2025年粤教新版必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版必修1物理下册月考试卷457考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示；弹簧测力计；绳子、滑轮的质量都不计，所有摩擦力也忽略不计，物体A重100N，两物体均处于静止状态，其中弹簧测力计示数为50N，则地面对物体A的支持力及B的重力大小分别是。

A.25N和25NB.75N和25NC.0N和50ND.25N和50N2、如图甲所示为门式起重机，它可以将列车上京紫的集装箱竖直向上提升到一定高度。若选竖直向上为正方向，测得集装箱在竖直方向运动过程中的加速度a随位移x变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是（）

A.在x=4m时，集装箱的速度为2m/sB.在0～4m内，集装箱运动的时间为C.在4-6m内，集装箱处于失重状态D.集装箱上升的最大高度为6m3、一辆汽车做匀减速直线运动，依次经过A、B、C三点，最后停在D点，AB=BC=CD．汽车经过A、B、C点时的速度大小分别是v1，v2，v3，AB、BC、CD三段过程的时间为则（）

A.v1︰v2︰v3＝︰1B.v1︰v2︰v3＝3︰2︰1C.t1︰t︰t3＝1︰D.t1︰t2︰t3＝︰14、一物块在外力F作用下沿粗糙斜面向上运动，一段时间后撤去F，物块继续沿斜面运动，如图所示为物块运动的v-t图像（沿斜面向上方向为正方向）；则（）

A.物块在t1时刻距离斜面底端最远B.外力F作用的时间为0到t2时间段C.在t2时刻物块开始沿斜面向下运动D.在t3时刻物块回到了斜面底端5、甲、乙两个小球先后从同一水平面的两个位置，以相同的初速度竖直向上抛出，小球距抛出点的高度h与时间t的关系图像如图所示。不计空气阻力，重力加速度为则两小球同时在同一水平线上时，距离抛出点的高度为（）

A.B.C.D.6、如图所示，小亮用与水平方向成角的轻绳拉木箱，沿水平面做匀速直线运动，若将F沿水平和竖直方向分解；则其竖直方向的分力为（）

A.B.C.D.7、物体的运动情况或所受合外力的情况如图所示；四幅图的图线都是直线，从图中可以判断这四个质量一定的物体的某些运动特征．下列说法正确的是。

A.甲物体受到不为零且恒定的合外力B.乙物体受到的合外力越来越大C.丙物体受到的合外力为零D.丁物体的加速度越来越大8、质量为0.8kg的物体在一水平面上运动，如图a、b分别表示物体不受拉力和受到水平拉力作用的v－t图象；则拉力与摩擦力之比为（）

A.9∶8B.4∶3C.2∶1D.3∶2评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图；物块在水平放置的台式弹簧秤上保持相对静止，弹簧秤的示数为15N。要得出物块的重力为15N的结论，还需要的依据是。

A.胡克定律B.牛顿第三定律C.当地的重力加速度为10m/s2D.物块处于平衡态，平衡态的物体所受合力为零10、质点由静止开始做直线运动，加速度与时间关系如图所示，则（）

A.质点一直向正向运动B.质点在某个位置附近来回运动C.在时间段内，质点在时刻的速度最大D.在时间段内，质点在时刻回到原点11、质点由静止开始做直线运动，加速度与时间关系如图所示，t2=2t1；则()

A.质点一直沿正向运动B.质点在某个位置附近来回运动C.在0～t2时间段内，质点在t1时刻的速度最大D.在0～t2时间段内，质点在t2时刻的速度最大12、粗糙水平面上四个相同小物块用四根完全相同的轻弹簧连接，正好组成一个等腰梯形，系统静止。之间、之间以及之间的弹簧长度相同且等于之间弹簧长度的一半。之间弹簧弹力大小为之间弹簧弹力大小的一半。若受到的摩擦力大小为则（）

A.之间的弹簧一定是压缩的B.受到的摩擦力大小为C.受到的摩擦力大小为D.受到的摩擦力大小为13、如图所示，A、B两物体用一细绳通过光滑定滑轮相连，滑轮右端细绳与斜面平行，现用一方向确定的力F将B缓慢拉至与滑轮等高处，A与M间的摩擦力为M与地面间的摩擦力为整个过程中A；M都保持静止，则（）

A.可能先变大后变小，一直增大B.可能先变大后变小再变大，一直增大C.可能先变小后变大，先变大后变小D.可能先变小后变大，一直变小14、如图所示，物体P、Q用轻绳连接后跨过定滑轮，物体P静止在倾角为37°角的斜面上，斜放木板上悬挂着Q，已知P、Q的质量大小的关系为今将斜放木板的倾角从37°增到60°，物体P仍保持静止而没有滑动，若不计滑轮处的摩擦，则下列说法中正确的是（）

