2025年教科新版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年教科新版高二物理下册阶段测试试卷776考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一根粗细均匀的电阻线；电阻是48Ω，把它截成相等的N段，再绞合在一起后测得其总电阻为3Ω，则N等于（）

A.3

B.4

C.8

D.16

2、从匀速直线运动的公式v=可知（）A.速度与位移成正比，与时间成反比B.速度与路程成正比，与时间成反比C.做匀速直线运动的物体的速度不随时间或位移而变化D.做匀速直线运动的物体的速度决定于运动的位移3、如图所示，A、B是两盏完全相同的白炽灯，L是直流电阻不计、自感系数很大的自感线圈，如果断开电键S1，闭合S2，A、B两灯都能同样发光．如果最初S1是闭合的，S2是断开的．那么不可能出现的情况是（）A.刚一闭合S2，A灯就亮，而B灯则延迟一段时间才亮B.刚闭合S2时，线圈L中的电流为零C.闭合S2以后，A灯变亮，B灯由亮变暗D.再断开S2时，A灯立即熄火，B灯先亮一下然后熄灭4、有一弹簧振子，振幅为0.8cm

周期为0.5s

初始时具有负方向的最大加速度，则它的振动方程是(

)

A.x=8隆脕10鈭�3sin(4娄脨t+娄脨2)m

B.x=8隆脕10鈭�3sin(4娄脨t鈭�娄脨2)m

C.x=8隆脕10鈭�1sin(娄脨t+3娄脨2)m

D.x=8隆脕10鈭�1sin(娄脨4t+娄脨2)m

5、如图所示，一列简谐横波沿x轴负方向传播，图（1）是t=1s时的波形图，图（2）是波中某振动质元位移随时间变化的振动图线，则图（2）可能是图（1）中哪个质元的振动图线（）A.x=1m处的质元B.x=2m处的质元C.x=3m处的质元D.x=4m处的质元6、如图所示,在匀强磁场中，MN、PQ是两根平行的金属导轨，而ab､cd为串有电压表和电流表的两根金属棒，同时以相同速度向右运动时，正确的有()A.电压表有读数,电流表有读数B.电压表无读数,电流表有读数C.电压表无读数,电流表无读数D.电压表有读数,电流表无读数7、如图所示是一交变电流的i-t图象，下列说法正确的是（）A.该交流电的有效值为2AB.该交流电的有效值为AC.该交流电在0.3s的时间内，电流方向改变10次D.该交流电通过一个阻值为1Ω的电阻在一个周期内产生的热量为48J8、如图所示为自行车的传动装置示意图，已知链轮的半径r1=10cm，飞轮的半径r2=5cm，后轮的半径r3=30cm，A、B、C（图中未画出）分别为链轮、飞轮和后轮边缘上的点。若脚蹬匀速转动一圈所需要的时间为1s，则在自行车匀速前进的过程中下列说法正确的是（）A.链轮、飞轮和后轮的角速度大小之比为2：1：1B.C三点的线速度大小之比为2：1：6C.C三点的向心加速度大小之比为1：2：6D.自行车前进的速度大小约为13.6km/h评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)9、半径为右端开小口的导体圆环和长为的导体直杆，单位长度电阻均为．圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为杆在圆环上以速度平行于直径向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心开始，杆的位置由确定，如图所示．则时，杆产生的电动势为；时，杆受的安培力大小为10、已知地面重力加速度大约是月面重力加速度的6倍．那么一台地面上的秒摆（运动周期为2.0秒）在月面上的运动周期约为____秒．（结果保留两位有效数字）11、如图为交流发电机的工作原理图，经过0.05s线框从图示位置匀速转过90°．如图所示位置线框中的感应电流____（选填“最大”或“最小”），该发电机产生的交流电的频率为____．

12、发电机电枢以转速n=3000转/min在匀强磁场中匀速转动，当线圈平面与磁感线方向平行时，产生的感应电动势为1000V，若从线圈平面与中性面重合时计时，则所产生的感应电动势的瞬时表达式____________，当t=0.03s时，电动势为____________V．13、某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率娄脩.

