2025年西师新版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年西师新版高三物理下册阶段测试试卷618考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、【题文】下列设备或做法中，利用了尖端放电原理的是（）A.避雷针B.油罐车接地的铁链C.静电除尘D.给飞机加油时，要把油箱与大地用电缆连接起来2、2011

年7

月我国“蛟龙”号载人潜水器成功实现下潜5km

深度。设潜水器在下潜或上升过程中只受重力、海水浮力和海水阻力作用，其中，海水浮力F

始终不变，所受海水阻力仅与潜水器速率有关。已知当潜水器的总质量为M

时恰好匀速下降，若使潜水器以同样速率匀速上升，则需要从潜水器储水箱向外排出水的质量为(

重力加速度为g)(

)

A.2(M鈭�Fg)

B.M鈭�2Fg

C.2M鈭�Fg

D.2M鈭�F2g

3、如图所示，导线ab和cd互相平行；则下列四种情况下导线中无电流的是（）

A.开关S闭合或断开的瞬间B.开关S是闭合的，但滑动触头向左滑C.开关S是闭合的，但滑动触头向右滑D.开关S始终闭合，不滑动触头4、“神舟”十号飞船在太空中飞行时，中央电视台曾播放王亚萍在飞船上做太空实验的镜头，从镜头中可看到一个水球“悬”在空中的情景，其原因是（）A.水球质量太小，所受地球引力可以忽略B.水球离地球太远，所受地球引力可以忽略C.水球受到空气浮力的作用D.水球处于完全失重状态5、物体的初速度在水平方向，只受重力作用下在空中作什么运动？（）A.直线运动B.圆周运动C.平抛运动D.竖直上抛运动6、如图所示，质量为m的弹丸以速度v0水平向右射中质量为M的静止的单摆摆球，使其摆动，当摆球摆动经最低点时，又被另一颗完全相同的弹丸仍以对地速度v0向右击中．两次击中后弹丸均未穿出摆球．已知摆长为L，击中后单摆的运动可视为简谐振动，则第2次击中后不可能出现的情况是（）A.由摆球（2m+M）组成的单摆静止B.摆球（2m+M）向右摆动，最大速度等于C.机械能一定增加，摆动幅度一定增大D.从开始摆动到第2次击中时，单摆运动了nπs（n=1，2，3，）7、放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，力F的大小和物块速度v的大小与时间t的关系如下：F=和v=

取g=10m/s2，则物块的质m和物块与接触面的动摩擦因数μ为（）A.m=1kgμ=0.4B.m=1kgμ=0.2C.m=1.5kgμ=0.2D.m=2kgμ=8、若要减小通过绕线电阻的电流，在电阻线两端电压不变的情况下，有效的办法是（）A.只增加电阻线的长度B.只增加电阻线的横截面积C.只再在其两端并联一个阻值相同的电阻D.只改用电阻率小的电阻线绕制9、电位器是变阻器的一种．如图所示，如果把电位器与灯泡串联起来，利用它改变灯泡的亮度，下列说法正确的是（）A.连接B使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗B.连接C使滑动触头逆时针转动，灯泡变亮C.连接C使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗D.连接C使滑动触头顺时针转动，灯泡变暗评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)10、（2016•上海模拟）如图．水平面内有一“∠”型光滑金属导轨COD，电阻不计，∠COD=45°．足够长直导体棒搁在导轨上，单位长度的电阻为r=0.5Ω，导体棒垂直OD．空间存在垂直于导轨平面的磁场，以O点为原点沿0D方向建立坐标轴，导轨间x＞0一侧存在沿x方向均匀增大的稳恒磁场，变化率为0.5T/m，O点磁感应强度B0=1T．在外力作用下，棒以一定的初速度向右做直线运动，运动时回路中的电流强度保持不变．已知运动到图中x1=1m位置时，速度大小v1=2m/s，则回路中的电流强度大小为____A，从x1=1m位置再向右运动1m的过程中，通过导体棒的电量为____C．11、汽车在水平路面上做环绕运动，设轨道圆半径为R，路面汽车的最大静摩擦力是车重的，要使汽车不冲出跑道，汽车运动速度不得超过____．12、判断磁场对通电导线的作用力方向应用____手定则．其安培力的大小计算式F=____．13、（2012•金山区一模）在查理定律的原始表述中采用的是摄氏温标；获得的p-t图象如图所示．

