2025年湘教新版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教新版高三物理上册月考试卷967考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、（2015秋•德州期末）如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，两电压表均可视为理想电表．当闭合开关，将滑动变阻器的触片由左端向右滑动时，下列说法中正确的是（）A.小灯泡L1、L2均变暗B.小灯泡L1变亮，V1表的读数变大C.小灯泡L2变亮，V2表的读数不变D.小灯泡L1变暗，V1表的读数变大2、某电容式话筒的原理示意图如图所示，E为电源，R为电阻，薄片P和Q为两金属基板．对着话筒说话时，P振动而Q可视为不动．在P、Q间距增大过程中，下列说法准确的是（）A.P、Q构成的电容器的电容增大B.P上电荷量保持不变C.通过R的电流从M点流向N点D.M点的电势比N点的低3、在很多旅游景区都会见到空中缆车（如图甲所示）．现将空中缆车简化为以下物理模型：如图乙所示．滑轮A可以在轨道上滑动．重物B通过轻绳与滑轮相连．若当滑轮沿轨道向下滑动时．连接滑轮与重物之间的轻绳始终保持竖直，则关于此时滑轮受力情况的说法中，正确的是（）A.滑轮受重力、轨道的支持力、轻绳的拉力B.滑轮受重力、轨道的支持力、轻绳的拉力及下滑力C.滑轮受重力、轨道的支持力、轻绳的拉力及轨道的摩擦力D.滑轮受该力、轨道的支持力、轻绳的拉力、下滑力及轨道的摩擦力4、一圆环形铝质金属圈（阻值不随温度变化）放在匀强磁场中，设第1s内磁感线垂直于金属圈平面（即垂直于纸面）向里，如图甲所示。若磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示，那么第3s内金属圈中（）A.感应电流逐渐增大，沿逆时针方向B.感应电流恒定，沿顺时针方向C.圆环各微小段受力大小不变，方向沿半径指向圆心D.圆环各微小段受力逐渐增大，方向沿半径指向圆心5、一小物块在开口向上的半圆形曲面内以某一速率开始下滑，曲面内动摩擦因数不同，此摩擦作用使物块下滑时速率保持不变，则下列说法正确的是（）A.因物块速率保持不变，故加速度为0B.物块受合外力不变C.在滑到最低点以前，物块对曲面的压力越来越小D.在滑到最低点以前，物块受到的摩擦力越来越小6、【题文】如图甲所示，O点为振源，OP=s，t=0时刻O点由平衡位置开始振动，产生沿直线向右传播的简谐横波，如图乙为P点从t1时刻开始沿y轴正方向开始振动的振动图像；则以下说法错误的是：

.A.t=0时刻振源O的振动方向沿y轴正方向B.t2时刻P点振动速度最大，方向沿y轴负方向C.该波与另一频率为Hz的同类波叠加能产生稳定的干涉现象D.某障碍物的尺寸为该波遇到此障碍物时能发生明显的衍射现象7、已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为娄脪2娄脜0

其中娄脪

为平面上单位面积所带的电荷量，娄脜

0

为常量.

如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S

，其间为真空，带电荷量为Q

.