A.绳子的张力变大B.物体P受到的静摩擦力将先减小后增大C.物体P对斜板的压力将变大D.滑轮受到绳子的作用力将变大15、如图甲所示，可视为质点的质量m1=1kg的小物块放在质量m2=2kg的木板正中央位置，木板静止在水平地面上，连接物块的轻质细绳伸直且与水平方向的夹角为37°。现对木板施加水平向左的拉力F=18N，木板运动的v-t图象如图乙所示，sin37°=0.6，g取10m/s2；则（）

A.木板的长度为2mB.木板的长度为1mC.木板与地面间的动摩擦因数为0.5D.物块与木板间的动摩擦因数为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一根大弹簧内套一根小弹簧，大弹簧比小弹簧长它们的下端平齐并固定，另一端自由，如图甲所示。当砝码盘放在弹簧上端压缩此组合弹簧时，测得此弹簧的压缩量将砝码放在砝码盘上并记录弹簧的压缩量，多次测得砝码质量与对应弹簧压缩量并描绘出的关系图像如图乙所示。已知重力加速度则大弹簧的劲度系数_____，小弹簧的劲度系数后___，砝码盘的质量___（结果均保留2位有效数字）

17、如图所示，M、N两物体叠放在一起，在恒力F作用下，一起向上做匀加速直线运动，对于N，存在___________对作用力与反作用力；对于M，存在___________对作用力与反作用力．18、一辆汽车从甲地出发，沿平直公路开到乙地刚好停止，其速度图像如图所示。那么0~t和t~3t两段时间内，加速度的大小之比为________，位移的大小之比为________，平均速度的大小之比为________。

19、一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地．汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，开到乙地刚好静止，其速度图像如图所示．那么，在0~60秒和60秒~180秒两段时间内位移大小之比为__________；平均速度之比为__________．

20、判断下列说法的正误。

（1）重力的方向总是垂直于地面。（____）

（2）重心是物体重力的作用点，重心一定在物体上。（____）

（3）发生形变后的物体撤去外力后都能恢复原状。（____）

（4）静止在水平地面上的物体受到向上的弹力是因为地面发生了形变。（____）21、如图所示，小车内的地面是光滑的，左下角放一个均匀小球，右壁上挂一个相同的球，两个球的质量均为悬挂线与右壁成37°角，小车向右加速前进。求：当右壁对A球的压力为零时，左壁对B球的压力为______N。（g取）

22、读出游标卡尺的读数为______cm。

23、如图所示，车内用细线悬挂着一个质量为m的小球，细线与竖直方向成θ角，小球与车保持相对静止，则小球加速度大小a=________，细线对小球的拉力F=____________。

评卷人得分四、实验题(共3题，共6分)24、如图甲所示是某同学探究加速度与力的关系的实验装置．他在气垫导轨上安装了一个光电门B，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，力传感器可直接测出绳中拉力，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放．气垫导轨摩擦阻力很小可忽略不计；由于遮光条的宽度很小，可认为遮光条通过光电门时速度不变．

(1)该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d=______mm．

(2)实验时，该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d值，将滑块从A位置由静止释放，测量遮光条到光电门的距离L，若要得到滑块的加速度，还需由数字计时器读出遮光条通过光电门B的______；

(3)下列不必要的一项实验要求是______；

A．应使滑块质量远大于钩码和力传感器的总质量。

B．应使A位置与光电门间的距离适当大些。

C．应将气垫导轨调节水平。

D．应使细线与气垫导轨平行。

(4)改变钩码质量，测出对应的力传感器的示数F，已知滑块总质量为M，用（2）问中已测物理量和已给物理量写出M和F间的关系表达式F=______．25、在“匀变速直线运动的实验探究”中，如图所示是小明同学由打点计时器得到的表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点间还有四个点没有画出，打点计时器打点的时间间隔T=0.02s，其中x1=7.05cm、x2=7.68cm、x3=8.33cm、x4=8.95cm、x5=9.61cm、x6=10.26cm．

(1)物体是否做匀变速直线运动____（选填“是”或者“否”）；

你的判断依据是__________________________．

(2)下表列出了打点计时器打下B、C、F、E时小车的瞬时速度，请求出打点计时器打下D点时小车的瞬时速度vD=____．（结果保留3位有效数字）

。位置BCDEF速度0.7370.8010.9280.994

(3)以A点为计时起点，在坐标图中画出小车的速度—时间关系图线_________．

(4)根据所画出的小车的速度—时间关系图线计算出小车的加速度a=____m/s2．（结果保留2位有效数字）26、某同学用图(a)的装置完成“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验。