（1）根据图象及坐标，该图象的函数表达式为____；

（2）若将上述一定量的气体（可视为理想气体）在0℃时缓慢地压缩为原来体积的，然后保持这一体积不变，改变温度，又获得一条等容线，试在上图中画出该等容线．14、（2010•上海模拟）A、B为相同大小的两正三角形板块，如图所示铰接于M、N、P三处并静止．M、N在同一水平天花板上，A板较厚，质量分布均匀，重力为G．B板较薄，重力不计．三角形的竖直边垂直于天花板．那么，B板对铰链P的作用力的方向为____，作用力的大小为____．15、如图甲为用螺旋测微器、图乙为用游标尺上有20个等分刻度的游标卡尺测量工件的情况，请读出它们的读数分别为______mm，______mm．16、电场中P点的电场强度大小为100N/C，一个点电荷在P点受到的电场力大小为0.01N，则点电荷所带的电量为____．17、（2007•福建学业考试）如图为一列简谐横波在某时刻的波形图象．已知波速为20m/s，则此波的振幅为____cm，波长为____m，频率为____Hz．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)18、电场力大的地方电场强度一定大．____．（判断对错）19、一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升到200℃时，其体积增加为原来的2倍．____．（判断对错）20、单晶体的所有物理性质都是各向异性的．____．（判断对错）21、两滴水银相接触，立即合并到一起以及熔化的蜡从蜡烛上流下来，冷却后呈球形，均是由液体表面张力造成的．____．（判断对错）22、某时刻一个分子的速度的大小和方向是偶然的．____．（判断对错）23、阴离子在阳极放电，阳离子在阴极放电．____（判断对错）24、任意两条电场线都不相交．____．（判断对错）25、将未饱和汽转化成饱和汽，可以用保持温度不变，减小体积，或是保持体积不变，降低温度，也可以用保持体积不变，减小压强．____．（判断对错）评卷人得分四、计算题(共4题，共8分)26、（18分）如图所示，在y轴左侧有一匀强电场，场强大小为E，方向与x轴平行且沿x轴正向，在y轴右侧有一匀强磁场，方向垂直纸面向外。现将一挡板放在第一象限内，其与x、y轴的交点M、N到坐标原点的距离均为2L。有一质量为m电荷量为+q的粒子在第二象限内从距x轴为L、y轴为4L的P点由静止释放（不计重力），粒子与挡板碰后电荷量不变，速度大小不变方向变为沿y轴正向，当粒子第一次到达y轴时电场消失。求：（1）粒子第一次到达y轴时距坐标原点多远？（2）若使粒子再次打到档板上，磁感应强度的大小的取值范围？27、【题文】如图14所示，竖直平面内有一边长为L、质量为m，电阻为R的正方形线框在竖直向下的匀强重力场和水平方向的磁场组成的复合场以初速度v0水平抛出（忽略空气阻力）。运动过程中正方形线框始终在磁场中运动且磁场方向与线框平面始终垂直，磁场的磁感应强度随水平向右的x轴按B=B0+kx的规律均匀增大。（已知重力加速度为g）求：

（1）线框水平方向速度为v1时,线框中瞬时电流的大小；

（2）线框在复合场中运动经时间t，此时速度为v2求此时电功率。28、【题文】某热水袋内水的体积约为已知水的摩尔质量为阿伏伽德罗常数为求它所包含的水分子数目约为多少？（计算结果保留2位有效数字）29、如图所示，用遥控器控制小车，使小车从静止开始沿倾角为娄脕=37鈭�

