2025年外研版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、一细束平等光经玻璃镜折射后分为三种单色光a、b；c；并同时做如下实验：

（1）让三种单色光从同一块半圆形玻璃砖射入空气做全反射研究；

（2）让这三种单色光通过同一双缝干涉实验装置在光屏上产生进一步条纹；

（3）让这三种单色光分别照射锌板；

（4）让这三种单色光分别垂直投射到同一条直光导纤维的端面上．

下列说法中正确（）

A.a种色光的波动性最显著；产生全反射的临界角最小。

B.a种色光形成的干涉条纹间距最小。

C.如果b种色光能产生光电效应；则c种色光一定能产生光电效应。

D.c种色光穿过光导纤维的时间最小。

2、满载砂子的总质量为M的小车，在光滑水平面上做匀速运动，速度为v0。在行驶途中有质量为m的砂子从车上漏掉，则砂子漏掉后小车的速度应为（）A.v0B.C.D.3、下列化合物分子中，在核磁共振氢谱图中能给出三种信号的是()A.rm{{,!}_{;;;;;;;}}B.C.rm{CH_{3}OCH_{3}}D.rm{CH_{3}CH_{2}CH_{3}}4、如图所示是某电场中几条电场线；在电场中有A；B两点，试比较两点的电场强度E大小，其中正确的是（）

A.EA=EB

B.EA＞EB

C.EA＜EB

D.无法确定。

5、一个半径为r，带正电的实心金属球球心在x轴上的O点，金属球在周围空间产生静电场，则其电势φ在x轴上的分布情况正确的是（）6、一航天飞机下有一细金属杆，杆指向地心．若仅考虑地磁场的影响，则当航天飞机位于赤道上空（）A.由东向西水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由上向下B.由西向东水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由上向下C.沿地磁极的经线由南向北水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由下向上D.沿地磁极的经线由北向南水平飞行时，金属杆中感应电动势的方向一定由上向下7、一段粗细均匀的电阻丝，横截面的直径为d，电阻为R．把它拉成直径为的均匀细丝后，它的电阻变成（）A.100RB.10000RC.D.8、2016

年1

月1

日南京扬子江隧道实施免费通行政策，大大缓解市民过江压力，该隧道全程7.36

公里，设计时速为80km/h

隧道管养在夜间100鈭�500.

下列说法正确的是()A.汽车过7.36

公里隧道指的是汽车运动的位移B.设计时速80km/h

为瞬时速率C.100

养护开始指的时间间隔D.在遵守规定的情况下，4mim

内汽车可以通过隧道9、如图，是直线电流、环形电流磁场的磁感线分布图，其中电流方向与磁感线方向关系正确的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻。已知干电池的电动势约为1.5V

内阻约为1娄赂

电压表(0隆芦3V,3k娄赂)

电流表(0隆芦0.6A,1.0娄赂)

滑动变阻器有1(10娄赂,2A)

和2(100娄赂,0.1A)

各一只。

(1)

实验中滑动变阻器应选用______(

填“R1

”或“R2

”)

(2)

在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路。

(3)

在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U鈭�I

图线，由图可较准确地求出该电源电动势E=

______V

内阻，r=

______娄赂

11、如图所示的电路，当开关闭合时，小灯泡将________(

选填“逐渐”或“立刻”)

变亮.

当开关断开时，小灯泡将________(

选填“逐渐”或“立刻”)

熄灭．

12、所示的多用电表正确测量了一个13Ω的电阻后，需要继续测量一个阻值大概是2kΩ左右的电阻．在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，以下哪些操作步骤是必须的，请选择其中有用的，按操作的先后顺序用字母写出______

A．用螺丝刀调节表盘下中间部位的指针定位螺丝；使表针指零。

B．将红表笔和黑表笔接触。

C．把选择开关旋转到“×1k”位置。

D．把选择开关旋转到“×100”位置。

E．调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点．13、用2隆脕106Hz

的超声波检查胆结石，该超声波在结石和胆汁中的波速分别为2250m/s

和1500m/s

则该超声波在结石中的波长是胆汁中的________倍.

