2025届高考物理一轮复习第四章曲线运动万有引力与航天专题天体运动的学案粤教版

PAGE17-专题天体运动的“四个热点”问题双星或多星模型1.双星模型(1)定义：绕公共圆心转动的两个星体组成的系统，我们称之为双星系统。如图1所示。图1(2)特点①各自所需的向心力由彼此间的万有引力供应，即eq\f(Gm1m2,L2)＝m1ωeq\o\al(2,1)r1，eq\f(Gm1m2,L2)＝m2ωeq\o\al(2,2)r2②两颗星的周期及角速度都相同，即T1＝T2，ω1＝ω2③两颗星的半径与它们之间的距离关系为r1＋r2＝L(3)两颗星到圆心的距离r1、r2与星体质量成反比，即eq\f(m1,m2)＝eq\f(r2,r1)。2.多星模型模型三星模型(正三角形排列)三星模型(直线等间距排列)四星模型图示向心力的来源另外两星球对其万有引力的合力另外两星球对其万有引力的合力另外三星球对其万有引力的合力【例1】(多选)(2024·全国Ⅰ卷，20)2024年，人类第一次干脆探测到来自双中子星合并的引力波。依据科学家们复原的过程，在两颗中子星合并前约100s时，它们相距约400km，绕二者连线上的某点每秒转动12圈。将两颗中子星都看作是质量匀称分布的球体，由这些数据、万有引力常量并利用牛顿力学学问，可以估算出这一时刻两颗中子星()A.质量之积 B.质量之和C.速率之和 D.各自的自转角速度解析由题意可知，合并前两中子星绕连线上某点每秒转动12圈，则两中子星的周期相等，且均为T＝eq\f(1,12)s，两中子星的角速度均为ω＝eq\f(2π,T)，两中子星构成了双星模型，假设两中子星的质量分别为m1、m2，轨道半径分别为r1、r2，速率分别为v1、v2，则有Geq\f(m1m2,L2)＝m1ω2r1、Geq\f(m1m2,L2)＝m2ω2r2，又r1＋r2＝L＝400km，解得m1＋m2＝eq\f(ω2L3,G)，A错误，B正确；又由v1＝ωr1、v2＝ωr2，则v1＋v2＝ω(r1＋r2)＝ωL，C正确；由题中的条件不能求解两中子星自转的角速度，D错误。答案BC1.(2024·吉林模拟)我国放射的“悟空”号暗物质粒子探测卫星，三年来对暗物质的观测探讨已处于世界领先地位。宇宙空间中两颗质量相等的星球绕其连线中心匀速转动时，理论计算的周期与实际观测周期不符，且eq\f(T理论,T观测)＝k(k＞1)。因此，科学家认为，在两星球之间存在暗物质。假设以两星球球心连线为直径的球体空间中匀称分布着暗物质(已知质量分布匀称的球体对外部质点的作用，等效于质量集中在球心处对质点的作用)，两星球的质量均为m。那么暗物质的质量为()A.eq\f(k2－2,8)m B.eq\f(k2－1,4)mC.(k2－1)m D.(2k2－1)m解析双星均绕它们连线的中点做匀速圆周运动，令它们之间的距离为L，由万有引力供应向心力得Geq\f(m2,L2)＝meq\f(4π2,Teq\o\al(2,理论))·eq\f(L,2)，解得T理论＝πLeq\r(\f(2L,Gm))。依据观测结果，星体的运动周期eq\f(T理论,T观测)＝k，这种差异可能是由双星之间匀称分布的暗物质引起的，又匀称分布在球体内的暗物质对双星系统的作用与一质量等于球内暗物质的总质量m′(位于球心处)的质点对双星系统的作用相同，有Geq\f(m2,L2)＋Geq\f(mm′,（\f(L,2)）2)＝meq\f(4π2,Teq\o\al(2,观测))·eq\f(L,2)，解得T观测＝πLeq\r(\f(2L,G（m＋4m′）))，所以m′＝eq\f(k2－1,4)m。选项B正确。答案B2.(多选)为探测引力波，中山高校领衔的“天琴安排”将向太空放射三颗完全相同的卫星(SC1、SC2、SC3)构成一个等边三角形阵列，地球恰处于三角形的中心，卫星将在以地球为中心、离地面高度约10万公里的轨道上运行，针对确定的引力波源进行引力波探测。