的斜面向上运动，该过程可看成匀加速直线运动，牵引力F

大小为25N

运动x

距离时出现故障，此后小车牵引力消失，再经过3s

小车刚好达到最高点，且小车在减速过程中最后2s

内的位移为20m

已知小车的质量为1kgg=10m/s2(

已知sin37鈭�=0.6cos37鈭�=0.8)

求：

(1)

小车与斜面的动摩擦因数；

(2)

求匀加速运动过程中的位移x

．评卷人得分五、实验题(共1题，共2分)30、（6分）某同学利用图甲的实验装置来验证机械能守恒定律（1）该同学开始实验时情形如图甲所示，接通电源释放纸带。请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当的地方：①；②。（2）该同学经修改错误并正确操作研究从静止开始下落的物体所受阻力的情况，得到如图所示的纸带（A、B、C、D、E均为相邻的打点），测出A、C间的距离为14.77cm，点C、E间的距离为16.33cm。已知当地重力加速度为10m/s2，重锤质量为m=1.0kg，设重锤所受阻力大小不变。在从A下落到E的过程中，阻力大小为________N（保留两位有效数字）。（已知电源的频率为50HZ）评卷人得分六、综合题(共1题，共2分)31、【物理隆陋隆陋

选修3鈭�4

】(1)

如图甲，同一均匀介质中的一条直线上有相距10m

的两质点A

、B

，C

为AB

中点。从0

时刻起，A

、B

同时开始振动，且都只振动了一个周期。图乙为A

的振动图像，图丙为B

的振动图像。若A

向右传播的波与B

向左传播的波在0.5s

时相遇，则下列说法正确的是____A.两列波的波长都是5m

B.两列波在A

、B

间的传播速度均为10m/s

C.在两列波相遇过程中，C

为振动加强点D.在1s

时，质点B

经过平衡位置且振动方向向上E.1s

内，C

经过的路程为0

(2)

如图甲所示是由透明材料制成的半圆柱体，一束细光束由真空沿着径向与AB

成角射入，对射出的折射光线的强度随角的变化进行记录，得到的关系如图乙所示，如图丙所示是这种材料制成的器具，左侧是半径为R

的半圆，右侧是长为8R

高为2R

的长方体，一束单色光从左侧A鈥�

点沿半径方向与长边成37

角射入器具。已知光在真空中的传播速度为c

求：垄脵

该透明材料的折射率；垄脷

光线穿过器具的时间。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【解析】

试题分析：带电荷的云层靠近避雷针时；在避雷针尖端感应出与云层相反的静电，达到一定程度就向空中放电，中和云层中的电荷，利用了尖端放电原理，符合题意；油罐车上的搭地铁链是为了把产生的静电导走，不是利用尖端放电原理，不符合题意；静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，不是利用尖端放电原理，不符合题意；给飞机加油时，要把油箱与大地用电缆连接起来，为了把产生的静电导走，不是利用尖端放电原理，不符合题意；

考点：本题考查的是关于静电的防止与应用；

点评：要求同学们熟练掌握静电的防止与应用中具体实例的原理．【解析】【答案】A2、A【分析】解：潜水器匀速下降时；受到重力mg

向上的浮力F

向上的阻力f

根据平衡条件：

Mg=(F+f)垄脵

匀速上升时，设需要排出物体的质量为鈻�m

则受到的重力为(m鈭�鈻�m)g

向上的浮力仍为F

向下的阻力f

根据平衡：

F=(M鈭�鈻�m)g+f垄脷

由垄脵垄脷

式联立得：鈻�m=2(M鈭�Fg)

故A正确，BCD错误；

故选：A

分别对潜水器匀速下降和匀速上升过程进行受力分析；根据平衡条件求解即可。

本题关键对潜水器受力分析，要注意空气阻力与速度方向相反，速率不变，阻力大小不变，然后根据根据平衡条件列式求解。【解析】A

3、D【分析】【分析】产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化．根据闭合电路欧姆定律分析ab中电流是否变化，分析cd所在回路的磁通量是否变化，再进行判断．【解析】【解答】解：ABC、如果导线中无电流产生，则说明通过上面的闭合线圈的磁通量没有发生变化，也就是说通过导线ab段的电流没有发生变化．显然，A、B、C三种情况的过程通过导线ab中的电流都发生变化；都能在cd导线中产生感应电流．