不计边缘效应时，极板可看做无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为()A.Q娄脜0S

和Q2娄脜0S

B.Q2娄脜0S

和Q2娄脜0S

C.Q2娄脜0S

和Q22娄脜0S

D.Q娄脜0S

和Q22娄脜0S

8、（2016•徐汇区二模）如图所示电路中的电源为恒流源，不管外电路的电阻如何变化，它都能够提供持续的定值电流．电压表、电流表都为理想电表，当闭合电键后滑动变阻器R的滑动触头向右滑动时，电压表V示数变化的绝对值为△U，电流表A示数变化的绝对值为△I，下列说法中正确的是（）A.A示数减小，=R1B.A示数减小，=R2C.A示数增大，=R1D.A示数增大，=R29、关于匀变速直线运动的说法，不正确的是（）A.某段时间内的平均速度等于这段时间内的初速度与末速度和的一半B.在任意相等的时间内位移的变化相等C.在任意相等的时间内速度的变化相等D.物体的速度在一定时间内发生的变化与这段时间成正比评卷人得分二、双选题(共5题，共10分)10、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C11、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键12、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种13、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡14、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、（2009•虹口区二模）如图所示，质量为m的小球置于正方体的光滑盒子中，盒子的边长略大于球的直径．某同学拿着该盒子在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，已知重力加速度为g，空气阻力不计，要使盒子在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，则该盒子做匀速圆周运动的周期为____．若盒子以此周期的做匀速圆周运动，则当盒子运动到图示球心与O点位于同一水平面位置时，小球的向心加速度大小为____．16、如图所示，A和B为两个紧靠在一起的硬质橡胶轮，两轮的半径之比RA：RB=3：1．A转动时带动B一起转动（转动过程中两轮间无打滑现象），两轮的角速度之比ωA：ωB=____，两轮的边缘向心加速度之比aA：aB=____．17、一物体被水平抛出后，在1s、2s内竖直下降的距离之比为____，通过的水平距离之比为____．18、使声音或图象信号从接收到的______中还原出来，这个过程是调制的逆过程，叫做解调．19、(1)在“用单摆测定重力加速度”实验中；某同学用游标卡尺测量摆球的直径，游标卡尺的主尺最小分度为1mm，游标上有20个小的等分刻度．卡尺上的示数如图所示，可读出这个摆球的直径为____________mm．

(2)某型号电池的电动势约3.7V，内阻约2Ω，允许通过的最大电流为300mA．现欲测定其电动势E和内阻r，给定的器材有：待测电池E；电阻箱R(阻值0～999.9Ω)；定定值电阻R0，(阻值3Ω)；直流电压表(量程3V，内阻约6kQ)；直流电流表(量程0.3A；内阻约2Ω)；开关S一个；导线若干．

①如果在上述两个电表中只选用一个电表与其它器材组成测量电路；为使测量结果有尽可能高的精确度，应选用的电表是____________，请在虚线框中画出测量电路图，图中要标明相关器材的字母符号．

②用没计的电路读取两组数据，分别用R1、U1、R2、U2或用R1、I1、R2、I2表示，求得待测电池电动势E=____________，内阻r=____________．

③为使测量结果更精确，在不改变实验器材、实验电路的前提下，请你提出一条建议：(例如：多测几组数据，分别列方程组求出E、r，再求E、r的平均值．)____________．20、（2013春•红河州校级期末）如图所示，在演示光电效应的实验中，原来不带电的一块锌板与灵敏验电器相连，用弧光灯照射锌板时，验电器的指针张开了一个角度，如图所示，这时锌板带____电、验电器指针带____电（填正、负电）．21、一个竖直向下的180N的力分解为两个分力，一个分力在水平方向上并等于240N，则另一个分力的大小为____N，与合力的夹角为____度．评卷人得分四、判断题(共4题，共16分)22、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的____（判断对错）23、在磁场中，粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比____（判断对错）24、分力的大小一定小于合力的大小．____．25、滑动摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反．____（判断对错）评卷人得分五、解答题(共4题，共40分)26、站在自动扶梯上的人匀加速向上运动；作出人（用方块□代替）的受力示意图．

27、如图，在第一象限存在匀强磁场，磁感应强度方向垂直于纸面（xy平面）向外；在第四象限存在匀强电场，方向沿x轴负向．在y轴正半轴上某点以与x轴正向平行、大小为v0的速度发射出一带正电荷的粒子，该粒子在（d，0）点沿垂直于x轴的方向进入电场．不计重力．若该粒子离开电场时速度方向与y轴负方向的夹角为θ，求电场强度大小与磁感应强度大小的比值．28、在工厂的流水线上安装有水平传送带，用水平传送带传送工件，可以大大提高工作效率，紧绷的水平传送带以恒定的速率v=1m/s，运送质量为m=4kg的工件，工件都是无初速地放在传送带最左端A位置传送到最右端B位置，工件与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，每当前一个工件在传送带上停止相对滑动时，后一个工件立即放在A位置，A、B间的距离L=2m，取g取10m/s2；求：