如图2所示，这三颗卫星在太空中的分列图类似乐器竖琴，故命名为“天琴安排”。已知地球同步卫星距离地面的高度约为3.6万公里，以下说法正确的是()图2A.若知道引力常量G及三颗卫星绕地球的运动周期T，则可估算出地球的密度B.三颗卫星具有相同大小的加速度C.三颗卫星绕地球运动的周期肯定大于地球的自转周期D.从每颗卫星可以视察到地球上大于eq\f(1,3)的表面解析若知道引力常量G及三颗卫星绕地球的运动周期T依据万有引力供应向心力Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(4π2,T2)r，得到M＝eq\f(4π2r3,GT2)，因地球的半径未知，也不能计算出轨道半径r，不能计算出地球体积，故不能估算出地球的密度，选项A错误；依据Geq\f(Mm,r2)＝ma，由于三颗卫星到地球的距离相等，则绕地球运动的轨道半径r相等，则它们的加速度大小相等，选项B正确；依据万有引力等于向心力，Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(4π2,T2)r解得T＝2πeq\r(\f(r3,GM))，由于三颗卫星的轨道半径大于地球同步卫星的轨道半径，故三颗卫星绕地球运动的周期大于地球同步卫星绕地球运动的周期，即大于地球的自转周期，选项C正确；当等边三角形边与地球表面相切的时候，恰好看到地球表面的eq\f(1,3)，所以本题中，从每颗卫星可以视察到地球上大于eq\f(1,3)的表面，选项D正确。答案BCD赤道上的物体、同步卫星和近地卫星赤道上的物体、近地卫星、同步卫星的对比比较内容赤道上的物体近地卫星同步卫星向心力来源万有引力的分力万有引力向心力方向指向地心重力与万有引力的关系重力略小于万有引力重力等于万有引力角速度ω1＝ω自ω2＝eq\r(\f(GM,R3))ω3＝ω自＝eq\r(\f(GM,（R＋h）3))ω1＝ω3＜ω2线速度v1＝ω1Rv2＝eq\r(\f(GM,R))v3＝ω3(R＋h)＝eq\r(\f(GM,R＋h))v1＜v3＜v2(v2为第一宇宙速度)向心加速度a1＝ωeq\o\al(2,1)Ra2＝ωeq\o\al(2,2)R＝eq\f(GM,R2)a3＝ωeq\o\al(2,3)(R＋h)＝eq\f(GM,（R＋h）2)a1＜a3＜a2【例2】(2024·青海西宁三校联考)如图3所示，a为放在赤道上相对地球静止的物体，随地球自转做匀速圆周运动，b为沿地球表面旁边做匀速圆周运动的人造卫星(轨道半径约等于地球半径)，c为地球的同步卫星。下列关于a、b、c的说法中正确的是()图3A.b卫星转动线速度大于7.9km/sB.a、b、c做匀速圆周运动的向心加速度大小关系为aa＞ab＞acC.a、b、c做匀速圆周运动的周期关系为Tc＞Tb＞TaD.在b、c中，b的速度大解析b为沿地球表面旁边做匀速圆周运动的人造卫星，依据万有引力定律有Geq\f(Mm,R2)＝meq\f(v2,R)，解得v＝eq\r(\f(GM,R))，代入数据得v＝7.9km/s，故A错误；地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度，所以ωa＝ωc，依据a＝rω2知，c的向心加速度大于a的向心加速度，依据a＝eq\f(GM,r2)得b的向心加速度大于c的向心加速度，即ab＞ac＞aa，故B错误；卫星c为同步卫星，所以Ta＝Tc，依据T＝2πeq\r(\f(r3,GM))得c的周期大于b的周期，即Ta＝Tc＞Tb，故C错误；在b、c中，依据v＝eq\r(\f(GM,r))，可知b的速度比c的速度大，故D正确。答案D1.