2025年湘教版选修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版选修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图ABCD的矩形区域存在沿A至D方向的匀强电场，场强为E，边长AB＝2AD，质量m、带电量q的正电粒子以恒定的速度v从A点沿AB方向射入矩形区域，粒子恰好从C点以速度v1射出电场；粒子在电场中运动时间为t，则（）

A.若电场强度变为2E，粒子从DC边中点射出B.若电场强度变为2E，粒子射出电场的速度为2v1C.若粒子入射速度变则粒子从DC边中点射出电场D.若粒子入射速度变为则粒子射出电场时的速度为2、在一座高山的山顶和山脚处分别将1kg相同温度的水全部汽化，要吸的热量（）A.同样多B.山顶多C.山脚多D.无法确定3、下列关于热现象的描述正确的是（）A.做功和热传递都是通过能量转化的方式改变系统内能的B.温度是描述热运动的物理量，一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同C.空调机作为制冷机使用时，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以制冷机的工作不遵守热力学第二定律D.能量耗散过程中能量不守恒4、如图所示，边长为L的菱形由两个等边三角形abd和bcd构成，在三角形abd内存在垂直纸面向外的磁感应强度为B的匀强磁场，在三角形bcd内存在垂直纸面向里的磁感应强度也为B的匀强磁场．一个边长为L的等边三角形导线框efg在纸面内向右匀速穿过磁场，顶点e始终在直线ab上，底边gf始终与直线dc重合．规定逆时针方向为电流的正方向，在导线框通过磁场的过程中，感应电流随位移变化的图象是（）

A.B.C.D.5、关于原子核及其变化，下列说法正确的是A.一个中子和一个质子的质量之和等于一个H核的质量B.处于激发态的原子核放出射线时，核子数并没有发生变化C.结合能大的原子核，比结合能也大D.原子核发生一次衰变，原子核外就会失去一个电子6、物理教材中有很多经典的插图能够形象的表现出物理实验；物理现象及物理规律；下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是。

A.甲图中，卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子和中子B.乙图中，在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大C.丙图中，射线甲由电子组成，射线乙为电磁波，射线丙由α粒子组成D.丁图中，链式反应属于轻核裂变评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、下图是示波管的工作原理图：电子经电场加速后垂直于偏转电场方向射入偏转电场，若加速电压为偏转电压为偏转电场的极板长度与极板间的距离分别为L和d，y为电子离开偏转电场时发生的偏转距离．取“单位偏转电压引起的偏转距离”来描述示波管的灵敏度，即(该比值越大则灵敏度越高)，则下列哪种方法可以提高示波管的灵敏度（）

A.减小B.增大C.增大LD.减小d8、下列说法正确的是（）A.温度计测温原理就是热平衡定律B.温度计与被测系统的温度不相同时，读不出示数C.温度计读出的示数是它自身这个系统的温度，若它与被测系统热平衡，这一示数也是被测系统的温度D.温度计读出的示数总是被测系统的温度，无论是否达到热平衡9、把一个电容器、电流传感器、电阻、电源、单刀双掷开关按图甲所示连接，先使开关与端相连，电源向电容器充电；然后把开关掷向端，电容器放电，与电流传感器相连接的计算机所记录这一过程中电流随时间变化的曲线如图乙所示；下列关于这一过程的分析，正确的是（）

A.在形成电流曲线的过程中，电容器两极板间电压逐渐增大B.在形成电流曲线的过程中，电容器的电容逐渐减小C.曲线与横轴所围面积等于曲线与横轴所围面积D.接端，只要时间足够长，电容器两极板间的电压就能大于电源电动势10、一含有理想变压器的电路如图所示，变压器原、副线圈匝数比为3：1．电路中连接三个相同的电阻R，A为理想交流电流表，U为正弦交流电源，输出电压的有效值U=380V．当开关S断开时；电流表的示数为2A．则。

A.定值电阻R的阻值为10ΩB.开关S断开时，副线圈的输出电压为127VC.开关S闭合时，电流表的示数为3.8AD.开关S闭合时，电路中消耗的总功率为1300W11、图甲是一列简谐横波在t＝0.01s时刻的波形图，图乙是质点P的振动图象，则下列说法正确的是()

A.该波沿x轴负方向传播，波速大小为100m/sB.在0.01s~0.025s内，质点R通过的路程为15cmC.t＝0.005s时，1.5m处质点沿y轴的负方向运动D.在0.01s~0.015s内，质点Q的加速度一直在减小评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)12、如图所示为圆柱形区域的横截面，在该区域加沿圆柱轴线方向的匀强磁场。带电粒子（不计重力）第一次以速度v1沿截面直径入射，粒子飞入磁场区域时，速度方向偏转60°角；该带电粒子第二次以速度v2从同一点沿同一方向入射，粒子飞出磁场区域时，速度方向偏转90°角。则带电粒子第一次和第二次在磁场中运动的半径之比为_______；速度之比为__________；周期之比为_________；时间之比为__________。13、双桶洗衣机的脱水桶的电机是由一个定时开关和一个由桶盖控制的开关组成的，当定时开关合上时；只要打开桶盖，电机又被关闭。

（1）如图所示的哪个电路图能满足上述的要求？()

A.B.C.D.

