2025年新科版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版选修3物理上册月考试卷649考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、泊松亮斑是光的()A.干涉现象,说明光有波动性B.衍射现象,说明光有波动性C.干涉现象,说明光有粒子性D.衍射现象,说明光有粒子性2、一定质量的理想气体状态发生变化，满足查理定律，若气体压强增大，下列说法正确的是（）A.分子的平均动能增大B.分子的平均动能减小C.分子之间的平均距离变大D.分子之间的平均距离变小3、下列说法不正确的是（）A.悬浮在液体里的花粉的无规则运动是布朗运动B.晶体在熔化时要吸热，说明晶体在熔化过程中分子平均动能增加C.热量可以从低温物体传递到高温物体D.两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中，它们的分子势能先减小后增大4、如图所示，交流电流表A1、A2、A3分别与平行板电容器C、带铁芯的线圈L和电阻R串联后接在同一个交流电源上；三个电流表各有不同的读数．下列说法正确的是。

A.增大电源频率，A3读数增大B.增大电源频率，A2读数增大C.抽去线圈中的铁芯，A2读数增大D.增大电容器两极板之间的距离，A1读数增大5、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻；R为滑动变阻器。开关闭合后，灯能正常发光，当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是。

A.路端电压变小B.灯泡L将变亮C.电容器C的电量将减小D.电容器C的电量将增大6、一列简谐横波在t=0时刻波的图像如图所示，其中a、b；c、d为介质中的四个质点；在该时刻（）

A.质点a的加速度最小B.质点b的速度最小C.若质点c向上运动，则波沿x轴正方向传播D.若质点d向下运动，则波沿x轴正方向传播7、某同学特别喜欢逛玩具商店，一次逛店时一件玩具引起了他的极大兴趣，玩具的主体部分是由5个完全相同的弹性小球组成，如图所示，小球由等长轻线悬挂并排处于同一水平高度，对此玩具装置作出的如下判断，你认为正确的是A.如果将最右边的1个小球提起一定高度由静止释放，该小球碰撞后几乎反弹到同一高度，另几个小球几乎保持原地不动B.如果将最右边的2个小球一起（不改变位置关系）提起一定高度由静止释放，则这2个小球与左方小球碰撞后立即反弹，另3个小球立即向左运动C.如果将最右边的3个小球一起（不改变位置关系）提起一定的高度由静止释放，则发生碰撞后，这5个小球一起向左运动D.无论一次提起几个小球，这些小球将依次发生弹性碰撞，速度互换，最终表现为一侧下去几个小球，另一侧将起来等数量的几个小球8、以下有关近代物理的内容叙述正确的是A.放射性元素在发生衰变时2个中子和2个质子结合为一个粒子，设中子、质子和粒子的质量分别为则B.在关于物质波的表达式和中，能量和动量是描述物质的波动性的重要物理量，波长和频率是描述物质的粒子性的典型物理量C.在原子核发生衰变后，新核往往处于不稳定的高能级状态，会自发地向低能级跃迁D.重核的裂变过程质量增大，轻核的聚变过程有质量亏损评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示；在绝缘的斜面上方存在着水平向右的匀强电场，一带电金属块沿斜面滑下，已知金属块在滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是。

A.金属块的机械能增加32JB.金属块的电势能增加4JC.金属块带正电荷D.金属块克服电场力做功8J10、回热式制冷机是一种深低温设备，制冷极限约50K．某台回热式制冷机工作时，一定量的氦气（可视为理想气体）缓慢经历如图所示的四个过程：已知状态A和B的温度均为27℃，状态C和D的温度均为-133℃，下列判断正确的是（）

A.气体由状态A到B过程，温度先升高后降低B.气体由状态B到C过程，内能保持不变C.气体由状态C到D过程，分子间的平均间距减小D.气体由状态C到D过程，气体对外做功11、央视《是真的吗》节目做了如下实验：用裸露的钢导线绕制成一根无限长螺旋管；将螺旋管固定在绝缘水平桌面上，用一节干电池和两磁铁制成一个“小车”，两导电磁铁的同名磁极粘在电池的正；负两极上，只要将这辆小车推入螺旋管中，小车就会加速运动起来，如图所示．图中电池所在处的线圈没有画出，关于小车的运动，以下说法正确的是。