有a、b、c、d四颗卫星，a还未放射，在地球赤道上随地球一起转动，b在地面旁边近地轨道上正常运行，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，设地球自转周期为24h，全部卫星的运动均视为匀速圆周运动，各卫星排列位置如图4所示，则下列关于卫星的说法中正确的是()图4A.a的向心加速度等于重力加速度gB.c在4h内转过的圆心角为eq\f(π,6)C.b在相同的时间内转过的弧长最长D.d的运动周期可能是23h解析同步卫星的运行周期与地球自转周期相同，角速度相同，则a和c的角速度相同，依据a＝ω2r知，c的向心加速度大，由eq\f(GMm,r2)＝ma知，c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，故a的向心加速度小于重力加速度g，选项A错误；由于c为同步卫星，所以c的周期为24h，因此4h内转过的圆心角为θ＝eq\f(π,3)，选项B错误；由四颗卫星的运行状况可知，b运行的线速度是最大的，所以其在相同的时间内转过的弧长最长，选项C正确；d的运行周期比c要长，所以其周期应大于24h，选项D错误。答案C2.如图5所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，a和b的轨道半径相同，且均为c的k倍，已知地球自转周期为T。则()图5A.卫星b也是地球同步卫星B.卫星a的向心加速度是卫星c的向心加速度的k2倍C.卫星c的周期为eq\r(\f(1,k3))TD.a、b、c三颗卫星的运行速度大小关系为va＝vb＝eq\r(k)vc解析卫星b相对地球不能保持静止，故不是地球同步卫星，A错误；依据公式Geq\f(Mm,r2)＝ma可得a＝eq\f(GM,r2)，即eq\f(aa,ac)＝eq\f(req\o\al(2,c),req\o\al(2,a))＝eq\f(1,k2)，B错误；依据开普勒第三定律eq\f(req\o\al(3,a),Teq\o\al(2,a))＝eq\f(req\o\al(3,c),Teq\o\al(2,c))可得Tc＝eq\r(\f(req\o\al(3,c),req\o\al(3,a))Teq\o\al(2,a))＝eq\r(\f(1,k3))Ta＝eq\r(\f(1,k3))T，C正确；依据公式Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)可得v＝eq\r(\f(GM,r))，故va＝vb＜eq\f(vc,\r(k))，D错误。答案C卫星(航天器)的变轨及对接问题考向卫星的变轨、对接问题1.卫星放射及变轨过程概述人造卫星的放射过程要经过多次变轨方可到达预定轨道，如图6所示。图6(1)为了节约能量，在赤道上顺着地球自转方向放射卫星到圆轨道Ⅰ上。(2)在A点点火加速，由于速度变大，万有引力不足以供应向心力(Geq\f(Mm,r2)＜meq\f(v2,r))，卫星做离心运动进入椭圆轨道Ⅱ。(3)在B点(远地点)再次点火加速进入圆形轨道Ⅲ。2.对接航天飞船与宇宙空间站的“对接”事实上就是两个做匀速圆周运动的物体追逐问题，本质仍旧是卫星的变轨运行问题。3.航天器变轨问题的三点留意事项(1)航天器变轨时半径的改变，依据万有引力和所需向心力的大小关系推断；稳定在新圆轨道上的运行速度由v＝eq\r(\f(GM,r))推断。(2)航天器在不同轨道上运行时机械能不同，轨道半径越大，机械能越大。(3)航天器经过不同轨道的相交点时，加速度相等，外轨道的速度大于内轨道的速度。【例3】我国放射的“天宫二号”空间试验室，之后放射“神舟十一号”飞船与“天宫二号”对接。假设“天宫二号”与“神舟十一号”都围绕地球做匀速圆周运动，为了实现飞船与空间试验室的对接，下列措施可行的是()图7A.使飞船与空间试验室在同一轨道上运行，然后飞船加速追上空间试验室实现对接B.使飞船与空间试验室在同一轨道上运行，然后空间试验室减速等待飞船实现对接C.