用超声波检查胆结石是因为超声波的波长较短，遇到结石时________(

选填“容易”或“不容易”)

发生衍射．14、芜湖交通经济广播电台是广大市民喜欢的媒体之一，该台播出频率为96.3MHz.

电磁波在空气中的传播速度取3.0隆脕108m/s

芜湖交通经济广播电台发射无线电波波长为______m(

保留三位有效数字)

．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)15、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、解答题(共2题，共6分)22、如图所示，在倾角为30°的斜面OA左侧有一竖直档板，档板与斜面OA间有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B=0.2T，档板上有一小孔P，OP=0.6m，现有一质量m=4×10-20kg，带电量q=+2×10-14C的粒子，从小孔以速度v=3×104m/s水平射进磁场区域．粒子重力不计．

（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径是多少？

（2）通过调整粒子进入磁场的速度大小可以控制粒子打到斜面OA时的速度方向；现若要粒子垂直打到斜面OA上，则粒子进入磁场的速度该调整为多少？此情况下粒子打到斜面OA的时间又为多少？

23、如图所示，两块竖直放置的平行金属板A、B，板距d=0.04m，两板间的电压U=400V，板间有一匀强电场．在A、B两板上端连线的中点Q的正上方，距Q为h=1.25m的P点处有一带正电小球，已知小球的质量m=5×10-6kg，电荷量q=5×10-8C．设A、B板足够长，g取10m/s2．求：

（1）带正电小球从P点开始由静止下落；经多长时间和金属板相碰？

（2）相碰时；离金属板上端的距离多大？

评卷人得分五、计算题(共4题，共40分)24、如图所示；回旋加速器的两个D型盒之间接有交变电源，电源电压为U．上方D型盒中央为质子源，静止的质量为m电量为e的质子经电场加速后，进入下方的D型盒．其最大轨道半径R，磁场的磁感应强度B；

（1）质子最初进入下方D型盒的动能是______．

（2）质子经回旋回速器最后得到的动能是______．

（3）交变电源的周期T是______．

25、如图所示，两平行金属导轨所在的平面与水平面夹角娄脠=37鈭�

导轨的一端接有电动势E=3V

内阻r=0.5娄赂

的直流电源，导轨间的距离L=0.4m.

在导轨所在空间内分布着磁感应强度B=0.5T

方向垂直于导轨所在平面向上的匀强磁场。现把一个质量m=0.04kg

的导体棒ab

放在金属导轨上，导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒的电阻R=1.0娄赂

导体棒恰好能静止。金属导轨电阻不计。(g

取10m/s2sin37鈭�=0.6cos37鈭�=0.8)

求：

(1)ab

受到的安培力大小；

(2)ab

受到的摩擦力大小。26、小球A

和B

的质量分别为mA

和mB

，且mA

>

mB

.

在某高度处将A

和B

先后从静止释放.

小球A

与水平地面碰撞后向上弹回，在释放处下方与释放处距离为H

的地方恰好与正在下落的小球B

发生正碰.

设所有碰撞都是弹性的，碰撞时间极短.

求小球A

、B

碰撞后B

上升的最大高度．27、如图甲所示，两根足够长的平行导轨处在与水平方向成娄脠=37鈭�

角的斜面上，两导轨间距L=0.3m.

导轨两端各接一个阻值R0=2娄赂

的电阻；在斜面上加有磁感应强度B=1T

方向垂直于导轨平面的匀强磁场.

一质量m=1kg

电阻r=2娄赂

的金属棒横跨在平行导轨间，棒与导轨间的动摩擦因数娄脤=0.5

金属棒以v0=10m/s

的初速度上滑，直至上升到最高点的过程中，通过上端电阻的电荷量q=0.1C

已知g

取10m/s2sin37鈭�=0.6cos37鈭�=0.8

其余电阻不计.