（2）根据以上罗列的控制条件和控制结果的情况，完成其真值表，并在虚线框内画出该门电路符号()。输入输出ABZ00______01______10______11______

14、如图为一定质量的理想气体的体积与热力学温度的关系图像，该气体的状态经历的变化过程。气体状态由过程中，气体压强________（选填“增大”“不变”或“减小”）；若整个过程中气体放出的热量为则整个过程外界对气体所做的功为________。

15、一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到A，体积V与温度T的关系如图所示。图中TA、VA和TD为已知量。

(1)从状态A到B，气体经历的是______(选填“等温”；“等容”，或“等压”)过程；

(2)从B到C的过程中，气体的内能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。16、汽车内燃机气缸内汽油燃烧时，气体体积膨胀推动活塞对外做功。已知在某次对外做功的冲程中，汽油燃烧释放的化学能为1×103J，因尾气排放、气缸发热等对外散失的热量为8×102J。该内燃机的效率为________。随着科技的进步，可设法减少热量的损失，则内燃机的效率能不断提高，其效率________(选填“有可能”或“仍不可能”)达到100%.17、（1）人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的过程。以下说法正确的是_____________。

a．液体的分子势能与体积有关。

b．晶体的物理性质都是各向异性的。

c．温度升高；每个分子的动能都增大。

d．露珠呈球状是由于液体表面张力的作用。

（2）气体温度计结构如图所示。玻璃测温泡A内充有理想气体，通过细玻璃管B和水银压强计相连。开始时A处于冰水混合物中，左管C中水银面在O点处，右管D中水银面高出O点h1=14cm，后将A放入待测恒温槽中，上下移动D，使C中水银面仍在O点处，测得D中水银面高出O点h2=44cm。（已知外界大气压为1个标准大气压；1标准大气压相当于76cmHg）

①求恒温槽的温度______。

②此过程A内气体内能________（填“增大”或“减小”）；气体不对外做功，气体将。

__________（填“吸热”或“放热”）。评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)18、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

19、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

20、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、解答题(共3题，共9分)21、如图所示，气缸静止竖直放置在水平面上，厚度均不计的活塞A、B将气缸分隔为1、2两气室。活塞A质量为横截面积为活塞B质量横截面积为上方较细的气缸足够长，下方较粗的气缸高度为开始时，活塞B距离地面大气压强恒为初始时气缸周围环境温度为重力加速度g取求：

（1）气体2的压强；

（2）若给气体2缓慢加热，使活塞B刚好上升这时气体2温度升高了多少。

22、在19世纪末发现电子以后，美国物理学家密立根(R.A.Millikan)在1907年-1913年间就微小油滴所带电荷量进行了多次的测量，比较准确地测定了电子的电荷量，油滴实验是物理学发展史上具有重要意义的实验，油滴实验的原理如图所示，两块水平放置的平行金属板与电源连接，上、下板分别带正、负电荷，油滴从喷雾器喷出后，由于摩擦而带电，油滴进入上板中央小孔后落到匀强电场中，通过显微镜可以观察到油滴的运动情况，两金属板间的距离为d，忽略空气对油滴的浮力和阻力，重力加速度为g

(1)调节两金属板间的电势差u，当u=Uo时，使某个质量为m1的油滴恰好做匀速运动，该油滴所带电荷量q为多少?

(2)若油滴进入电场时的速度可以忽略，当两金属板间的电势差u=U时，观察到某个质量为m2的油滴进入电场后做匀加速运动，经过时间t运动到下极板，求此油滴所带电荷量Q。

23、利用电场来控制带电粒子的运动,在现代科学实验和技术设备中有广泛的应用．如图1所示为电子枪的结构示意图,电子从炽热的金属丝中发射出来,在金属丝和金属板之间加一电压U0,发射出的电子在真空中加速后,沿电场方向从金属板的小孔穿出做直线运动．已知电子的质量为m,电荷量为e,不计电子重力及电子间的相互作用力．设电子刚刚离开金属丝时的速度为零．

（1）求电子从金属板小孔穿出时的速度v0的大小;

（2）示波器中的示波管是利用电场来控制带电粒子的运动．如图2所示,Y和Y'为间距为d的两个偏转电极,两板长度均为L,极板右侧边缘与屏相距x,OO'为两极板间的中线并与屏垂直,O点为电场区域的中心点．接(1),从金属板小孔穿出的电子束沿OO'射入电场中,若两板间不加电场,电子打在屏上的O'点．为了使电子打在屏上的P点,P与O'相距h,已知电子离开电场时速度方向的反向延长线过O点．则需要在两极板间加多大的电压U;