A.图中小车的加速度方向向右B.小车加速运动的能量源于安培力做功C.将小车上两磁铁均改为S极与电池粘连，小车的加速度方向会改变D.将小车上两磁铁均改为S极与电池粘连，小车的加速度方向不会改变12、如图甲所示，左侧接有定值电阻R＝2Ω的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B＝1T，导轨间距L＝1m。一质量m＝2kg，阻值r＝2Ω的金属棒在水平拉力F作用下由静止开始从CD处沿导轨向右加速运动，金属棒的v－x图象如图乙所示，若金属棒与导轨间动摩擦因数μ＝0.2，则从起点发生x＝1m位移的过程中(g＝10m/s2)()

A.金属棒克服安培力做的功W1＝0.25JB.金属棒克服摩擦力做的功W2＝5JC.整个系统产生的总热量Q＝4.25JD.拉力做的功W＝9.25J13、如图所示，以直角三角形AOC为边界的有界匀强磁场区域，磁感应强度为B，∠A=60°，AO=a．在O点放置一个粒子源，可以向各个方向发射某种带负电粒子，粒子的比荷为发射速度大小都为v0，且满足发射方向由图中的角度θ表示．对于粒子进入磁场后的运动（不计重力作用），下列说法正确的是。

A.粒子在磁场中运动最短时间为B.粒子在磁场中运动最长时间为C.在AC边界上只有区域有粒子射出D.在三角形AOC边界上，有粒子射出的边界线总长为2a14、如图所示，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框，在导线框右侧有一宽度为d(d＞L)的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动，t＝0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，并以此位置开始计时并作为导线框位移x的起点；随后导线框进入并通过磁场区域．下列图象中，可能正确描述上述过程的是。

A.B.C.D.15、如图所示，平行金属导轨与水平面成角，导轨与固定电阻R1和R2相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面.有一导体棒质量为m，导体棒的电阻R与固定电阻R1和R2的阻值均相等，与导轨之间的动摩擦因数为导体棒沿导轨向上滑动，当上滑的速度为v时，受到安培力的大小为F.此时（）.

A.导体棒消耗的热功率为B.电阻R1消耗的热功率为C.整个装置因摩擦而消耗的热功率为D.整个装置消耗的机械功率为16、如图所示，光滑绝缘水平面上M、N两点分别放置带电荷量为＋q和＋3q的质量相等的金属小球A和B（可视为点电荷），现给A和B大小相等的初动能E0，使其相向运动且刚好能发生碰撞，两球碰后返回M、N两点时的动能分别是E1和E2；则（）

A.E1＝E2＞E0B.E1＝E2＝E0C.碰撞发生在M、N两点连线中点的左侧D.两球同时返回M、N两点评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、如图所示，正、负电子垂直磁场方向沿与边界成θ＝30°角的方向射入匀强磁场中，不计重力，那么在磁场中正、负电子的运动时间之比为________18、如图所示，一横截面为半圆柱形的玻璃砖，圆心为O，半径为R．某一单色光垂直于直径方向从A点射入玻璃砖，折射光线经过P点，OP与单色光的入射方向平行，且A到O的距离为P到O的距离为则玻璃砖对单色光的折射率为_________．

19、如图所示，在p-V图中有三条气体状态变化曲线，一定质量的理想气体可沿这三条路径从状态i到状态j，已知曲线1为绝热变化过程，气体内能变化分别为△U1、△U2、△U3，它们的大小关系是_____；气体对外界做功分别为W1、W2、W3，它们的大小关系是_____；气体从外界吸收的热量大小为Q1、Q2、Q3，它们的大小关系是_____。

20、如图所示，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程ab到达状态b，再经过等温过程bc到达状态c，最后经等压过程ca回到状态a。则气体在ab过程要_______（选填“吸热”或“放热”）；气体从c到a过程放出600J热量，则气体内能在这一过程将_______（选填“增加“或“减少”）________J。

21、如图所示的平行板器件中，电场强度E和磁感应强度B相互垂直，具有不同水平速度的带电粒子射入后发生偏转的情况不同。若从左侧水平射入的带电粒子，不计重力，穿过这一区域时未发生偏转，则该粒子的速度大小为________；若只改变该粒子的电性，则粒子穿过这一区域时是否会发生偏转？________（选填“会”或“不会”）。评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共8分)25、在“测定金属的电阻率”的实验中；某同学进行了如下操作：