求：

(1)

导体棒上滑过程中的最大加速度；

(2)

金属棒上滑的总路程．评卷人得分六、推断题(共3题，共9分)28、化合物rm{G[}rm{G[}是一种医药中间体，它的一种合成路线如下：请回答下列问题：rm{]}是一种医药中间体，它的一种合成路线如下：的名称是_____________。rm{]}的反应条件为_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反应类型分别是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在浓硫酸加热的条件下会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为_____________。rm{D隆煤E}是一种高聚酯，rm{(3)D}的化学方程式为___________。rm{(4)H}下列关于化合物rm{D隆煤H}的说法错误的是_________。A.rm{(5)}的分子式为rm{G}B.rm{G}与rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加热最多消耗rm{1molG}C.一定条件下rm{NaOH}发生消去反应生成的有机物存在顺反异构体D.在一定条件下rm{2molNaOH}能与rm{G}发生取代反应rm{G}是rm{HBr}的同分异构体，与rm{(6)M}具有相同的官能团。则rm{D}可能的结构有________种。rm{D}29、工业制钛白粉产生的废液中含有大量FeSO4、H2SO4和少量Fe2(SO4)3、TiOSO4，可利用酸解法生产补血剂乳酸亚铁。其生产流程如下：

已知：TiOSO4可溶于水，在水中电离为TiO2+和SO2-4。请回答下列问题：

（1）写出TiOSO4水解生成钛酸H4TiO4的离子方程式____。步骤①中加入足量铁屑的目的是____。

（2）步骤②的离子方程式是____，所得副产品主要是____（填化学式）。

（3）工业上由H4TiO4可制得钛白粉TiO2。TiO2直接电解还原法生产钛是一种较先进的方法，电解质为熔融的CaCl2，原理如图所示，阴极的电极反应式为____。

（4）工业上利用TiO2还可以用下列流程制取单质钛：

已知：①C(s)+O2(g)＝CO2(g)△H1＝－393.5kJ/mol②2CO(g)＋O2(g)＝2CO2(g)△H2＝－566kJ/mol③TiO2(s)＋2Cl2(g)＝TiCl4(s)＋O2(g)△H3＝+141kJ/mol则TiO2(s)＋2Cl2(g)＋2C(s)＝TiCl4(s)＋2CO(g)的△H＝____。

（5）乳酸可由乙烯经下列步骤合成：上述合成路线的总产率为56%，乳酸与碳酸亚铁反应转化为乳酸亚铁晶体的产率为80%，则生产468kg乳酸亚铁晶体（M＝234g/mol）需要标准状况下的乙烯____m3。

30、化合物rm{G[}rm{G[}是一种医药中间体，它的一种合成路线如下：请回答下列问题：rm{]}是一种医药中间体，它的一种合成路线如下：的名称是_____________。rm{]}的反应条件为_____________，rm{(1)A}和rm{(2)B隆煤C}的反应类型分别是_____________、_____________。rm{A隆煤B}在浓硫酸加热的条件下会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为_____________。rm{D隆煤E}是一种高聚酯，rm{(3)D}的化学方程式为___________。rm{(4)H}下列关于化合物rm{D隆煤H}的说法错误的是_________。A.rm{(5)}的分子式为rm{G}B.rm{G}与rm{C_{12}H_{14}O_{5}}溶液加热最多消耗rm{1molG}C.一定条件下rm{NaOH}发生消去反应生成的有机物存在顺反异构体D.在一定条件下rm{2molNaOH}能与rm{G}发生取代反应rm{G}是rm{HBr}的同分异构体，与rm{(6)M}具有相同的官能团。则rm{D}可能的结构有________种。rm{D}参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】

A、由图看出，三种单色光通过玻璃镜后a光的偏折角最小，c光的偏折角最大，说明a光的折射率最小，c光的折射率最大，则a光的波长最长，c光的波长最短，a种色光的波动性最显著．由sinC=分析得知；a光全反射的临界角最大．故A错误．