（3）某电子枪除了加速电子外，同时对电子束还有会聚作用，其原理可简化为图3所示．一球形界面外部空间中各处电势均为φ1，内部各处电势均为φ2（φ2>φ1），球心位于z轴上O点．一束靠近z轴且关于z轴对称的电子流以相同的速度v1平行于z轴射入该界面；由于电子只受到法线方向的作用力，其运动方向将发生改变，改变前后能量守恒．

①试推导给出电子进入球形界面后速度大小；

②类比光从空气斜射入水中，水相对于空气的折射率计算方法n若把上述球形装置称为电子光学聚焦系统，试求该系统球形界面内部相对于外部的折射率．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

A．若电场强度变为2E，则粒子从DC边离开，运动时间变为则水平位移变为原来的而不是故A错误；

B．在粒子穿过电场的过程中，设电场力做功为W，则由可知电场强度加倍，则电场力做功变为了2W，则射出电场的速度不等于2v；故B错误；

C．粒子入射速度变则粒子在电场时间不变，即可得出粒子从DC边中点射出电场；故C正确；

D．由于电场不变粒子在电场运动时间不变，电场力做功不变，有功能定理可知，粒子射出电场的和速度不是故D错误．2、C【分析】【详解】

山顶气压低；沸点低，汽化热小，故山脚吸热多。

故选C。3、B【分析】【分析】

【详解】

A．热传递是通过能量转移的方式改变系统内能的；做功是通过能量转化的方式改变系统内能的，故A错误；

B．达到热平衡的两系统温度相同；故B正确；

C．空调机作为制冷机使用时；在压缩机做功的情况下，将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以制冷机的工作是不违反热力学第二定律，故C错误；

D．能量耗散过程中能量也守恒；故D错误。

故选B。4、A【分析】【详解】

感应电动势电流三角形egf向右运动，根据右手定则，开始时ef切割磁感线，产生顺时针电流，大小设为过程，en切割磁感线产生向下的电流，nf产生向上的电流，em产生向下电流，切割磁感线的有效长度为随着三角形的运动在减小，感应电流减小，当运动时，电流为零，过程，继续移动根据等边三角形的几何关系，nf+em大于en，逐渐变大，电流变大，当efg与bcd重合时，eg边和ef切割磁感线，产生电流方向均为逆时针，大小变为L-2L过程中，继续移动gm切割磁感线，产生感应电动势，L有=gm，逐渐减小，直至全部出磁场电流为零，A正确．5、B【分析】【分析】