（1）用多用表欧姆挡粗测电阻丝的电阻，把选择开关旋转到“1”位置，结果如图甲所示，由此可知电阻丝电阻的测量值约为_____Ω。

（2）用螺旋测微器测量金属丝的外径，示数如图乙所示，金属丝的外径为_____mm。

（3）现有如下器材。

A.电流表（量程0.6A；内阻约0.1Ω）

B.电流表（量程3A；内阻约0.03Ω）

C.电压表（量程3V；内阻约3kΩ）

D.滑动变阻器（1750Ω；0.3A）

E.滑动变阻器（15Ω；3A）

F.蓄电池（6V；内阻很小）

G.开关一个；带夹子的导线若干。

要进一步精确测量金属丝样品的阻值，电流表应选______，滑动变阻器应选_______。（只填代号字母）

（4）请根据图丙所示电路图将图丁中的实际测量电路补充完整______。

（5）若某次测量中，电压表和电流表读数分别为U和I，请用上述直接测量的物理量（D、l、U、I）写出电阻率的计算式：=______。评卷人得分六、解答题(共1题，共10分)26、如图所示；质量均为m的A；B两球套在悬挂的细绳上，A球吊在绳的下端刚好不滑动，稍有扰动A就与绳分离A球离地高度为h，A、B两球开始时在绳上的间距也为h，B球释放后由静止沿绳匀加速下滑，与A球相碰后粘在一起(碰撞时间极短)，并滑离绳子.若B球沿绳下滑的时间是A、B一起下落到地面时间的2倍，重力加速度为g，不计两球大小及空气阻力，求：

(1)A；B两球碰撞后粘在一起瞬间速度大小；

(2)从B球开始释放到两球粘在一起下落，A、B两球组成的系统损失的机械能为多少?参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

泊松亮斑是光的衍射现象，干涉和衍射是典型的波动性特征，ACD错误B正确2、A【分析】【分析】

【详解】

一定质量的理想气体状态发生变化；满足查理定律，则气体的体积不变，若气体压强增大，则温度升高，分子的平均动能增大；因气体的体积不变，则分子间的平均距离不变。

故选A。3、B【分析】【分析】

【详解】

A．悬浮在液体里的花粉的无规则运动是布朗运动；反应液体分子的无规则运动，故A正确；

B．晶体在熔化时吸热；但温度不变，则晶体在熔化过程中分子平均动能不变，故B错误；

C．热量可以从低温物体传递到高温物体；但要引起其他方面的变化，故C正确；

D．两个分子的间距从极近逐渐增大到10r0的过程中；分子力先做正功后做负功，它们的分子势能先减小后增大，故D正确。

本题选择不正确的选项，故选B。4、C【分析】【详解】

电阻的电阻值与交流电的频率无关，所以频率变大，电路中的电流不变，A3示数不变，故A错误；交流电的频率变大，线圈的感抗变大，电流减小，所以A2数将减小，故B错误；抽去线圈中的铁芯，线圈的感抗变小，A2读数增大，故C正确；增大电容器两极板之间的距离，电容器的电容减小，对交流电的阻碍作用增大，所以电流减小，A1读数减小．故D错误；故选C．

【点睛】

此题考查电容、电感对交变电流的影响，也就是容抗、感抗与交变电流的关系．当交变电流的频率变大时，线圈的感抗变大，电容器的容抗变小．5、D【分析】当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，路端电压增大，故A错误．电路中电流减小，灯L变暗，故B错误．电容器的电压等于路端电压，可见其电压是增大的，则由Q=CU知，电容器C的电荷量将增大．故C错误，D正确．故选D.6、D【分析】由图知，a在波峰，速度最小等于零，A错误；b在平衡位置，位移x=0，回复力F=kx=ma，所以加速度最小a=0，B错误；根据上下坡法克判断，若质点c向下运动，则波沿x轴正方向传播；质点d向上运动，则波沿x轴负方向传播，故C正确；D错误。7、D【分析】【详解】

完全相同的弹性小球之间的碰撞为弹性碰撞，总动量守恒，总动能守恒．设入射小球初速度为v0，碰后速度为v1，被碰小球碰后速度为v2；则。

联立解得：v1=0，v2=v0；碰撞过程两者交换速度。

故无论一次提起几个小球；这些小球将依次发生弹性碰撞，速度互换，最终表现为一侧下去几个小球，另一侧将起来等数量的几个小球，故ABC错误，D正确．

故选：D8、C【分析】【详解】

放射性元素在发生α衰变时2个中子和2个质子结合为一个α粒子，有质量亏损，即为△m=2m1+2m2-m3，故A错误．在关于物质波的表达式E=hv和中，能量E和动量p是描述物质的粒子性的重要物理量，波长λ和频率v是描述物质的波动性的典型物理量，故B错误．在原子核发生衰变后，新核往往处于不稳定的高能级状态，会自发地向低能级跃迁，选项C正确；重核的裂变过程和轻核的聚变过程都有能量放出，都有质量亏损，选项D错误.二、多选题(共8题，共16分)9、B:C【分析】【分析】

