。

B．每次改变小车的质量时；不需要重新平衡摩擦力。

C．实验时；先放开小车，再接通打点计时器的电源。

D．用天平测出m以及小车质量M，小车运动的加速度可直接用公式a＝求出。

（3）另两组同学保持小车及车中的砝码质量M一定，探究加速度a与所受外力F的关系，由于他们操作不当，这两组同学得到的a－F关系图象分别如图1和图2所示；其原因分别是：

图1：________________________________；

图2：________________________________。

（4）某同学在某次实验得到了如图所示的纸带（两计数点间还有四个点没有画出，纸带上的数字是相邻两点间的距离，电源频率是50赫兹)，根据纸带可求出小车的加速度大小为________打计数点“4”时的速度大小为________（结果保留两位有效数字）

28、某兴趣小组在做“验证力的平行四边形定则”实验；手边的器材有：一根轻弹簧；一个校准过的弹簧测力计、刻度尺、装有水的矿泉水瓶、木板、白纸等，步骤如下：

①将轻弹簧上端固定，用弹簧测力计向下缓慢拉动轻弹簧下端，记录弹簧测力计的读数F以及对应的轻弹簧长度L，如下表：。F/N0.000.501.001.502.002.50L/cm12.5012.9113.3013.6914.1114.50

②根据表中数据，在图甲中做出F-L图像__________，求得轻弹簧的劲度系数为_____N/m（保留三位有效数字）；

③将一张白纸贴在竖直放置的木板上，如图乙所示，用轻弹簧和测力计共同提起矿泉水瓶并保持静止，在白纸上记下结点位置O，记录弹簧测力计的拉力F1=1.70N和方向OA；

④测量出轻弹簧的长度L1=13.69cm，记录轻弹簧的拉力F2的方向OB；

⑤只用弹簧测力计提起矿泉水瓶并保持静止，使结点仍然在O点，记录此时弹簧测力计的读数F=2.00N和方向OC；

⑥实验记录纸如图丙所示，请在图丙中用1cm长的线段表示0.5N的力，以O点为作用点，画出F、F1、F2的图示，并通过平行四边形定则画出F1与F2的合力______；

⑦从弹簧测力计与轻弹簧间夹角90°开始，保持O点位置和弹簧测力计拉力方向不变，顺时针缓慢转动轻弹簧，直至水平状态。则弹簧测力计的读数________、轻弹簧的读数_____（填“逐渐变大”、“逐渐变小”或“不变”）。评卷人得分六、解答题(共4题，共8分)29、如图，倾角为37°的光滑斜面与粗糙水平面在B处平滑连接。质量的小物体，受水平向左的恒力F的作用，从斜面上A点由静止开始，沿AB向下做匀加速直线运动。经过物体运动到B点，AB间的距离为1m，当物体到达B点时撤去F，物体沿水平面运动到C点时速度为零。已知物体与水平面间的滑动摩擦力大小为8N。取求：

(1)物体沿斜面运动的加速度大小；

(2)物体所受恒力F的大小；

(3)在保持其他条件不变的前提下，若F取不同方向，物体在水平面上停止的位置C会有所变化，求BC距离的取值范围。

30、如图所示，一小车水平向右运动，车厢内有一轻绳的上端固定在车厢的顶部，下端拴一小球，当小球相对车厢静止时，悬线与竖直方向夹角为车厢底部放有一质量为m的木箱，与车厢相对静止，已知重力加速度为g；求：

(1)小车运动时的加速度大小；

(2)木箱受到的车厢底部的摩擦力的大小和方向。

31、在研究摩擦力特点的实验中，将木块放在水平长木板上，如下图甲所示，用力沿水平方向拉木块，拉力从0开始逐渐增大，分别用力传感器采集拉力F和木块所受到的摩擦力Ff，并用计算机绘制出摩擦力Ff随拉力F的变化图像，如图乙所示。已知木块质量m=5kg。

①求木块与长木板间的最大静摩擦力Fmax和木块与长木板间的动摩擦因数μ；

②如图丙，木块在与水平方向成37°角斜向右下方的恒定推力F1作用下，以a=1.6m/s2的加速度从静止开始在长木板上做匀变速直线运动，如图丙所示。推力F1大小应为多大？（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）

32、如图所示，物体A和B靠在一起放在光滑水平面上，物体A受到水平向右的推力，大小为10N，已知物体A的质量为2kg，物体B的质量为3kg，求物体A运动的加速度及物体A、B间的相互作用力．

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

A．图线的斜率表示物体的加速度，

；故A错误；

C．速度图像的纵坐标表示瞬时速度；正值表示沿正向运动，负值表示沿负向运动，则4s末速度为零，表示物体掉头，所以4s末物体离出发点最远，故C错误；

BD．由速度图象与时间轴围成的面积表示位移且在时间轴上方位移为正；下方位移为负，可知8s末物体的总位移为0，又回到了出发点，故B正确，D错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．在表示时间的数轴上；时刻对应的是一个点，时间间隔对应的是一条线段，故A错误；