（1）求工件刚开始运动时所受滑动摩擦力的大小与加速度的大小；

（2）求单个工件从A位置传送到B位置的时间；

（3）当第一个工件刚达到B位置时；此时传送带上相邻工件间的距离；

（4）如果提高传送带的运行速率，单个工件就能被较快地传送到B处，求工件从A处传送到B处的最短时间和传送带对应的最小运行速率．29、某兴趣小组举行遥控赛车比赛，比赛路径如图所示．可视为质点的赛车从起点A出发，沿水平直线轨道运动L=10m后，由B点进入半径R=0.4m的光滑竖直半圆轨道，并通过轨道的最高点C做平抛运动，落地后才算完成比赛．B是半圆轨道的最低点，水平直线轨道和半圆轨道相切于B点．已知赛车质量m=0.5Kg，通电后电动机以额定功率P=3W工作，赛车在水平轨道上受到的阻力恒为f=0.4N，之后在运动中受到的轨道阻力均可不计，g取10m/s2．试求：

（1）赛车能通过C点完成比赛；其落地点离B点的最小距离。

（2）要使赛车完成比赛；电动机工作的最短时间．

（3）若赛车过B点速度vB=8.0m/s，R为多少时赛车能完成比赛，且落地点离B点的最大距离．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】首先认识电路的结构：变阻器与灯泡L1并联，再与灯泡L2串联．V1表测量路端电压，V2表测量灯泡L2的电压．将滑动变阻器的触片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律分析两电表读数的变化．【解析】【解答】解：图中电路的结构是：变阻器与灯泡L1并联，再与灯泡L2串联．V1表测量路端电压，V2表测量灯泡L2的电压．

将滑动变阻器的触片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，变阻器与灯泡L1并联的电阻增大，外电路总电阻增大，路端电压增大，V1表的读数变大．由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡L2变暗，电压表V2读数变小．灯泡L1的电压U1=E-I（r+RL2）增大，灯泡L1变亮．故ACD错误；B正确．

故选：B2、C【分析】【分析】在P、Q间距增大过程中，电容发生变化，而电容直接与电源相连，电容两端间的电压不变，从而可判断出电量的变化及电流的流向，再次可比较出电势的高低．【解析】【解答】解：电容式话筒与电源串联，电压保持不变．在P、Q间距增大过程中，根据电容决定式C=得电容减小，又根据电容定义式C=得电容器所带电量减小；电容器的放电电流通过R的方向由M到N，所以M点的电势比N点的高．故A；B、D错误，C正确．

故选：C．3、C【分析】【分析】滑轮和重物向下做匀速运动，所以，滑轮受重力、轨道的支持力、轻绳的拉力及轨道的摩擦力共四个力的作用．【解析】【解答】解：滑轮和重物向下做匀速运动；所以，滑轮受重力；轨道的支持力、轻绳的拉力及轨道的摩擦力共四个力的作用，故C正确，ABD错误。

故选：C．4、D【分析】试题分析：由于B-t线是直线，所以为恒量，故在线圈中产生恒定不变的电动势和感应电流，选项A错误；由楞次定律可知，线圈中将产生逆时针方向的电流，选项B错误；由左手定则可知圆环各微小段受力方向沿半径指向圆心，根据F=BIL可知随着B的增大而逐渐增大，选项D正确。考点：法拉第电磁感应定律及楞次定律。【解析】【答案】D5、D【分析】【解析】试题分析：物块下滑过程速率保持不变，做匀速圆周运动，加速度不等于零，合外力不等于零．故A错误．物块做匀速圆周运动，所受的合外力的大小不变，方向在变，故B错误．对物块受力分析并正交分解可得FN－mgcosθ＝m而且其中θ越来越小，所以FN越来越大，C错误；因物体匀速率下滑，重力沿切线方向上的分量与滑动摩擦力大小相等，在下滑过程中，重力在切线方向上的分力变小，所以滑动摩擦力变小．D正确，考点：匀速圆周运动问题，【解析】【答案】D6、B【分析】【解析】

试题分析：介质中各质点起振方向与振源起振方向相同，由乙图知P点起振方向沿y轴正向，故t=0时刻振源O的振动方向沿y轴正方向，选项A正确；由乙图知t2时刻P点振动速度最大，方向沿y轴正方向，故选项B错误；由乙图知质点振动周期为T=t2-t1，故波的频率为Hz，根据波的稳定干涉条件知只有频率相同的波相遇才可产生稳定干涉现象，故选项C正确；波速为v=由乙图知波的周期为T=t2-t1，所以波长为选项D中障碍物尺寸为与波长相近；故能发生明显衍射，选项D正确；综上所述选项B是错误的。

考点：机械振动机械波波的干涉波的衍射【解析】【答案】B7、D【分析】选D.