D、开关S始终闭合，不滑动触头，ab中电流不变；穿过上面回路的磁通量不变，cd中不产生感应电流；

本题选无电流的，故选：D．4、D【分析】【分析】太空中的物体在转动过程中，由于受到的地球的引力充当物体转动的向心力；则物体有向下的加速度．【解析】【解答】解：因水球随飞船在绕地球做圆周运动；水球受到的引力充当水球的向心力；物体加速度向下，则水球处于完全失重状态，水球对飞船没有压力；

水球漂浮在空中；故ABC错误，D正确；

故选：D．5、C【分析】【分析】平抛运动的特点是初速度水平，仅受重力，做匀变速曲线运动．【解析】【解答】解：物体的初速度在水平方向；只受重力作用下在空中作平抛运动．

故选：C．6、C【分析】【分析】子弹击中单摆的过程，子弹和摆球组成的系统遵守动量守恒，由此定律分析摆球（2m+M）组成的单摆的状态，并求解出向右摆动时的最大速度．系统要克服阻力做功，系统的机械能一定减少．根据单摆的运动过程分析其运动时间．【解析】【解答】解：

A；B、取向右为正方向．第一颗击中摆球的过程；由子弹和摆球组成的系统动量守恒得：

mv0=（M+m）v1，得v1=

若当摆球向右经最低点时；被另一颗完全相同的弹丸击中，则由系统的动量守恒得：

（M+m）v1+mv0=（2m+M）v2

联立得v2=

若当摆球向左经最低点时；被另一颗完全相同的弹丸击中，则由系统的动量守恒得：

（M+m）v1-mv0=（2m+M）v2

联立得v2=0

故由摆球（2m+M）组成的单摆可能静止，最大速度可能等于．故AB正确．

C；由于系统克服阻力做功；系统的机械能一定减少，机械能增大不可能，故C错误．

D、子弹击中后单摆的运动可视为简谐振动，从开始摆动到第2次击中时，单摆运动的时间为t=n•=nπ；（n=1，2，3，），故D正确．

本题选不可能的，故选：C7、A【分析】【分析】物体4-6s内匀速运动，可根据平衡条件求得滑动摩擦力．再根据v的表达式，求出2s-4s内物体的加速度，根据牛顿第二定律求解质量．即可由摩擦力公式f=μN求解μ．【解析】【解答】解：由题可知4-6s，物块做匀速运动，有Ff=F=4N．

在2s-4s内，由v=（4t-8）m/s，可知，加速度为a==4m/s2；物块做匀加速运动．

由牛顿第二定律得：ma=F-Ff；

将F=8N、Ff=4N，a=4m/s2，代入解得：m===1kg．

由动摩擦力公式得：μ===0.4；故A正确．

故选：A．8、A【分析】【分析】根据欧姆定律可知，电压不变，要减小电流，则要增大电阻，而影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，且其它条件相同，导体越长、横截面积越小，导体的电阻越大．【解析】【解答】解：根据欧姆定律可知；电压不变，要减小电流，则要增大电阻；

A；只增加电阻线的长度；电阻增大，故A正确；

B；只增加电阻线的横截面积；电阻减小，故B错误；

C；只再在其两端并联一个阻值相同的电阻；总电阻减小，故C错误；

C；只改用电阻率小的电阻线绕制；电阻减小，故D错误．

故选：A9、A【分析】【分析】连接A、B使滑动触头顺时针转动时，根据电阻定律，电位器接入电路的电阻增大，电流减小，灯泡的功率P=I2R，P减小，灯泡变暗．连接A、C，电位器接入电路的电阻不变．连接B、C使滑动触头顺时针转动时，位器接入电路的电阻减小，灯泡变亮．【解析】【解答】解：A、连接A、B使滑动触头顺时针转动时，根据电阻定律，电位器接入电路的电阻增大，电流减小，灯泡的功率P=I2R；P减小，灯泡变暗．故A正确．