B．第3s内；指的是第2s末到第3s末这一段时间间隔，总共1s，故B正确；

CD．位移是矢量；既有大小又有方向，路程是标量，只有大小没有方向，故C错误，D错误。

故选B。3、B【分析】【详解】

A．前两个力的合力范围是

第三个力是8N；不在范围内，所以合力不可能为零。故A错误；

B．前两个力的合力范围是

第三个力是6N；在范围内，所以合力可能为零。故B正确；

C．前两个力的合力范围是

第三个力是1N；不在范围内，所以合力不可能为零。故C错误；

D．前两个力的合力范围是

第三个力是3N；不在范围内，所以合力不可能为零。故D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

A．物体变减速运动；只能说明加速度在变化，不一定变小，故A错误；

B．加速度越大；只能说明速度变化越快，故B错误；

C．速度减小得快；说明减速过程的加速度大，故C正确；

D．加速度一定；速度可以变小，故D错误。

故选C。5、A【分析】【详解】

由题可知，手的位置在开始时应放在0刻度处，所以0刻度要在下边，物体做自由落体运动的位移位移与时间的平方成正比，所以随时间的增大，刻度尺上的间距增大，由以上的分析可知选A。6、C【分析】【详解】

若在物块缓慢向上移动的过程中，小圆环A处于三力平衡状态，根据平衡条件知mg与N的合力与T等大反向共线，作出mg与N的合力；如图；

由三角形相似有：

而F=T，可得：F=mg

AB变小，BO不变，则F变小，N=mg

AO、BO都不变，则N不变；故C正确；ABD错误；

故选C.7、C【分析】【分析】

【详解】

因小球a不带电，以小球a为研究对象进行受力分析，受到重力和支持力作用，根据牛顿第二定律可得mgtao30°=ma，解得a=gtan30°=g，故AB错误；AB斜面与水平方向的夹角为180°-（150°-30°）=60°；对b受力分析如图所示，当电场强度方向沿斜面向上时，场强最小，则：FNcos60°+qEcos30°=mg；FNsin60°-qEminsin30°=ma，解得电场强度最小值Emin=故C正确；D错误；故选C．

【点睛】

本题主要是考查了牛顿第二定律的知识；利用牛顿第二定律答题时的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、进行正交分解、在坐标轴上利用牛顿第二定律建立方程进行解答．二、多选题(共7题，共14分)8、B:C【分析】【详解】

AB.由图乙知运动员入水前向上运动的位移大小为向下运动位移大小的即

可得x=m

所以运动员入水前向下运动的位移大小h1=3m+m

由公式v2=2gh1

可得v=m/s

选项A错误B正确；

C.由图乙知，斜率代表加速度，运动员在水中运动的加速度大小是空中的2倍，即a=20m/s2；选项C正确；

D.运动员的人水深度h2=m

选项D错误．9、B:D【分析】【详解】

A.0～2s内的加速度为:

故A错误．

B.速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内的位移，0～5s内的位移为:

故B正确．

C.第1s末与第3s末的速度都是正值；所以方向相同，故C错误．

D.第1s末所在位置的图象斜率为正值，第4.5s末的所在位置的图象斜率为负值，所以第1s末与第4.5s末的加速度方向相反，故D正确．10、B:C【分析】【分析】

【详解】

试题分析:A；加速度方向与速度变化量的方向相同；速度变化方向为正，加速度方向为正，故A错误．B、加速度方向与速度方向可能相同，可能相反，也可能不在同一条直线上，故B正确．C、当加速度方向与速度方向相同，速度增大，加速度可能减小．故C正确．D、当加速度方向与速度方向相反，加速度增大，速度减小，故D错误．故选BC.

考点：本题考查运动的加速度和速度的关系．11、A:B【分析】【分析】

【详解】

伽利略的斜面实验中；如果有摩擦，物体下降与上升的高度不同；如果没有摩擦，物体下降与上升的高度相同，这些都是实验的事实；根据实验事实伽利略经过严密的逻辑推理，揭示了物体运动并不需要力来维持，否定亚里士多德“力是维持运动”的观点；

故选AB。12、C:D【分析】【详解】

A．v-t图象可读出两球开始做初速度相反的匀减速直线运动，而后做反向的匀加速直线运动，A的加速度为

B的加速度为

两加速度大小不等；方向相反，故A错误；

BD．依据运动的对称性知，两球在t=8s时均回到出发点而相遇；显然不是相距最远，故B错误，D正确；

C．由v-t图求得，t=2s时两球的速率均为20m/s；故C正确；

故选CD。13、B:C【分析】【详解】

对杆的B端进行受力分析；如图所示：

由图可知，细线拉力T=mg，所以T不变，故AD错误；而OB杆受到的压力N等于竖直绳和斜绳拉力的合力，沿杆的方向．由于A点上移，所以两个分力夹角增大，因此合力N变小，又轻杆和墙的夹角等于两个分力夹角的一半，当A点上移时，两分力夹角增大，所以θ也增大，故BC正确．所以BC正确，AD错误．14、A:C:D【分析】【详解】