每块极板上单位面积所带的电荷量为娄脪

=QS

每块极板产生的电场强度为E

=娄脪2娄脜0

所以两极板间的电场强度为2

E

=Q娄脜0S.

一块极板在另一块极板处产生的电场强度E

隆盲=Q2娄脜0S

故另一块极板所受的电场力F

=

qE

隆盲=

Q隆陇Q2娄脜0S

=Q22娄脜0S

选项D正确．【解析】D

8、D【分析】【分析】电源为恒流源，能够提供持续的恒定电流，当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，电压表读数的变化量等于电阻R2两端电压的变化量，由欧姆定律求出电压表的读数变化量与电流表的读数变化量之比的绝对值．【解析】【解答】解：据题意，电源为恒流源，能够提供持续的恒定电流，电阻R1两端电压不变，则当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路的总电阻减小，而总电流不变，则电源两端的电压减小，则R2两端电压减小，通过R2的电流增大；因总电流不变；故A示数增大．

由于V2示数不变，所以电压表V1示数的变化量等于电阻R1两端电压的变化量，设总电流为I总．则电阻R2两端电压为：

U=（I总-I）R2，则△U=△（I总-IA）R2=△IR2；

则得：；

故D正确；ABC错误；

故选：D．9、B【分析】【分析】匀变速直线运动加速度是恒定的，依据推论可判定各个选项．【解析】【解答】解：A；匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于这段时间内的初速度与末速度和的一半；故A正确．

B、由△x=aT2可知；连续相等的时间内位移的变化相等，可知B不正确．

CD；由△v=a△t；a是常数，可知在任意相等的时间内速度的变化相等，故C正确，D正确．

本题不正确的，故选：B．二、双选题(共5题，共10分)10、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D11、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}12、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}13、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}14、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共7题，共14分)15、T0=2π4g【分析】【分析】要使盒子在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，由重力提供向心力，由牛顿第二定律求得线速度v，周期T0=；根据a=求解向心加速度．【解析】【解答】解：设此时盒子的运动周期为T0；因为在最高点时盒子与小球之间刚好无作用力，因此小球仅受重力作用．根据牛顿运动定律得：

mg=m；

又周期T0=；

解之得：T0=2π；

设此时盒子的运动周期为T，则此时小球的向心加速度为：an=R

由于g=R且T=

由上述三式知：an=4g

故答案为：T0=2π，4g．16、1：31：3【分析】【分析】本题在皮带轮中考查了线速度、角速度、半径等之间的关系，解决这类问题的关键是弄清哪些地方线速度相等，哪些位置角速度相等．【解析】【解答】解：传动过程中，皮带不打滑，说明A、B两点的线速度相等，即vA=vB

根据ω=得，ω与R成反比，即为ωA：ωB=1：3；

根据a=，得a与R成反比，即为aA：aB=1：3；

故答案为：1：3；1：317、1：41：2【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据x=v0t求水平距离之比，根据h=求竖直下降的距离之比．【解析】【解答】解：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，有x=v0t；所以抛出后1s，2s内通过的水平距离之比为1：2．

平抛运动在竖直方向做自由落体运动，有h=；所以抛出后1s，2s内下降的距离之比为1：4．

故答案为：1：4；1：218、略

【分析】解：使声音或图象信号从接收到的电磁波中还原出来；叫做解调，是调制的逆过程．

故答案为：电磁波。

解调是从携带消息的已调信号中恢复消息的过程．在各种信息传输或处理系统中；发送端用所欲传送的消息对载波进行调制，产生携带这一消息的信号．接收端必须恢复所传送的消息才能加以利用，这就是解调．

考查什么是解调，及调制与解调的区别与联系．【解析】电磁波19、略

【分析】解：(1)游标卡尺读数为L=13mm+17×0.05mm=13.85mm

(2)①根据闭合电路欧姆定律可知；若采用“安欧法”，由于电流表内阻约2Ω与电源内阻约3Ω非常接近，而电流表内阻又不能确定，所以不能精确测量电源的内阻；

若采用“伏欧法”，由于电压表的内阻远大于电源的内阻，所以电压表的分流作用可以忽略，所以本实验应用“伏欧法”，所以电表应选择直流电压表，考虑到电压表量程小于电动势，可以将定值电阻与电源串联以保护电压表；电路图如图所示：