飞船先在比空间试验室半径小的轨道上加速，加速后飞船渐渐靠近空间试验室，两者速度接近时实现对接D.飞船先在比空间试验室半径小的轨道上减速，减速后飞船渐渐靠近空间试验室，两者速度接近时实现对接解析若使飞船与空间站在同一轨道上运行，然后飞船加速，所需向心力变大，则飞船将脱离原轨道而进入更高的轨道，不能实现对接，选项A错误；若使飞船与空间站在同一轨道上运行，然后空间站减速，所需向心力变小，则空间站将脱离原轨道而进入更低的轨道，不能实现对接，选项B错误；要想实现对接，可使飞船在比空间试验室半径较小的轨道上加速，然后飞船将进入较高的空间试验室轨道，渐渐靠近空间试验室后，两者速度接近时实现对接，选项C正确；若飞船在比空间试验室半径较小的轨道上减速，则飞船将进入更低的轨道，不能实现对接，选项D错误。答案C考向变轨前、后各物理量的比较1.速度：如考向中图6所示(以下均以图6为例)，设卫星在圆轨道Ⅰ和Ⅲ上运行时的速率分别为v1、v3，在轨道Ⅱ上过A点和B点时速率分别为vA、vB。因在A点加速，则vA＞v1，因在B点加速，则v3＞vB，又因v1＞v3，故有vA＞v1＞v3＞vB。2.加速度：因为在A点，卫星只受到万有引力作用，故不论从轨道Ⅰ还是轨道Ⅱ上经过A点，卫星的加速度都相同。同理，从轨道Ⅱ和轨道Ⅲ上经过B点时加速度也相同。3.周期：设卫星在Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ轨道上运行周期分别为T1、T2、T3，轨道半径分别为r1、r2(半长轴)、r3，由开普勒第三定律eq\f(a3,T2)＝k可知T1＜T2＜T3。4.机械能：在一个确定的圆(椭圆)轨道上机械能守恒。若卫星在Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ轨道的机械能分别为E1、E2、E3，则E1＜E2＜E3。【例4】(2024·河南郑州模拟)2024年12月8日2时23分，“嫦娥四号”探测器搭乘长征三号乙运载火箭，起先了奔月之旅。12月12日16时45分，探测器胜利实施近月制动，顺当完成“太空刹车”，被月球捕获，进入了距月球100km的环月圆轨道，如图8所示，则下列说法正确的是()图8A.“嫦娥四号”的放射速度大于其次宇宙速度B.“嫦娥四号”在100km环月圆轨道运行通过P点时的加速度和在椭圆环月轨道运行通过P点时的加速度相同C.“嫦娥四号”在100km环月圆轨道运动的周期等于在椭圆环月轨道运动的周期D.“嫦娥四号”在地月转移轨道经过P点时和在100km环月圆轨道经过P点时的速度大小相同解析若“嫦娥四号”的放射速度大于其次宇宙速度，则“嫦娥四号”将脱离地球的引力范围，就不会被月球捕获，因此“嫦娥四号”的放射速度应大于第一宇宙速度小于其次宇宙速度，选项A错误；“嫦娥四号”通过同一点时所受的万有引力相等，依据牛顿其次定律，“嫦娥四号”在100km环月圆轨道运行通过P点时的加速度和在椭圆环月轨道运行通过P点时的加速度相同，选项B正确；“嫦娥四号”在100km环月圆轨道运行的轨道半径大于在椭圆环月轨道运行轨道的半长轴，依据开普勒第三定律可知，“嫦娥四号”在100km环月圆轨道运行的周期大于在椭圆环月轨道运行的周期，选项C错误；“嫦娥四号”在地月转移轨道经过P点时须要“太空刹车”(即减小速度)才能被月球捕获从而在环月圆轨道上运行，选项D错误。答案B1.(多选)牛顿在1687年出版的《自然哲学的数学原理》中设想，物体抛出的速度很大时，就不会落回地面，它将绕地球运动，成为人造地球卫星。如图9所示，将物体从一座高山上的O点水平抛出，抛出速度一次比一次大，落地点一次比一次远，设图中A、B、C、D、E是从O点以不同的速度抛出的物体所对应的运动轨道。