轻核聚变有质量亏损；向外放出能量．根据爱因斯坦质能方程判断反应前后的质量关系．

【详解】

A项：一个中子和一个质子结合成氘核；放出能量，由爱因斯坦质能方程可知，一个中子和一个质子的质量之和大于一个氘核的质量，故A错误；

B项：处于激发态的原子核放出射线即为光子流；所以核子数不变，故B正确；

C项：比结合能等于结合能与核子数的比值；所以结合能大的原子核，比结合能不一定大，故C错误；

D项：原子核衰变所放出的电子为原子核内一个中子转化而来的；故D错误．

故应选：B．

【点睛】

解决本题的关键知道重核裂变、轻核聚变都有质量亏损，向外放出能量．6、B【分析】【分析】

【详解】

A.卢瑟福通过分析粒子散射实验结果；提出了原子的核式结构模型，A错误．

B.根据光电效应规律可知在光颜色保持不变的情况下；入射光越强，饱和光电流越大，B正确．

C.因为射线甲受洛仑兹力向左；所以甲带正电，是由α粒子组成，C错误．

D.链式反应属于重核裂变，D错误．二、多选题(共5题，共10分)7、A:C:D【分析】【详解】

经加速电场后的速度为v，根据动能定理

所以电子进入偏转电场时速度的大小为

电子进入偏转电场后的偏转的位移为

所以示波管的灵敏度

所以要提高示波管的灵敏度可以增大减小d和减小故ACD正确，B错误。8、A:C【分析】【分析】

【详解】

ACD．温度计能测出被测物体的温度的原理就是热平衡定律；即温度计与被测物体达到热平衡时温度相同，其示数也就是被测物体的温度，故AC正确，D错误；

B．温度计与被测系统的温度不相同时；仍有示数，故B错误。

故选AC。9、A:C【分析】【详解】

A．在形成电流曲线的过过程，开关与端相连，电容器在充电，所带电量增大，电容不变，由电容的定义式

分析可以知道极板间电压增大；故A正确；

B．在形成电流曲线的过程中，开关与端相连；电容器在放电，在放电的过程中，电容器的电荷量减小，但电容反映电容器本身的特性，与电压和电量无关，保持不变，故B错误；

C．图线与时间轴围成的面积表示电荷量，因为电容器充电和放电的电量相等，所以曲线与横轴所围面积等于曲线与横轴所围面积；故C正确；

D．接端，只要时间足够长，电容器充电完毕，电路中没有电流，电源的内电压为零，电容器极板间的电压等于电源的电动势故D错误。

故选AC。10、A:C【分析】【详解】

A.此时电流表示数根据变压器原理可得副线圈电流根据电压关系有：代入数据解得：A正确．

B.副线圈电压B错误．

CD.开关闭合，且解得：回路总功率C正确D错误．11、B:C【分析】【详解】

图乙是质点P的振动图象，根据图乙可知在0.01s时P向上振动，根据“同侧法”可知波沿+x方向传播，波长λ=2m．周期T=0.02s，故波速故A错误；在0.01s～0.025s内，即质点R振动了所以质点R通过的路程为s=×4A=×4×5cm=15cm，故B正确；t=0.01s时1.5m处质点处于负向最大位移，所以t=0.005s时，1.5m处质点沿y轴的负方向运动，故C正确；该时刻质点Q向下振动，在0.01s～0.015s内，即从该时刻再经过T/4，质点Q的位移先减小后反向增大，则加速度先减小、后反向增大，故D错误．三、填空题(共6题，共12分)12、略

【分析】【分析】

粒子进入磁场时，受到洛伦兹力作用而做匀速圆周运动，速度的偏向角等于轨迹对应的圆心角，再可求出轨迹对应的圆心角由求解时间之比；根据几何知识求出轨迹半径之比，由半径公式求出速度之比．

【详解】

设圆柱形区域为R。带电粒子第一次以速度沿直径入射时；轨迹如图所示：

粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转60°角，则知带电粒子轨迹对应的圆心角轨迹半径为运动时间为带电粒子第二次以速度沿直径入射时，粒子飞出此磁场区域时速度方向偏转90°角，则知带电粒子轨迹对应的圆心角轨迹半径为运动时间为所以轨迹半径之比：时间之比：根据半径公式得速度之比：根据可知；周期之比为1：1。

【点睛】

本题关键要掌握推论：粒子速度的偏向角等于轨迹的圆心角，运用几何知识求出半径关系，就能正确解答【解析】111:12：313、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据题目要求；能满足条件的电路是A；

（2）[2]该电路为“与”门电路；电路符号为。

[3][4][5][6]真值表。输入输出ABZ000010100111【解析】A000114、略

【分析】【详解】

[1]气体状态由过程中

所以是等压过程；气体压强不变。

[2]的整个过程气体温度不变，内能不变，则

整个过程中气体放出的热量为由热力学第一定律可知

解得整个过程外界对气体所做的功为【解析】不变Q15、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]由图知从状态A到B；对应的体积不变，故气体经历的是等容变化；

(2)[2]理想气体的内能置于温度有关，从B到C的过程中温度不变，则气体的内能不变；【解析】等容不变16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由热力学第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]随着科技的进步；不断设法减小热量损失，则内燃机的效率不断提高，效率仍不可能达到100%。

【点睛】

此题考查了热力学第一定律△U=W+Q，注意公式中各个物理量的符号法则；知道热力学第二定律的内容。【解析】不可能17、略

【分析】【详解】

（1）[1]a．液体分子之间的距离不同；液体分子之间的分子力大小就不同，所以分子势能就不同，所以液体的分子势能与体积有关，故a正确；

b．单晶体的物理性质具有各向异性，而多晶体的物理性质具有各向同性，故b错误；

c．温度越高分子的平均动能越大；但对于某个分子来说其分子动能反而可能减小，所以温度对单个分子来说没有意义，故c错误；

d．由于液体表面张力的作用使液体的表面积收缩；使露珠呈球形，故d正确。

故选ad。

（2）①[2]由于使C中水银面仍在O点处，故封闭气体的体积保持不变，即发生等容变化，冰水混合物的温度T1=273K，此时封闭气体的压强p1=p0+h1=90cmHg

设待测恒温槽的温度T2，此时封闭气体的压强p2=p0+h2=120cmHg

根据查理定律得

解得T2=364K

②[3]气体体积保持不变，分子势能保持不变，由于气体温度升高，所以A内气体分子的平均动能增大；故气体的内能增大。

[4]根据热力学第一定律

气体体积保持不变，则W=0，由于气体的内能增大，故

所以Q＞0

即气体从外界吸热。【解析】①.（1）ad②.（2）①恒温槽的温度为364K③.②增大；④.吸热．四、作图题(共3题，共18分)18、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】19、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的