BC；连接A、C；电位器无论怎滑动触头，接入电路的电阻不变，电流不变，灯光亮度不变．故BC错误．

D；连接B、C使滑动触头顺时针转动时；位器接入电路的电阻减小，电流增大，灯泡变亮．故D错误．

故选：A．二、填空题(共8题，共16分)10、63.5【分析】【分析】先根据题意求出x1=1m位置磁感应强度和导体棒有效的切割长度；再由E=BLv求出感应电动势，再由欧姆定律求出回路中的电流强度．

导体棒向右运动的过程中，B均匀增大，结合B-x图象的面积求出磁通量的变化量△Φ，根据q=求通过导体棒的电量．【解析】【解答】解：由题可得，x1=1m位置磁感应强度B1=B0+0.5x1=1+0.5=1.5T

导体棒有效的切割长度L1=x1=1m

则导体棒产生的感应电动势E=B1L1v1=1.5×1×2=3V

回路中的电阻R=rx1=0.5Ω

由欧姆定律得，回路中的电流强度大小I==6A

设移动到x位置（1＜x＜2）

在极短时间△t内产生的电量△q=I△t

此时B的大小为Bx=B0+0.5x

l=x，v1=2m/s；电阻R的大小0.5x

导体棒产生的感应电动势为E=Blv=（x+0.5x）xv

感应电流I===（2+x）v

则△q=（2+x）v△t

△t=

得△q=（2+x）v•=（2+x）△x

故q=（+2x）|=3.5C

故答案为：6，3.5．11、【分析】【分析】汽车沿圆跑道行驶时，由静摩擦力提供向心力，当静摩擦力达到最大值时，车速达到最大，由牛顿第二定律求出最大速度．【解析】【解答】解：以汽车为研究对象，当汽车受到的静摩擦力达到最大值时速度达到最大，设最大速度为vm．

根据牛顿第二定律得：

fm=

又由题意有：fm=mg

联立解得：vm==

故答案为：12、左BILsinα，α是导体与磁场方向的夹角【分析】【分析】根据左手定则，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是导线受的安培力的方向．根据F=BILsinα，α是导体与磁场的夹角，来计算安培力的大小即可．【解析】【解答】解：（1）通电导线所受安培力方向；由左手定则判定．

（2）安培力的大小为：

F=IBLBILsinα；α是导体与磁场的夹角；

故答案为：左，BILsinα，α是导体与磁场的夹角，13、p=（1+）×105【分析】【分析】（1）由图看出；图象是直线，根据数学知识，得到图象的函数表达式．

（2）所有等容线都是过-273℃的直线，分别作出等容线．【解析】【解答】解：（1）由图看出，图象是直线，即P与t是线性关系，由图象得到斜率k=；横轴截距为-273，则由数学知识得：该图象的函数表达式为。

p=（1+）×105．

（2）由题意；气体先等温膨胀，后作等容变化，作出等容线如下图．

故答案为：（1）p=（1+）×105．（2）画出该等容线如图所示．14、P到N【分析】【分析】对B分析可知B受拉力的方向，对A分析找出力臂由力矩平衡可求得作用力的大小．【解析】【解答】解：因B的质量忽略不计；故B重力对平衡没有影响，故对B平衡起作用的只有N和P点，即只有NP起作用，故B可以作为杆处理；故拉力只能沿P到N；

对A分析，A受重力和P点的拉力而关于支点M平衡，设边长为L，由几何关系可知，重力的力臂L1=L×=L，拉力的力矩L2=L；

则由力矩平衡可知，Mg×L=F×L；解得：

F=；

故答案为：P到N；．15、略

【分析】解：螺旋测微器固定刻度读数1.5mm；可动刻度读数为0.01×38.0mm=0.380mm，所以读数为：1.5mm+0.380mm=1.880mm．

游标卡尺主尺读数为23mm；游标尺上第17个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为：0.05×17mm=0.85mm，所以最终读数为：23mm+0.85mm=23.85mm；