步骤如下：

(1)

用螺旋测微器测量其直径如图1

由图可知其直径为______mm

(2)

用多用电表的电阻“隆脕10

”挡；按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如2

图，则该电阻的阻值约为______娄赂.

(3)

该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R

现有的器材及其代号和规格如下：

待测圆柱体电阻R

电流表A1(

量程0隆芦4mA

内阻约50娄赂)

电流表A2(

量程0隆芦10mA

内阻约30娄赂)

电压表V1(

量程0隆芦3V

内阻约10k娄赂)

电压表V2(

量程0隆芦15V

内阻约25k娄赂)

直流电源E(

电动势4V

内阻不计)

滑动变阻器R1(

阻值范围0隆芦15娄赂

允许通过的最大电流2.0A)

滑动变阻器R2(

阻值范围0隆芦2k娄赂

允许通过的最大电流0.5A)

开关S

及导线若干。

为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，测量的电路图如图所示，则选择的电流表是______、电压表是______、滑动变阻器是______(

填写所用器材的代号)

．14、在测定金属丝的直径时，螺旋测微器的度数如图所示.

可知该金属丝的直径d=

______mm

．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

22、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、解答题(共2题，共4分)23、在赤道上的地磁场可以看成沿南北走向的匀强磁场，磁感应强度的大小是0.5×10-4T．如果赤道上有一根沿东西方向的直导线；长为20m，载有从东到西的电流30A．地磁场对这根导线的作用力有多大？方向如何？

24、（1）某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验时；有下列步骤，其中正确的是______（不定项）

A．取长度约1m的细线；一端固定在铁架台上，另一端栓一个小铁球。

B．测出细线的长度即为单摆的摆长L

C．使小铁球离开其平衡位置约30cm的距离；将其静止释放。

D．待小铁球摆动稳定后；当小铁球经过平衡位置时按下秒表开始计时。

E．开始计时时记为1；当小铁球第50次经过平衡位置停止计时，所测时间为50个周期（t=50T）

（2）若某次测量时间结果如图所示；则秒表的读数是______s．

（3）若测出的g值较当地重力加速度的值偏大；可能原因是______（不定项）

A．小球的质量偏大。

B．用摆线的长度当作摆长。

C．将实际振动n次数误记为（n+1）次。

D．摆线上端没有系牢；摆动过程因松动而使摆线变长．

评卷人得分五、识图作答题(共1题，共4分)25、【生物—选修3：现代生物科技专题】下图是通过生物技术制备单克隆抗体的两种途径，请分析回答下列问题：(1)在获取细胞A之前，需要向健康小鼠注射_________________，图中细胞A在小鼠体内主要参与___________免疫过程。(2)过程①常采用____________________诱导融合，融合依据的生物学原理是____________________________。过程④需要用的酶是_________________。(3)在结构甲中，氨苄青霉素抗性基因的作用是_________________________________________，启动子的作用是____________________________________________。(4)抗体1与抗体2的氨基酸排列顺序相同，两者的生物活性___________（填“相同”或“不相同”）。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】

截成相等的N段再绞合在一起，横截面积变为原来的N倍，长度变为原来的由电阻决定式知后来的电阻变为原来的×48=3Ω；解得N=4，故B正确；

故选：B．

【解析】【答案】在导体的材料相同的情况下；导体的横截面积越小；导体的长度越长，电阻越大．

2、C【分析】解：做匀速直线运动的物体的速度等于位移与所用时间的比值；与位移和时间没有关系，并不随时间或位移而变化，故ABD错误，C正确．

故选：C．

物体做匀速直线运动时；速度大小保持不变，它可以通过路程与时间的比值来计算，但与路程和时间的大小无关．

本题考查匀速直线运动的特点，关键知道此时速度大小不变，与路程和时间无关．【解析】【答案】C3、A【分析】解：A、刚一闭合S2；电路中迅速建立了电场，立即就有电流，故灯泡A和B立即就亮，线圈中电流缓慢增加，最后相当于直导线，故灯泡B被短路而熄灭，故A错误；