②根据闭合电路欧姆定律应有：E=E=

联立以上两式解得：r=

③根据闭合电路欧姆定律U=E-Ir，以及E=U+可得：

建议一：多测几组R、U数据，分别求出相应的I值，用U、I数据作出U-I图线，由图线的截距、斜率求出E、r．

建议二：由可推出多测几组R、U数据，作图线(为一直线)，由图线的截距、斜率求出E、r．

建议三：由可推出多测几组R、U数据，作图线(为一直线)，由图线的截距、斜率求出E、r．

其他建议合理的同样给分．

故答案为：(1)13.85；

(2)①直流电压表，②③由可推出多测几组R、U数据，作图线(为一直线)，由图线的截距、斜率求出E、r．【解析】13.85;直流电压表由可推出多测几组R、U数据，作图线(为一直线)，由图线的截距、斜率求出E、r20、正正【分析】【分析】用弧光灯照射锌板，发生光电效应，锌板失去电子，从而可以得出锌板和指针的电性．【解析】【解答】解：锌板在弧光灯照射下；发生光电效应，有光电子逸出，锌板失去电子带正电，验电器与锌板相连，导致指针带正电．

故答案为：正，正．21、30053【分析】【分析】力的合成与分解都遵守平行四边形定则，根据平行四边形定则，做出图形即可求得分力的大小．【解析】【解答】解：根据平行四边形定则；已知一个分力沿水平方向，做出平行四边形如图所示；

由图形可知另一个分力F2的大小为：F2==N=300N．

方向tanα===；解得：α=37°

因此另一个分力与合力的夹角为53°；

故答案为：300，53．四、判断题(共4题，共16分)22、×【分析】【分析】根据狭义相对论的两个基本假设：

①物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式．这叫做相对性原理．

②在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．它告诉我们光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依赖于发光物体的运动速度．【解析】【解答】解：根据相对论的两个基本假设可知；在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．故以上说法是错误的．

故答案为：×23、√【分析】【分析】粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动，写出牛顿第二定律的方程，导出粒子的半径公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动；由洛伦兹力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比．

故答案为：√24、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一条直线上；根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直线反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间．【解析】【解答】解：当二力反向时；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故这句话是错误的；

故答案为：×25、×【分析】【分析】滑动摩擦力与物体相对运动的方向相反．【解析】【解答】解：滑动摩擦力阻碍相对运动；与物体相对运动的方向相反．有时会和物体的运动方向相同，故与物体的运动方向相反说法错误．

故答案为：×五、解答题(共4题，共40分)26、略

【分析】【分析】随扶梯斜向上匀加速运动，处于非平衡状态，合力不为零；再对人受力分析，受到重力、支持力，及静摩擦力．【解析】【解答】解：人随扶梯斜向上匀加速运动；处于不平衡状态，合力不为零；

对人受力分析；受到重力mg；支持力N，及水平向右静摩擦力；

答：如上图所示．27、略

【分析】【分析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，在电场中做类平抛运动，作出粒子运动轨迹，由几何知识求出粒子做匀速圆周运动的轨道半径，然后应用牛顿第二定律、类平抛运动规律可以求出电场强度与磁感应强度之比．【解析】【解答】解：粒子运动轨迹如图所示：

粒子进入磁场后做匀速圆周运动；洛伦兹力提供向心力；

由牛顿第二定律得：；

由几何关系可得：R0=d；

粒子在电场中做类平抛运动；

由牛顿定律得：qE=max；

水平方向：vx=at；

竖直方向：；

速度偏角正切值：；

由以上各式解得：=v0tan2θ；

答：电场强度大小与磁感应强度大小的比值为：v0tan2θ．28、略

【分析】【分析】（1）由滑动摩擦力公式可求得摩擦力；再由牛顿第二定律可求得加速度；

（2）分析工件的运动过程；由运动学公式求出加速时间，则可得出总时间；

（3）分析相临几个