（1）为完成实验，还需要的实验器材有：___________；

（2）为完成该实验；设计实验步骤如下：

A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组（x，F）对应的点；并用平滑的曲线连接起来；

B．记下弹簧不挂钩码时其下端在刻度尺上的刻度l0；

C．将铁架台固定于桌子上；并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；

D．依次在弹簧下端挂上1个；2个、3个、4个、钩码（钩码重力已知）；并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码；

E．以弹簧伸长量为自变量；写出弹力与伸长量的关系式；首先尝试写成一次函数，如果不行，则考虑二次函数；

F．解释函数表达式中常数的物理意义；

G．整理仪器。

请将以上步骤按操作的先后顺序排列出来：___________；

（3）若他通过实验得到如图(b)所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线。由此图线可得该弹簧的原长x0=___________cm，劲度系数k=___________N/m；

（4）他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图（c）所示时，该弹簧的伸长量x=___________cm。评卷人得分五、解答题(共3题，共18分)27、为了安全，高层建筑配备了救生缓降器材，使用时，先将安全钩挂在室内窗户、管道等可以承重的物体上，然后将安全带系在人体腰部，通过缓降安全着陆。在某次火灾逃生演练现场中，逃生者从离地面30m高处，利用缓降器材由静止开始匀加速下滑，下降2m时速度达到2m/s，然后开始匀速下降，距地面一定高度时开始匀减速下降，到达地面时速度恰好为零，整个过程用时18s。设逃生者下降过程中悬空不接触墙面，不计空气阻力，取g=10m/s2；求：

(1)逃生者匀速运动的时间；

(2)逃生者加速下滑时和减速下滑时；绳索对人拉力大小的比值。

28、如图，位于水平地面上质量为M=6kg的小木块，在大小为F=20N、方向与水平方向成a=37°角的拉力作用下沿地面作匀速直线运动。求：（取）

（1）地面对物体的支持力？

（2）木块与地面之间的动摩擦因数？

29、图甲中,质量为m的物块叠放在质量M=2m的足够长的木板上方右侧,木板放在水平地面上,物块与木板之间的动摩擦因数木板与地面之间的动摩擦因数共．在木板上施加一水平向右的拉力F,在0-3s内F的变化如图乙所示,图中F以m为单位,重力加速度g=10m/s2．整个系统开始时静止．求。

(1)0-3s内物块m的对地位移;

(2)1-3s时物块m距离木板M右端的距离参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

对物体B受力分析，受重力mg和拉力T，由于物体B处于平衡状态，有

滑轮受到两个向下的拉力，所以弹簧秤的读数

解得

对A进行受力分析，A处于静止状态，则

解得

故选B.2、B【分析】【详解】

A．由题意，集装箱离开列车时的速度为0，之后在0~4m内竖直向上做匀加速直线运动，由

得x=4m

集装箱的速度v=m/s

A错误；

B．由v=at

得t=s

B正确；

C．在4m~6m内；集装箱向上做加速度逐渐减小的加速运动，加速度向上，集装箱处于超重状态，C错误；

D．当x=6m时加速度减小为0；但是向上的速度达到最大，故还会继续向上运动，D错误。

故选B。3、A【分析】【详解】

汽车由A点向右匀减速运动到D点，并且到D点时的速度为零，从逆向过程看，可看成是汽车从D点向左做初速度为零的匀加速运动，依次经过C、B、A点，设AB=s，物体的加速度为a，根据匀变速直线运动公式可知：

求得

A正确；B错误；

根据匀变速直线运动公式可知

求得：

CD错误．

故选A。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．由图像可以看出，0~t2时间内，物块速度为正方向，即沿斜面向上运动，所以物块在t2时刻距离斜面底端最远，t2时刻之后速度方向为负方向，即在t2时刻物块开始沿斜面向下运动；故A错误C正确；