故答案为：1.880；23.85．

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，再读可动刻度读数时需估读．

解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，要注意游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，再读可动刻度读数时需估读．【解析】1.880；23.8516、10-4C【分析】【分析】根据场强的定义式E=，对公式进行变形，就可求出点电荷的电量．【解析】【解答】解：已知E=100N/C；F=0.01N

由E=，得q===1×10-4C

故答案为：10-4C．17、545【分析】【分析】简谐运动的质点离平衡位置的最大距离叫做振幅，由y的最大值读出；对于简谐横波，相邻两个波峰或波谷间的距离等于一个波长，由图直接读出，由波速公式求解该波的频率．【解析】【解答】解：振幅和波长的定义分别是：质点离平衡位置的最大距离叫做振幅；对于简谐横波；相邻两个波峰或波谷间的距离等于一个波长，则由图读出，振幅为：A=5cm，波长为：λ=4m．

由波速公式v=λf，得，频率为：f==Hz=5Hz

故答案为：5，4，5．三、判断题(共8题，共16分)18、×【分析】【分析】根据电场强度的定义式E=变形得到F与E的关系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根据电场强度的定义式E=得：F=qE

可知电场力与电场强度和电荷量都有关；则电场力大的地方电场强度不一定大，故该判断是错的．

故答案为：×．19、×【分析】【分析】一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化【解析】【解答】解：根据理想气体的状态方程，一定质量的气体，保持压强不变，温度升高时气体的体积跟它的热力学温度成正比，即：；

初状态：T0=100℃=373K，末状态：T1=200℃=473K；所以温度从100℃升高到200℃时，它的体积改变为原来的倍．

故答案为：×20、×【分析】【分析】晶体有单晶体和多晶体两种，单晶体各向异性，而多晶体各向同性．【解析】【解答】解：由于晶体在不同方向上物质微粒的排列情况不同；即为各向异性，则为单晶体具有各向异性，但并不是所有物理性质都是各向异性的．故该说法是错误的．

故答案为：×21、√【分析】【分析】作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势．【解析】【解答】解：两滴水银相接触；立即合并到一起以及熔化的蜡烛从燃烧的蜡烛上流下来，冷却后呈球形，是因为表面张力使液体表面有收缩的趋势．故该说法是正确的．

故答案为：√22、√【分析】【分析】分子在永不停息的做无规则热运动，物体内部个别分子的速度具有怎样的数值和方向完全是偶然的，但就大量分子的整体来看，在一定的条件下，物体分子的速度分布也遵从一定的统计规律．【解析】【解答】解：对于大量分子；其运动有一定的统计规律，但对于个别分子，其运动的速度完全是偶然的；

故答案为：√23、×【分析】【分析】阴极射线是在1858年利用低压气体放电管研究气体放电时发现的．1897年约瑟夫•约翰•汤姆生根据放电管中的阴极射线在电磁场和磁场作用下的轨迹确定阴极射线中的粒子带负电，并测出其荷质比，这在一定意义上是历史上第一次发现电子．【解析】【解答】解：阴极即负极；阴极射线是负极发出的射线，是电子流；同理，阳离子在阳极放电．故该说法是错误的．

故答案为：×．24、√【分析】【分析】掌握电场线特点是解本题的关键，电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合．【解析】【解答】解：电场中任意两条电场线不会相交；否则相交的地方的电场线的方向有两个．所以该说法是正确的．

故答案为：√25、×【分析】【分析】根据饱和汽压仅仅与温度有关，然后结合理想气体的状态方程即可正确解答．【解析】【解答】解：根据与饱和蒸汽压有关的因素可知；同一种蒸汽的饱和蒸汽压仅仅与温度有关，与其体积无关．所以该说法是错误的．