已知B是圆形轨道，C、D是椭圆轨道，在轨道E上运动的物体将会克服地球的引力，恒久地离开地球，空气阻力和地球自转的影响不计，则下列说法正确的是()图9A.物体从O点抛出后，沿轨道A运动落到地面上，物体的运动可能是平抛运动B.在轨道B上运动的物体，抛出时的速度大小为7.9km/sC.使轨道C、D上物体的运动轨道变为圆轨道，这个圆轨道可以过O点D.在轨道E上运动的物体，抛出时的速度肯定等于或大于第三宇宙速度解析将物体从一座高山上的O点水平抛出，且物体速度不大时，物体沿轨道A运动落到地面上，若水平位移不大，则物体的运动是平抛运动，选项A正确；在轨道B上运动的物体，做匀速圆周运动，抛出时的速度大于第一宇宙速度7.9km/s，选项B错误；使轨道C、D上物体的运动轨道变为圆轨道，可以在物体经过O点时减小物体的速度，此时的圆轨道可以过O点，选项C正确；在轨道E上运动的物体，将会克服地球的引力，抛出时的速度肯定等于或大于其次宇宙速度11.2km/s，选项D错误。答案AC2.(多选)我国探月工程“绕、落、回”三步走的最终一步即将完成，即月球探测器实现采样返回，探测器在月球表面着陆的过程可以简化如下，探测器从圆轨道1上A点减速后变轨到椭圆轨道2，之后又在轨道2上的B点变轨到近月圆轨道3，示意图如图10所示。已知探测器在轨道1上的运行周期为T1，O为月球球心，C为轨道3上的一点，AC与AO之间的最大夹角为θ，则下列说法正确的是()图10A.探测器要从轨道2变轨到轨道3须要在B点点火加速B.探测器在轨道1上的速度小于在轨道2上经过B点的速度C.探测器在轨道2上经过A点时速度最小，加速度最大D.探测器在轨道3上运行的周期为eq\r(sin3θ)T1解析探测器要从轨道2变轨到轨道3须要在B点减速，选项A错误；探测器在轨道1上的速度小于在轨道3上的速度，探测器在轨道2上经过B点的速度大于在轨道3上的速度，故探测器在轨道1上的速度小于在轨道2上经过B点的速度，选项B正确；探测器在轨道2上经过A点时速度最小，A点是轨道2上距离月球最远的点，故由万有引力产生的加速度最小，选项C错误；由开普勒第三定律可知eq\f(Teq\o\al(2,1),req\o\al(3,1))＝eq\f(Teq\o\al(2,3),req\o\al(3,3))，其中eq\f(r3,r1)＝sinθ，解得T3＝eq\r(sin3θ)T1，选项D正确。答案BD卫星的追及与相遇问题1.相距最近两卫星的运转方向相同，且位于和中心连线的半径上同侧时，两卫星相距最近，从运动关系上，两卫星运动关系应满意(ωA－ωB)t＝2nπ(n＝1，2，3，…)。2.相距最远当两卫星位于和中心连线的半径上两侧时，两卫星相距最远，从运动关系上，两卫星运动关系应满意(ωA－ωB)t′＝(2n－1)π(n＝1，2，3，…)。3.“行星冲日”现象在不同圆轨道上绕太阳运行的两个行星，某一时刻会出现两个行星和太阳排成一条直线的“行星冲日”现象，属于天体运动中的“追及相遇”问题，此类问题具有周期性。【例5】(多选)地球位于太阳和行星之间且三者几乎排成一条直线的现象，天文学上称为“行星冲日”。火星与地球几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳近似做匀速圆周运动。不考虑火星与地球的自转，且假设火星和地球的轨道平面在同一个平面上，相关数据见下表。则依据供应的数据可知()质量半径与太阳间距离地球mRr火星约0.1m约0.5R约1.5rA.在火星表面旁边放射飞行器的速度至少为7.9km/sB.理论上计算可知，相邻两次“火星冲日”的时间间隔大约为1年C.火星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比约为2∶5D.