B、刚闭合S2时；线圈L中自感电动势阻碍电流增加，故电流为零，故B正确；

C、刚一闭合S2；电路中迅速建立了电场，立即就有电流，故灯泡A和B立即就亮，线圈中电流缓慢增加，最后相当于直导线，故灯泡B被短路而熄灭，即灯泡B逐渐变暗，故C正确；

D、闭合S2稳定后，再断开S2时；A灯立即熄灭，由于线圈中产生了自感电动势，与灯泡B构成闭合回路，故电流逐渐减小，故B灯泡逐渐熄灭，故D正确；

本题选错误的；故选：A．

线圈中电流变化时；会产生自感电动势，阻碍电流的变化，即电流缓慢增加，缓慢减小．

本题考查了通电自感和断电自感，关键明确线圈中自感电动势的作用总是阻碍电流的变化，不难．【解析】【答案】A4、A【分析】解：由题，t=0

时刻具有负方向的最大加速度，根据a=鈭�kxm

知，振子的初始位移是正向最大，则位移表达式x=Asin(娄脴t+娄脮0)

中，娄脮0=娄脨2

圆频率娄脴=2娄脨T=2娄脨0.5rad/s=4娄脨rad/s

则位移表达式为x=Asin(娄脴t+娄脮0)=0.8sin(4娄脨t+娄脨2)(cm)=0.008sin(4娄脨t+娄脨2)m

．

故选：A

．

t=0

时刻具有负方向的最大加速度；说明振子的位移是正向最大.

由周期求出圆频率娄脴

即可由x=Asin(娄脴t+娄脮0)

求出简谐振动方程．

书写简谐运动方程时，关键要确定三个要素：振幅A

圆频率娄脴

和初相位娄脮0

．【解析】A

5、D【分析】试题分析：甲图上x=1m处的质元处于波谷，乙图上t=1s时质元经平衡位置向下，两者不符，故A错误；甲图上波沿x轴负方向传播，x=2m处的质元经平衡位置向上，乙图上t=1s时质元经平衡位置向下，两者不符，故B错误；甲图上x=3m处的质元处于波峰，乙图上t=1s时质元经平衡位置向下，两者不符，故C错误；甲图上波沿x轴负方向传播，x=4m处的质元经平衡位置向下，乙图上t=1s时质元经平衡位置向下，两者相符，故D正确．考点：考查了横波图像，振动图像【解析】【答案】D6、C【分析】试题分析：当两棒以相同的速度向右匀速运动时，回路的磁通量不变，没有感应电流产生，电流表没有读数．电压表是由电流表改装而成的，其核心是电流表，有电流通过电压表时，电压表即有示数，没有电流通过电压表时，指针不偏转，电压表就没有读数．故C正确．考点：本题考查感应电动势的产生条件、感应电流的产生条件及电表工作原理．【解析】【答案】C7、B【分析】解：A；设交流电电流的有效值为I；周期为T，电阻为R．

则：I2RT=R×+42R×

解得：I=A；故A错误，B正确；

C、由图可知，在一个周期内电流改变2次，故在0.3s内电流改变的次数为n==20次；故C错误；

D、在一个周期内产生的热量Q=I2RT=0.4J；故D错误。

故选：B

根据有效值的定义求解．取一个周期时间；将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值。

求交流电的有效值，往往根据电流的热效应，由有效值的定义求解【解析】【答案】B8、D【分析】解：A、由于链轮与飞轮用链条传动，故其边缘上点的线速度大小相等，而飞轮与后轮是同轴传动，故其边缘上点的角速度大小相等。由于ω1r1=ω2r2，链轮与飞轮的角速度之比为ω1：ω2=1：2而ω2：ω3=1：1所以：ω1：ω2：ω3=1：2：2；故A错误；

B、由题意可知，A点与B点的线速度大小相等，v1：v2=1：1，由于飞轮与后轮的角速度大小相等：所以A；B、C三点的线速度大小之比为1：1：6，故B错误；

C、向心加速度大小a=ω2r=ωv；故A；B、C三点的向心加速度大小之比为1：2：12，故C错误；

D、脚蹬匀速转一圈，后轮要转两圈，得故D正确。

故选：D。

靠链条传动的两轮子线速度大小相等，共轴的轮子角速度相等，结合公式v=ωr和a=ω2r=ωv分析。

解决本题的关键知道靠链条传动的两轮子线速度大小相等，共轴的轮子角速度相等。【解析】D二、填空题(共6题，共12分)9、略

【分析】试题分析：当时，杆产生的电动势当时，电路中总电阻是所以杆受的安培力大小考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力【解析】【答案】10、略