故答案为：×四、计算题(共4题，共8分)26、略

【分析】（1）设粒子与板作用前瞬间，速率为由动能定理有（1分）得（1分）粒子与档板碰后在电场中作类平抛运动，设到达y轴时与Q点的竖距离为y，在x轴方向有（1分）在y轴方向有（1分）由以上二式得（1分）（1分）故粒子第一次到达y轴时距坐标原点为（1分）（2）粒子到A点时，x轴方向的速度分量为（1分）设与y轴正向的夹角为有，故（1分）此时速度（1分）粒子进入磁场后将做匀速率圆周运动，转过300°后打到板上的N点时，磁感强度为最大，有（1分）又（1分）故=（1分）当磁感强度的大小减小到时，粒子做半径为r2的圆周运动到达y轴上的C点，之后沿直线运动打到板上的M点。∠OCM=30°，OC长为（1分）故（1分）同理（1分）所以B的取值范围为：≤B≤（2分）本题考查的是带电粒子在磁场和电场中运动的规律问题，首先根据动能定理计算出初速度，再根据带电粒子在电场中运动的规律计算出第一次到达y轴时距离原点的距离；最后根据粒子在磁场中运动的规律计算出磁感应强度的取值范围；【解析】【答案】（1）（2）≤B≤27、略

【分析】【解析】（1）设此时ad边所在处磁感应强度为B1=B0+kx

此时ad边产生的瞬时电动势的大小为：ead=（B0+kx）LV1（1分）

此时bc边所在处磁感应强度为B2=B0+k(x+L)

此时bc边产生的瞬时电动势的大小为：ebc=[B0+k(x+L）]LV1（1分）

线框中瞬时电动势的大小为：e=ebc-ead=(B2-B1)LV1=KL2V1（1分）

线框中瞬时电流的大小为（1分）

（2）情况I：若水平速度为零：线框的速度V2为竖直向下。

线框中瞬时电功率的大小为零。（2分）

情况II：若线框水平速度不为零：

线框在竖直方向做自由落体运动：Vy=gt（1分）

此时线框水平方向速度：（1分）

线框中瞬时电动势的大小为：e=eed-eab=(B2-B1)LVx=KL2Vx

线框中瞬时电流的大小为：（1分）

线框中瞬时电功率的大小为：

（1分）【解析】【答案】（1）（2）28、略

【分析】【解析】

试题分析：已知一热水袋内水的体积大约是：水的密度为则一滴露水含有的水分子数目为

考点：本题考查了阿伏伽德罗常数的计算。【解析】【答案】29、略

【分析】

(1)

小车牵引力消失后做匀减速运动；已知时间；位移和末速度，将其运动看成反向的初速度为零的匀加速运动，由位移公式求得加速度，再由牛顿第二定律求动摩擦因数．

(2)

由速度公式求得牵引力刚消失时小车的速度.

再对匀加速运动过程运用牛顿第二定律求得加速度；最后由速度位移关系公式求位移x

．

本题考查牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，在动力学问题中是必求的量．【解析】解：(1)

设小车匀减速直线运动的加速度大小为a

最后2s

内的位移为x

可将匀减速运动看成反向的初速度为零的匀加速直线运动.

则有：

x=12at2

代入数据解得：a=10m/s2

．

小车的受力如图．

由牛顿第二定律得：mgsin娄脕+娄脤mgcos娄脕=ma

代入数据解得：娄脤=0.5

(2)

设牵引力消失时小车的速度为v

即为匀减速过程的初速度，在匀减速运动过程中，得：

v=at=10隆脕3=30m/s

在匀加速运动过程中；设加速度大小为a隆盲

小车的受力如图所示．

根据牛顿第二定律得：

F鈭�mgsin娄脕鈭�娄脤mgcos娄脕=ma隆盲

代入数据解得：a隆盲=15m/s2

．

由v2=2a隆盲x

得：x=v22a鈥�=3022脳15=30m

答：(1)

小车与斜面的动摩擦因数是