火星运行的加速度比地球运行的加速度小解析依据eq\f(Gm0m′,Req\o\al(2,0))＝eq\f(m′v2,R0)，解得v＝eq\r(\f(Gm0,R0))，则eq\f(v火,v地)＝eq\r(\f(m火,R火)×\f(R地,m地))＝eq\r(0.2)＜1，则v火＜v地＝7.9km/s，即在火星表面旁边放射飞行器的最小速度小于7.9km/s，选项A错误；依据开普勒第三定律，可得eq\f(（1.5r）3,Teq\o\al(2,火))＝eq\f(r3,Teq\o\al(2,地))，则T火≈1.84T地＝1.84年，相邻两次“火星冲日”的时间间隔t里，地球多公转一周，则eq\f(t,T地)－eq\f(t,T火)＝1，解得t≈2.2年，选项B错误；行星对表面物体的万有引力等于物体在行星表面时受到的重力，即eq\f(Gm0m物,Req\o\al(2,0))＝m物g，解得g＝eq\f(Gm0,Req\o\al(2,0))，则eq\f(g火,g地)＝eq\f(m火,Req\o\al(2,火))×eq\f(Req\o\al(2,地),m地)＝eq\f(2,5)，选项C正确；太阳对行星的万有引力充当行星做圆周运动的向心力，即eq\f(GMm0,req\o\al(2,0))＝m0a，解得a＝eq\f(GM,req\o\al(2,0))，则eq\f(a火,a地)＝eq\f(req\o\al(2,地),req\o\al(2,火))＝eq\f(1,1.52)＜1，可知火星运行的加速度比地球运行的加速度小，选项D正确。答案CD1.经长期观测发觉，A行星运行轨道的半径近似为R0，周期为T0，其实际运行的轨道与圆轨道存在一些偏离，且周期性地每隔t0(t0＞T0)发生一次最大的偏离，如图11所示，天文学家认为形成这种现象的缘由可能是A行星外侧还存在着一颗未知行星B，已知行星B与行星A同向转动，则行星B的运行轨道(可认为是圆轨道)半径近似为()图11A.R＝R0eq\r(3,\f(teq\o\al(2,0),（t0－T0）2)) B.R＝R0eq\f(t0,t0－T0)C.R＝R0eq\r(\f(teq\o\al(3,0),（t0－T0）3)) D.R＝R0eq\r(\f(t0,t0－T0))解析A行星运行的轨道发生最大偏离，肯定是B对A的引力引起的，且B行星在此时刻对A有最大的引力，故此时A、B行星与恒星在同始终线上且位于恒星的同一侧，设B行星的运行周期为T，运行的轨道半径为R，依据题意有eq\f(2π,T0)t0－eq\f(2π,T)t0＝2π，所以T＝eq\f(t0T0,t0－T0)，由开普勒第三定律可得eq\f(Req\o\al(3,0),Teq\o\al(2,0))＝eq\f(R3,T2)，联立解得R＝R0eq\r(3,\f(teq\o\al(2,0),（t0－T0）2))，故A正确，B、C、D错误。答案A2.(多选)(2024·四川成都七中4月检测)如图12所示，质量相同的三颗卫星a、b、c绕地球沿逆时针方向做匀速圆周运动。其中a为遥感卫星“珞珈一号”，在半径为R的圆轨道上运行，经过时间t，转过的角度为θ；b、c为地球的同步卫星，某时刻a、b恰好相距最近。已知地球自转的角速度为ω，引力常量为G，则()图12A.地球质量为M＝eq\f(θ2R3,Gt2)B.卫星a的机械能小于卫星b的机械能C.若要卫星c与b实现对接，干脆让卫星c加速即可D.卫星a和b下次相距最近还需的时间为eq\f(2πt,θ－ωt)解析卫星a绕地球做匀速圆周运动，则有Geq\f(Mm,R2)＝m(eq\f(θ,t))2R，解得地球质量为M＝eq\f(θ2R3,Gt2)，选项A正确；卫星从低轨道到高轨道须要外力做正功，卫星a、b质量相同，所以卫星a的机械能小于卫星b的机械能，选项B正确；卫星c加速，所需的向心力增大，由于万有引力小于所需的向心力，卫星c会做离心运动，离开原轨道，所以不能与b实现对接，选项C错误；由于b为地球的同步卫星，所以卫星b的角速度等于地球自转的角速度，对卫星a和b下次相距最近还须要的时间T，有eq\f(θ,t)T－ωT＝2π，解得T＝eq\f(2πt,θ－ωt)，选项D正确。