B；由干涉条纹间距与波长成正比知；c种色光形成的干涉条纹间距最小．故B错误．

C、a光的波长最长，c光的波长最短，由c=λf知，a光的频率最小，c光的频率最大，则如果b种色光能产生光电效应；则c种色光一定能产生光电效应．故C正确．

D、由v=知；a光在光导纤维中速度最大，则a种色光穿过光导纤维的时间最小．故D错误．

故选C

【解析】【答案】由图看出，三种单色光通过玻璃镜后a光的偏折角最小，c光的偏折角最大，说明a光的折射率最小，c光的折射率最大．由sinC=分析临界角的大小．干涉条纹间距与波长成正比．根据频率的大小，分析能否产生光电效应．由v=判断光在光导纤维中速度大小，分析传播时间的长短．

2、A【分析】【分析】选取车和掉落的沙子为研究对象；整体水平方向不受外力，水平方向动量守恒，沙子掉落瞬间水平方向速度不变，所以小车的速度也不变，A对；

【点评】难度较小，明确考查的知识点，选择系统为研究对象，规定正方向，由动量守恒定律列公式，注意沙子分出时速度根本不变3、B【分析】略【解析】rm{B}4、B【分析】

电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，所以EA＞EB；

故选B．

【解析】【答案】电场强度的大小看电场线的疏密程度；电场线越密的地方电场强度越大．

5、B【分析】试题分析：当时，因静电屏蔽金属球内部电场中的导体是等势体;CD错误；当时，,点电荷电场的电势U与r成反比，B正确A错误。考点：考查了处于静电平衡下的导体的电势分布规律【解析】【答案】B6、A【分析】解：在地球赤道上空；地磁场方向由南水平指向北；

AB；飞机由东向西水平飞行时；由右手定则可知，金属杆中感应电动势的方向一定由上向下，故A正确，B错误；

CD；飞机沿经过地磁极的那条经线由南向北或由北向南水平飞行时；金属杆的速度方向与磁感线方向在同一平面内，金属杆不切割磁感线，不产生感应电动势，故C、D错误；

故选：A

金属杆产生地磁场的磁感线；产生感应电动势，相当于电源，在电源内部，感应电动势的方向从低电势点指向高电势点，由右手定则判断出感应电动势的方向．

解决本题时，首先要知道赤道上方地磁场方向，熟练应用右手定则即可正确解题，此题是一道基础题．【解析】【答案】A7、B【分析】解：由面积公式可得：

S=πd2

因d′=

则可知，截面积S′=

根据体积公式可得：V′=L′S′=LS

则有：L′=100L

由电阻定律R=ρ

R′=ρ=ρ=10000R；故B正确；ACD错误．

故选：B

横截面直径为d电阻丝拉制成直径为的均匀细丝后，公式S=πd2得知，横截面积变为原来的而电阻丝的体积不变，则长度变为原来的100倍，由电阻定律R=ρ分析电阻的变化．

本题要注意当导体横截面变化时，其长度也跟着变化，抓住导体的体积不变进行分析，主要考查对电阻定律的理解能力和应用能力．【解析】【答案】B8、B【分析】【分析】路程是运动轨迹的长度，位移的大小等于物体初末位置的距离；瞬时速度是物体在某一时刻或某一位置的速度，平均速度是物体在某一段时间或某一段位移内的速度。解决本题的关键知道路程和位移的区别，时刻和时间的区别，以及平均速度和瞬时速度的区别，平均速度大小和平均速率的区别，注意平均速率等于路程和时间的比值，平均速度的大小等于位移与时间的比值。【解答】A.汽车过7.36

公里隧道指的是汽车运动的路程；故A错误；

B.设计时速80km/h

该速度是某一时刻的速度，最大速率，是瞬时速率，故B正确；

C.100

养护开始在时间轴上是一个点；指的时刻，故C错误；

D.汽车在最大速度的前提下通过隧道的时间：t=xv=7.3680隆脕60=5.52min

故D错误。故选B。【解析】B

9、A【分析】解：A；电流方向向上；由右手螺旋定则可得磁场为逆时针（从上向下看），故A正确；

B；电流方向向下；由右手螺旋定则可得磁场为顺时针（从上向下看），故B错误；

C；图中电流为环形电流；由右手螺旋定则可知内部磁场方向应垂直纸面向外，故C错误；

D；由右手螺旋定则可知；由右手螺旋定则可知内部磁感线方向应该垂直纸面向里，故D错误；

故选：A。

由右手螺旋定则可判断电流周围磁场的分布；并注意平面图及立体图的区分即可正确判断。

因磁场一般为立体分布，故在判断时要注意区分是立体图还是平面图，并且要能根据立体图画出平面图，由平面图还原到立体图。【解析】A二、填空题(共5题，共10分)10、略