金属块滑下的过程中；电场力；重力和摩擦力做功引起动能变化，由动能定理求出电场力对金属块做功．根据电场力和摩擦力做功之和确定机械能的变化量．根据电场力做功，确定电势能的变化，并判断金属块的电性．

【详解】

在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得：W电=-4J；所以金属块克服电场力做功4.0J，金属块的电势能增加4J；由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷，故BC正确，D错误；在金属块滑下的过程中重力做功24J，重力势能减小24J，动能增加了12J，所以金属块的机械能减少12J，故A错误．故选BC．

【点睛】

解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．10、A:D【分析】【详解】

A．由题意可知，气体在状态时的温度相等，两状态在同一等温线上，由理想气体状态方程可知

由图示图线可知，气体由状态到过程，先变大后变小；则气体温度温度先升高后降低，故A正确；

B．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积不变而压强减小，由理想气体状态方程可知，气体温度降低，气体内能减小，故B错误；

C．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积增大，分子间的平均间距增大，故C错误；

D．由图示图线可知，气体由状态到过程；气体体积增大，气体对外做功，故D正确；

故选AD。11、B:C【分析】【分析】

【详解】

A项：两磁极间的磁感线如图甲所示；

干电池与磁体及中间部分线圈组成了闭合回路；在两磁极间的线圈产生电流，左端磁极的左侧线圈和右端磁极的右侧线圈中没有电流，其中线圈中电流方向的左视图如图乙所示；

由左手定则可知；中间线圈所受的安培力向右，由牛顿第二定律有小车具有向左的加速度，故A错误；

B项：在两磁极间的线圈产生电流；根据F=BIL可知，小车加速运动是受安培力作用，故B正确；

C；D项：将小车两磁极均改为S极与电池相连；磁感线会向里聚集，受到的力与A中方向相反，故车的加速度方向将发生改变，故C正确，D错误．

故选BC．12、A:C【分析】【分析】

由速度图象得出v与x的关系式，由安培力公式得到FA与x的关系式，可知FA与x是线性关系，即可求出发生s=1m位移的过程中安培力做功WA=-x；再根据动能定理求解拉力做功；根据能量守恒求解整个系统产生的总热量Q．

【详解】

由速度图象得：v=2x，金属棒所受的安培力代入得：FA=0.5x，则知FA与x是线性关系。当x=0时，安培力FA1=0；当x=1m时，安培力FA2=0.5N，则从起点发生x=1m位移的过程中，安培力做功为：WA=-x=-0.25J；即金属棒克服安培力做的功为：W1=0.25J，故A正确。金属棒克服摩擦力做的功为：W2=-μmgx=-0.2×2×10×1J=-4J，故B错误；克服安培力做功等于产生的电热，克服摩擦力做功等于产生的摩擦热，则整个系统产生的总热量Q＝WA+W2=4.25J，选项C正确；根据动能定理得：WF+W2+WA=mv2，其中v=2m/s，μ=0.2，m=2kg，代入解得拉力做的功为：WF=8.25J。故D错误。故选AC。

【点睛】

对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解．13、B:D【分析】【分析】

带电粒子以相同的速率；不同的速度方向，进入磁场，运动轨迹的曲率半径相同，抓住临界情况，结合几何关系，运用半径公式和周期公式进行求解．

【详解】

A、B项：根据解得：当θ=60°飞入的粒子在磁场中从A点飞出，运动时间恰好是T/6，是在磁场中运动时间最长；当θ=0°飞入的粒子在磁场中，粒子恰好从AC中点飞出，在磁场中运动时间也恰好是T/6，θ从0°到60°，粒子在磁场中运动的轨迹对应的圆弧的弦长先减小后增大，所以粒子在磁场中运动时间先减小后增大，则最长时间故A错误，B正确；