答案ABD课时作业(时间：25分钟)基础巩固练1.宇宙中两颗相距较近的天体称为“双星”，它们以二者连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动，而不会因为万有引力的作用而吸引到一起。如图1所示，某双星系统中A、B两颗天体绕O点做匀速圆周运动，它们的轨道半径之比rA∶rB＝1∶2，则两颗天体的()图1A.质量之比mA∶mB＝2∶1B.角速度之比ωA∶ωB＝1∶2C.线速度大小之比vA∶vB＝2∶1D.向心力大小之比FA∶FB＝2∶1解析双星绕连线上的一点做匀速圆周运动，其角速度相同，周期相同，两者之间的万有引力供应向心力，F＝mAω2rA＝mBω2rB，所以mA∶mB＝2∶1，选项A正确，B、D错误；由v＝ωr可知，线速度大小之比vA∶vB＝1∶2，选项C错误。答案A2.关于环绕地球运动的卫星，下列说法正确的是()A.分别沿圆轨道和椭圆轨道运行的两颗卫星，不行能具有相同的周期B.沿椭圆轨道运行的一颗卫星，在轨道不同位置可能具有相同的速率C.在赤道上空运行的两颗地球同步卫星，它们的轨道半径有可能不同D.沿不同轨道经过北京上空的两颗卫星，它们的轨道平面肯定会重合解析环绕地球运动的卫星，由开普勒第三定律eq\f(R3,T2)＝k，当椭圆轨道半长轴与圆形轨道的半径相等时，两颗卫星周期相同，故A错误；沿椭圆轨道运行的卫星，只有引力做功，机械能守恒，在轨道上相互对称的地方(到地心距离相等的位置)速率相同，故B正确；全部地球同步卫星相对地面静止，运行周期都等于地球自转周期，由Geq\f(Mm,R2)＝meq\f(4π2R,T2)，解得R＝eq\r(3,\f(GMT2,4π2))，轨道半径都相同，故C错误；同一轨道平面、不同轨道半径的卫星，相同轨道半径、不同轨道平面的卫星，都有可能(不同时刻)经过北京上空，故D错误。答案B3.2024年5月9日，夜空上演了“木星冲日”的精彩天象。火星、木星、土星等地外行星绕日公转过程中与地球、太阳在一条直线上且太阳和地外行星位于地球两侧称为行星“冲日”，假如行星与太阳位于地球同侧称为行星“合日”。现将木星和地球近似看成在同一平面内沿相同方向绕太阳做匀速圆周运动，已知木星的轨道半径r1＝7.8×1011m，地球的轨道半径r2＝1.5×1011m，依据你所驾驭的学问，估算出木星从本次“冲日”到下一次“合日”的时间大约为()A.3个月 B.6个月C.1.1年 D.2.1年解析依据开普勒第三定律得eq\f(Teq\o\al(2,1),Teq\o\al(2,2))＝eq\f(req\o\al(3,1),req\o\al(3,2))，木星与地球的运行周期之比eq\f(T1,T2)＝eq\r(\f(req\o\al(3,1),req\o\al(3,2)))＝11.9，由于地球的运行周期为T2＝1年，则木星的运行周期为T1＝11.9年，则木星从本次“冲日”到最近一次“合日”两行星转过的角度差为π，所以两次间隔的时间t＝eq\f(π,\f(2π,T2)－\f(2π,T1))＝0.55年，约为6个月，选项B正确。答案B4.2024年7月10日4时58分，我国在西昌卫星放射中心用长征三号甲运载火箭，胜利放射了第三十二颗北斗导航卫星。该卫星属倾斜地球同步轨道卫星，卫星入轨并完成在轨测试后，将接入北斗卫星导航系统，为用户供应更牢靠服务。通过百度查询知道，倾斜地球同步轨道卫星是运转轨道面与地球赤道面有夹角的轨道卫星，它的运转周期也是24小时，如图2所示，关于该北斗导航卫星说法正确的是()图2A.该卫星可定位在北京的正上空B.该卫星与地球静止轨道卫星的向心加速度大小是不等的C.该卫星的放射速度v≤7.9km/sD.