B．由图像可以看出，0~t1时间内，物块加速向上运动，t1时刻之后，物块减速向上运动，所以外力F作用的时间为0到t1时间段；故B错误；

D．图像中图线与坐标轴所围图形的面积等于位移，0~t2时间内，沿斜面上升的位移大于t2～t3内沿斜面下滑的位移，所以在t3时刻物块还没有回到斜面底端；故D错误。

故选C。5、D【分析】【详解】

根据竖直上抛运动规律，竖直向上运动到同一水平线上时，乙小球的运动时间为

甲小球到达的最高点高度为

甲小球下落的高度为

故该位置距离抛出点的高度为

故选D。6、A【分析】【分析】

将F分解为水平方向和竖直方向；根据平行四边形定则求出竖直分力的大小。

【详解】

将F分解为水平方向和竖直方向，根据平行四边形定则，竖直方向上分力

故选A。7、D【分析】【详解】

甲图中物体做匀速直线；处于平衡状态，此时所受合力为零，A错误；

乙图中物体做匀加速直线运动；加速度恒定，根据牛顿第二定律，所受合外力恒定，B错误；

丙图中加速度恒定；同样所受合包力恒定不变，C错误；

丁图中，根据牛顿第二定律，F=ma，所受合外力越来越大，因此加速度越来越大，D正确．8、D【分析】【分析】

解决本题的关键能够从速度时间图线中求出加速度，然后通过牛顿第二定律进行求解．在该问题中要注意拉力可能与速度方向相同，可能相反．通过速度时间图线分别求出a、b的加速度；再通过牛顿第二定律求出摩擦力和拉力的大小．

【详解】

a图线的加速度大小

b图线的加速度大小

当拉力方向与速度方向相同时，可能加速，所以，b图线表示有拉力，a图线没有拉力，根据牛顿第二定律有F-f=ma2，f=ma1

代入数据解得f=1.2N，F=1.8N

则拉力与摩擦力之比为3:2；D正确。

故选D。二、多选题(共7题，共14分)9、B:D【分析】【详解】

弹簧秤的示数为15N；则物体对弹簧秤的压力为15N，根据牛顿第三定律可知，弹簧秤对物体的支持力为15N，对物体由平衡知识可知，物体的重力与弹簧秤对物体的支持力等大反向，则物体的重力为15N。要得出物块的重力为15N的结论，还需要的依据是牛顿第三定律和二力平衡知识；

A．胡克定律；与结论不相符，故A错误；

B．牛顿第三定律；与结论相符，故B正确；

C．当地的重力加速度为10m/s2；与结论不相符，故C错误；

D．物块处于平衡态；平衡态的物体所受合力为零，与结论相符，故D正确；

故选BD.10、A:C【分析】【详解】

根据a-t图像可知，时间内向正方向匀加速，t1-t2时间内向正方向匀减速且恰好在时刻减为则质点一直向正向运动，且质点在时刻的速度最大；则AC正确，BD错误。故选AC。

点睛：本题考查了加速度的图象，会根据图象分析质点的运动情况．要注意加速度的正负不代表速度的正负，图象与时间轴所围的面积表示速度变化量．11、A:C【分析】【详解】

试题分析：由图可知在t1时间内质点做初速度为零的匀加速运动，在t1～t2时间内做匀减速运动，且加速度大小相等，时间相等，故质点一直沿正向运动，故A正确，B错误；由图可知在t1时间内质点做初速度为零的匀加速运动，在t1～t2时间内做匀减速运动，且加速度大小相等，时间相等，故t1时刻的速度最大；故C正确，D错误；故选AC．

考点：运动图像。

【名师点睛】考查了加速度的图象，会根据图象分析质点的运动情况；注意加速度改变方向时，速度方向不一定改变．12、A:B:C【分析】【分析】

由题可知本题考查力的平衡和弹簧的弹力。

【详解】

A．设弹簧的原长为之间弹簧的长度为则之间弹簧长度为因为之间弹簧弹力大小为之间弹簧弹力大小的一半，所以有

即有

之间、之间以及之间的弹簧一定是压缩的；选项A正确；

B．由对称性可知受到的摩擦力和受到的摩擦力大小相同，等于选项B正确；

CD．对进行受力分析可知其所受摩擦力大小等于间弹簧和间弹簧的合力大小，由于之间、之间的弹簧长度相同且都是压缩的，所以两个弹簧对的弹力大小相等，又因夹角为120°，所以两个弹簧对的弹力大小都为受到两个弹簧的弹力，大小分别为夹角为120°，由平行四边形定则与几何知识可知二者的合力等于由三力平衡条件可知受到的摩擦力大小为同理受到的摩擦力大小也为选项C正确，D错误。