C项：当θ=0°飞入的粒子在磁场中；粒子恰好从AC中点飞出，因此在AC边界上只有一半区域有粒子射出，故C错误；

D项：当θ=60°飞入的粒子在磁场中从A点飞出；θ＞60°的粒子可能打到OA边上的所有的区域内；长度的范围是a；在AC边界上只有一半区域有粒子射出，长度的范围也是a，所以在三角形AOC边界上，有粒子射出的边界线总长为2a．故D正确．

故应选：BD．

【点睛】

考查带电粒子以相同的速率；不同速度方向，射入磁场中，根据磁场的界限来确定运动情况，并结合半径与周期公式来分析讨论；

θ从0°到60°的过程中，粒子在磁场中运动的轨迹对应的圆弧的弦长先减小后增大，所以粒子在磁场中运动时间先减小后增大是该题的关键．14、B:D【分析】【详解】

线圈以一定初速度进入磁场，则感应电动势为：E=BLv，闭合电路欧姆定律，则感应电流为：安培力为：由牛顿第二定律为：F=ma，则有：由于v减小，所以a也减小，当完全进入磁场后，不受到安培力，所以做匀速直线运动，当出磁场时，速度与时间的关系与进入磁场相似．而速度与时间的斜率表示加速度的大小，因此B正确，A错误；线圈进入磁场时，设某时刻进入磁场的距离为x，此时线圈的速度为v，则由动量定理：其中则同样当完全进入磁场后，不受到安培力，所以做匀速直线运动，当出磁场时，速度v与位移x的关系与进入磁场相似，则选项D正确，C错误．15、C:D【分析】【详解】

AB．设ab长度为L，磁感应强度为B，电阻R1=R2=R．电路中感应电动势E=BLv，ab中感应电流为：

ab所受安培力为：①

电阻R1消耗的热功率为：②

内阻消耗的热功率为：③

由①②③得：

故A错误；B错误；

C．整个装置因摩擦而消耗的热功率为：Pf=fv=μmgcosθ•v=μmgvcosθ

故C正确。

D．对导体棒受力分析；如图：

故整个装置消耗的机械功率为：P3=Fv+Pf=(F+μmgcosα)v

故D正确；

故选CD。16、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．两球组成的系统动量守恒，两球质量相等初动能相等，则两球的初速度大小相等，而方向相反，两球必将同时返回各自的出发点，且两球末动量大小和末动能一定相等，两球接触后的电荷量都变为在相同距离上的库仑斥力增大，返回过程中电场力做的正功大于接近过程中克服电场力做的功，系统机械能必然增大，即末动能增大、末动量也增大，即

故A正确；B错误；

C．两球间的作用力是作用力与反作用力；大小相等，两球质量相等，两球的加速度相等，两球的加速度大小始终相同，相同时间内的位移大小一定相同，必然在连线中点相遇，同时返回出发点，故C错误，D正确。

故选AD。

【点睛】

本题考查了动量守恒定律的应用，对碰撞过程基本规律的理解和应用能力，碰撞过程的两大基本规律：系统动量守恒和总动能不增加，常常用来分析碰撞过程可能的结果。三、填空题(共5题，共10分)17、略

【分析】设正离子轨迹的圆心角为α；负离子轨迹的圆心角为β，由几何知识得到；

α=2π-2θ；β=2θ

正离子运动的时间为负离子运动的时间为而正、负离子在磁场中运动的周期相同，所以时间之比【解析】1:5；18、略

【分析】【详解】

光路如图所示：

根据几何关系可得，光从半圆柱形玻璃砖射出时，入射角为300，折射角为600

根据光的折射定律：

即玻璃的折射率为【解析】【答题空1】19、略

【分析】【详解】

[1]．从状态i到状态j温度的变化相同，则内能变化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根据可知，p-V图像与坐标轴围成的面积等于做功的大小，则由图像可知W1<W2<W3

[3]．由题意可知Q1=0；根据热力学第一定律∆U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，则Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q320、略

【分析】【详解】

[1]由图知，一定质量的理想气体，从到是等容升压过程，根据可知，温度升高，则气体在过程要吸热。

[2]气体从到过程压强不变，体积减小，根据可知；气体温度降低，气体内能在这一过程将减少。

[3]气体从到过程压强不变，体积减小，外界对气体做功，由可得

气体向外放出热量600J，根据热力学第一定律可得，

气体内能减少300J。【解析】吸热减少300J21、略

【分析】带电粒子未发生偏转则所以只改变该粒子的电性，粒子所受的电场力和洛伦兹力方向改变，但大小不变以，所以不会发生偏转【解析】不会四、作图题(共3题，共24分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