AC．由图可知上滑过程的加速度大小为

有

下滑过程加速度大小为

有

联立上述方程可计算出斜面的倾斜角度以及动摩擦因数故AC符合题意；

B．物块的质量无法求得；故B不符合题意；

D．物块沿斜面向上滑行的最大高度

可知可以求出；故D符合题意。

故选ACD。

【考点定位】

牛顿运动定律。

【方法技巧】

速度时间图像的斜率找到不同阶段的加速度，结合受力分析和运动学规律是解答此类题目的不二法门。三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

(1)[1]图像所包围的面积代表位移，则24秒内的总位移：

(2)[2]物体在24秒内的平均速度：

(3)[3]0-4s内物体做匀加速直线运动，则3秒末的加速度为0-4s内图像的斜率，则【解析】72m3m/s1m/s216、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.大小②.形状③.质量④.所要研究的问题⑤.大小⑥.形状⑦.主要⑧.次要⑨.质点17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]一对相互平衡的力作用在一个物体上；一对作用力和反作用力作用在两个物体上。

（2）[3][4]一对作用力和反作用力一定是同一种类的力，而一对相互平衡的力不一定是同一种类的力。【解析】一个两个一定不一定18、略

【分析】【详解】

[1][2]为了定量地描述物体位置及其变化，需要在参考系上建立一个坐标系，常用的是直角坐标系，质点在坐标系中的坐标就表示它所在的位置。【解析】直角坐标系位置19、略

【分析】【详解】

[1]“用DIS测变速直线运动瞬时速度”的实验装置图是D；挡光片通过光电门平均速度代替滑块通过光电门的瞬时速度；

[2]“用DIS测定加速度”的实验装置图是C，本实验采用了位移传感器，代替了打点计时器，用DIS可以测小车的加速度。【解析】DC20、略

【分析】【详解】

[1]．根据v-t图像的斜率等于加速度可知，物体前5s的加速度大小

[2]．根据v-t图像的面积等于位移可知，20s内的位移大小为【解析】0.85021、略

【分析】【详解】

[1]物体受五个共点力，合力为零，则其余4个力的合力与F3等大反向，若F3的方向沿逆时针转过90°而保持其大小不变，其余四个力的大小和方向保持不变，则此时物体所受到的合力大小是【解析】F322、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]游标卡尺的主尺读数为5.0cm；游标尺上第18条刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为。

所以最终的读数为。

[2]螺旋测微器的读数为。

【解析】5.090cm6.120mm23、略

【分析】【分析】

A；B一起运动；它们有共同的加速度，对整体可以求出加速度的大小，再分析B的受力，可以求出弹簧的弹力；撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，B只受到弹力的作用，加速度是由弹力产生的．

【详解】

设物体运动的加速度为

对AB整体受力分析得：

单独隔离A受力分析得：

解得：

撤去时，B只受弹力的作用，设加速度为

则：

所以

故本题的正确答案为：

【点睛】

采用整体法求物体的共同加速度，再用隔离法求各个物体受到的力的大小，这是求多个物体受力时的一般步骤．【解析】2F/32F/3m四、作图题(共3题，共24分)24、略

【分析】【详解】

受力分析如图。

【解析】25、略

【分析】【详解】

在时间轴上标出“第3s初”“第3s末”“第3s内”“前3s内”如图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

选取标度；用1cm表示60N，由平行四边形定则作出力的图示如图。

用刻度尺量出F2的长度为4.6cm；则F2的大小为

用量角器量出F2与F的夹角约为【解析】276N，五、实验题(共2题，共18分)27、略

【分析】【详解】

（1）[1]在消除摩擦力对实验的影响后，那么小车的合力就是绳子的拉力，根据牛顿第二定律得，

对M

解得

当时；即当砝码和盘的总重力要远小于小车及车中的砝码的重力，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力。

（2）[2]A．因为是用重力沿倾斜木板向下的分力平衡摩擦力；所以不能将及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上，A错误；

B．设斜面的倾斜角度为当

就平衡了摩擦力；上式中的质量可以抵消，所以改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力，B正确；

C．实验时；先接通电源，再释放小车，C错误；

D．小车运动的加速度通过纸带求出，不能通过牛顿第二定律探究牛顿第二定律，即不能用

求出；D错误。

故选B。

（3）[3]图1中随着F的增大；即砝码和盘的质量增大，不再满足砝码和盘的质量远小于小车及车中的砝码的质量，因此曲线上部出现弯曲现象。

（3）[4]从图2可知，F不等于零时；加速度为零，也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为零，知没有平衡摩擦力，或平衡摩擦力时长木板