【分析】

在地球，有：T地=2π

在月球，有：T月=2π

联立解得：T月==T地=2s≈4.9s；

故答案为：4.9．

【解析】【答案】单摆的小角度摆动是简谐运动，具有等时性，根据单摆周期公式T=2π列式求解即可．

11、最大5Hz【分析】【解答】图示位置；线圈平面与磁场方向平行时，线圈中的电流最大；

经过0.05s线框从图示位置匀速转过90°；周期为：

T=0.05×4=0.2s．

因此交流电的频率为：

f==5Hz；

故答案为：最大，5Hz．

【分析】当线圈平面与磁场方向垂直时，线圈中的电流为零，当线圈平面与磁场方向平行时，线圈中的电流最大；再由经过0.05s线框从图示位置匀速转过90°，来确定周期，根据f=求得频率．12、略

【分析】解：当线圈平面转至与磁场方向平行时，产生的感应电动势最大，则Em=1000V，ω=2πn=100πrad/s，若从线圈平面与中性面重合时计时，则瞬时表达式e=Emsinωt=1000sin100πtV．

当在t=0.03s时；e=1000×sin100π×0.03=0V．

故答案为：e=1000sin100πtV，0【解析】e=1000sin100πtV;013、略

【分析】解：(1)

螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm

可动刻度读数为0.01隆脕20.0mm=0.200mm

所以最终读数为：4.5mm+0.200mm=4.700mm

．

(2)

该电阻的阻值约为22.0隆脕10娄赂=220娄赂

．

(3)

电源的电动势是4V

所以要使用量程是3V

的电压表V1

根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电流为：Imax=UR=3220隆脰0.014A

所以电流表应选A2

由于要求“测得多组数据”；所以变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器R1

故答案为：(1)4.700(2)220(3)A2V1R1

．

(1)

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读；

(2)

用欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率；当指针指在中央附近时测量值较准确；

(3)

的关键是通过估算电路中的最大电流来选择电流表量程；根据要求“测得多组数据”可知.

变阻器应采用分压式接法；应选择阻值小的变阻器方便调节．

解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读.

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】4.700220A2V1R1

14、略

【分析】解：由于可动刻度的“0

”在固定刻度下方；因此固定刻度的读数为8.5mm

可动刻度读数为0.01隆脕35.4mm=0.020mm

所以最终读数为：8.854mm

．

故本题答案为：8.854

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读；注意判断0.5

毫米刻度线是否出现的方法：若可动刻度的“0

”在固定刻度上方，则没有露出，若在下方则以及露出．

本题的关键是掌握螺旋测微器的读数方法，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】8.854

三、判断题(共8题，共16分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．22、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、解答题(共2题，共4分)23、略

【分析】

匀强磁场方向为由南向北；而电流方向为从东向西．则由左手定则可得安培力的方向为竖直向下．

安培力的大小为F=BIL

解之得F=3×10-2N

答：导线受到的安培力大小为3×10-2N；

方向为竖直向下．

【解析】【答案】通电导线在磁场中；受到安培力作用．方向由左手定则来确定，大小由安培力公式求得．

24、略

【分析】

（1）A；取长度约1m的细线；一端固定在铁架台上，另一端栓一个小铁球，符合实验要求，故A正确；

B；摆线长度与摆球半径之和是摆长；测出细线的长度作为单摆的摆长L是错误的，故B错误；

C；单摆的最大摆角应小于5°；小铁球离开其平衡位置约30cm的距离，将其静止释放，摆角太大，故C错误；

D；待小铁球摆动稳定后；当小铁球经过平衡位置时按下秒表开始计时，故D正确；

E；开始计时时记为1；当小铁球第50次经过平衡位置停止计时，所测时间为49个周期，不是50个周期，故E错误；

故正确的实验步骤是AD．

（2）由图示秒表可知；秒表的分