故选ABC。13、A:B【分析】【分析】

【详解】

对物体B受力分析可知；

在此过程中，变大，绳子的拉力T先变小后变大，若开始时滑块受静摩擦力沿斜面向上，则

此时可能先变大后变小，也可能先变大后变小再反向变大；若开始时滑块受静摩擦力沿斜面向下，则

此时先变小后变大；故M以及AB的整体，地面对M间的摩擦力等于F的水平分量，则一直变大。

故选AB。14、B:D【分析】【详解】

A．物体P保持静止状态；绳子的张力等于Q的重力，则绳子的张力将不变，A错误；

B．木板的倾角为37时,物体P受到的静摩擦力大小为

方向沿斜面向下。木板的倾角为60时,物体P受到的静摩擦力大小为

方向沿斜面向上。可知物块P受到的摩擦力先减小到零后增大；B正确；

C．开始时斜面对P的支持力为

后来斜面对P的支持力为

所以物体对斜板的压力将变小；C错误；

D．斜放木板的倾角从37增到60时，绳子之间的夹角减小，由于绳子的拉力大小不变，所以绳子的合力增大，则滑轮受到绳子的作用力将变大，D正确。

故选BD。

【点睛】

由题，物体P保持静止状态，绳子的张力等于Q的重力。根据P受力平衡，可求出物体P受到的静摩擦力和支持力，再分析各力的变化情况。15、A:C:D【分析】【详解】

AB．从题图乙可知，木板运动离开小物块，在内，由图象可知

所以木板的长度

故A正确；B错误；

C．设木板与地面间的动摩擦因数为物块与木板间的动摩擦因数在内，由图象可得长木板的加速度

由牛顿第二定律得

解得

故C正确；

D．在内，对小物块进行受力分析，竖直方向

水平方向

又知

长木板的加速度

对木板进行受力分析，结合牛顿第二定律得

由牛顿第三定律得

联立上述式子解得

故D正确。

故选ACD。三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]大弹簧的劲度系数。

解得。

所以。

【解析】0.050kg17、略

【分析】【分析】

【详解】

M、N两物体一起向上做匀加速直线运动，合力向上，对MN整体进行受力分析，受到重力和F，墙对M没有弹力，否则合力不能向上，也就不可能有摩擦力；对N进行受力分析，得：N受到重力，M对N的支持力，这两个力的合力不能向上，所以还受到M对N向上的静摩擦力，一共3个力，则N存在3对作用力与反作用力；再对M进行受力分析，得：M受到重力、推力F、N对M的压力以及N给M沿斜面向下的静动摩擦力，一共4个力，则存在4对作用力与反作用力．【解析】3418、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]0~t段加速度的大小。

t~3t段加速度的大小。

加速度的大小之比为2：1

[2]0~t段位移的大小。

t~3t段位移的大小。

位移的大小之比为1:2

[3]0~t段平均速度的大小。

t~3t段平均速度的大小。

平均速度的大小之比为1:1【解析】2:11:21:119、略

【分析】【详解】

[1]．在0~60秒和60秒~180秒两段时间内位移大小之比为

[2]．平均速度之比为【解析】1:21:120、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误错误错误正确21、略

【分析】【详解】

[1]当右壁对A球的压力为零时，则由

则对球BFN=ma

解得FN=30N【解析】3022、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]主尺刻度为61mm，游标尺刻度为

故游标卡尺读数为【解析】6.17023、略

【分析】【详解】

[1][2]小球受重力和拉力，稳定时悬绳向左偏转的角度为时；如图。

根据平衡条件

小球的加速度

方向水平向右。

细线对小球的拉力

【点睛】

根据小球受力分析，求出加速度的大小。【解析】四、实验题(共3题，共6分)24、略

【分析】【详解】

(1)[1]由图知第6条刻度线与主尺对齐d=2mm+6×0.05mm=2.30mm

(2)[2]已知初速度为零，位移为L，要计算加速度，需要知道末速度，根据瞬时速度的计算方法可知，需要由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t；

(3)[3]A．拉力是直接通过传感器测量的；故与小车质量和钩码质量大小关系无关，故A正确．

B．应使A位置与光电门间的距离适当大些；有利于减小误差，故B错误．

C．应将气垫导轨调节水平；使拉力才等于合力，故C错误．

D．要保持拉线方向与气垫导轨平行；拉力才等于合力，故D错误．

(4)[4]滑块到达光电门的速度为：v=

根据匀加速运动的速度位移的关系公式得：a==

根据牛顿第二定律得到：F=Ma=【解析】2.30时间A25、略

【分析】【详解】

(1)物体是做匀加速直线运动；根据在误差允许范围内，相等时间相邻位移之差是个定值

(2)根据匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度可知vD===0.864m/s；或者vD=(vC+vE)/2=0.865m/s.

(3)小车的速度—时间关系图线如图所示：

(4)在v-t图象中，图线的斜率表示加速度的大小，则a==0.62m/s2(0.60m/s2~0.64m/s2)【解析】是在误差允许范围内，相等时间相邻位移之差是个定值0.864m/s0