该卫星的角速度与放在北京地面上物体随地球自转的角速度大小相等解析依据题意，该卫星是倾斜轨道，故不行能定位在北京的正上空，选项A错误；由于该卫星的运转周期也是24小时，与地球静止轨道卫星的周期相同，故轨道半径、向心加速度大小均相同，故选项B错误；第一宇宙速度7.9km/s是最小的放射速度，故选项C错误；依据ω＝eq\f(2π,T)可知，该卫星的角速度与放在北京地面上物体随地球自转的角速度大小相等，故选项D正确。答案D5.(多选)(2024·云南昆明模拟)2024年12月8日，我国在西昌卫星放射中心用长征三号乙运载火箭胜利放射“嫦娥四号”探测器，“嫦娥四号”经过多次变轨，于2024年1月3日胜利着陆在月球背面。如图3所示为某次变轨时的示意图，轨道Ⅰ为绕月运行的椭圆轨道，轨道Ⅱ为绕月运行的圆轨道，两轨道相切于P点，下列说法正确的是()图3A.“嫦娥四号”在轨道Ⅰ上经过Q点时的速度小于在轨道Ⅰ上经过P点时的速度B.“嫦娥四号”在轨道Ⅰ上经过P点时的速度小于在轨道Ⅱ上经过P点时的速度C.“嫦娥四号”在轨道Ⅰ上经过P点时的加速度等于在轨道Ⅱ上经过P点时的加速度D.若已知“嫦娥四号”绕月圆轨道Ⅱ的半径、运动周期和引力常量，可算出月球的密度解析“嫦娥四号”围绕月球在椭圆轨道Ⅰ上运行时，机械能守恒，在近月点P引力势能最小，动能最大，速度最大，所以“嫦娥四号”在轨道Ⅰ上经过Q点时的速度小于在轨道Ⅰ上经过P点时的速度，选项A正确；“嫦娥四号”在轨道Ⅰ上经过P点时须要减速才能转移到轨道Ⅱ上做匀速圆周运动，所以“嫦娥四号”在轨道Ⅰ上经过P点时的速度大于在轨道Ⅱ上经过P点时的速度，选项B错误；依据万有引力定律可知，“嫦娥四号”经过同一点所受万有引力相等，依据牛顿其次定律可知，“嫦娥四号”在轨道Ⅰ上经过P点时的加速度等于在轨道Ⅱ上经过P点时的加速度，选项C正确；由Geq\f(Mm,r2)＝mr(eq\f(2π,T))2，解得M＝eq\f(4π2r3,GT2)，若已知“嫦娥四号”绕月圆轨道Ⅱ的半径r、运动周期T和引力常量G，可以得出月球的质量M，但由于不知道月球半径R，故不能得出月球的密度，选项D错误。答案AC6.(多选)太空中存在一些离其他恒星较远的、由质量相等的三颗星组成的三星系统，通常可忽视其他星体对它们的引力作用。已观测到稳定的三星系统存在两种基本的构成形式(如图4)：一种是三颗星位于同始终线上，两颗星围绕中心星在同一半径为R的圆轨道上运行；另一种形式是三颗星位于等边三角形的三个顶点上，并沿外接于等边三角形的圆形轨道运行。设这三颗星的质量均为M，并设两种系统的运动周期相同，则()图4A.直线三星系统中甲星和丙星的线速度相同B.直线三星系统的运动周期T＝4πReq\r(\f(R,5GM))C.三角形三星系统中星体间的距离L＝eq\r(3,\f(12,5))RD.三角形三星系统的线速度大小为eq\f(1,2)eq\r(\f(5GM,R))解析直线三星系统中甲星和丙星的线速度大小相同，方向相反，选项A错误；直线三星系统中有Geq\f(M2,R2)＋Geq\f(M2,（2R）2)＝Meq\f(4π2,T2)R，解得T＝4πReq\r(\f(R,5GM))，选项B正确；对三角形三星系统依据万有引力和牛顿其次定律得2Geq\f(M2,L2)cos30°＝Meq\f(4π2,T2)·eq\f(L,2cos30°)，联立解得L＝eq\r(3,\f(12,5))R，选项C正确；三角形三星系统的线速度大小为v＝eq\f(2πr,T)＝eq\f(2π\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(L,2cos30°))),T)，代入解得v＝eq\f(\r(3),6)·eq\r(3,\f(12,5))·eq\r(\f(5GM,R))，选项D错误。答案BC综合提能练7.(2024·广东省普宁二中高三模拟)2024年6月14日1