【分析】解：(1)

电路中最大电流I=1.5AR2

的额定电流远小于1.5A

同时R2

阻值远大于电源内阻r

不便于调节，所以变阻器选用R1

(2)

对照电路图；按电流方向连接电路，如图所示。

(3)

由闭合电路欧姆定律U=E鈭�Ir

得知；当I=0

时，U=EU鈭�I

图象斜率的绝对值等于电源的内阻和电流表内阻之和，则将图线延长，交于纵轴，纵截距即为电动势E=1.48V

r=鈻�U鈻�I鈭�RA=1.48鈭�0.80.36娄赂鈭�1=0.88娄赂

故答案为：

(1)R1(2)

连线如图；(3)1.480.88

(1)

估算出电路中最大电流：当变阻器的电阻为零时；由闭合电路欧姆定律可求电路中最大电流，根据额定电流与最大电流的关系，分析并选择变阻器。

(2)

对照电路图；按顺序连接电路。

(3)

由闭合电路欧姆定律分析U鈭�I

图象的纵轴截距和斜率的意义；可求出电动势和内阻。

本实验的原理是闭合电路欧姆定律，根据原理由图象的斜率和截距分别求出内阻和电动势。【解析】R11.480.88

11、逐渐;立刻【分析】【分析】当电键K

闭合时，通过线圈L

的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律判断灯泡的亮度变化。自感现象是特殊的电磁感应现象，断开开关S

时，电路断开，灯泡中原来的电流突然消失，灯泡立即熄灭。【解答】当开关闭合时；通过线圈L

的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，线圈产生的感应电动势阻碍电流的增大，电路的电流只能逐渐增大，A

逐渐亮起来；当开关断开时，电路断开，线圈和灯泡不能构成回路，故电流立即为零，故小灯泡立刻熄灭。

故答案为：逐渐；立刻【解析】逐渐;;立刻12、略

【分析】解：欧姆表每次使用应该先选档位；然后欧姆调零，最后测量，欧姆表指针指在中间附近时，读数最准确，故即先选“×100Ω”挡，欧姆调零，测量读数；最后旋到交流最大挡，防止漏电，故在用红；黑表笔接触这个电阻两端之前，操作步骤必须的是：选档和欧姆调零．故有用的操作顺序为：D、B、E．

故答案为：D；B、E．

欧姆表指针指在中间附近时；读数最准确；欧姆表每次使用应该先选档位，然后欧姆调零，最后测量；再换挡位；测量；最后调到交流最大电压挡．

本题考查了欧姆表的使用注意事项，应明确欧姆表的选档方法和测量步骤，特别注意换挡后应重新进行欧姆调零．【解析】D、B、E13、1.5不容易【分析】【分析】由波长、波速与周期的关系解得波在两介质中波长，从而解得波长的倍数关系；由衍射的条件判断超声波是否容易发生衍射。本题主要考查波长、波速与周期的关系；知道当障碍物的尺寸与波长相差不多时会发生明显的干涉现象，较简单。【解答】由波长、波速与周期的关系：娄脣=vT=vf

解得该超声波在结石中的波长为：娄脣1=vf=22502隆脕106m=1.125隆脕10鈭�3m{娄脣}_{1}=dfrac{v}{f}=dfrac{2250}{2隆脕{10}^{6}}m=1.125隆脕{10}^{-3}m在胆汁中的波长为：娄脣2=vf=7.5隆脕10鈭�4m{娄脣}_{2}=dfrac{v}{f}=7.5隆脕{10}^{-4}m解得两波长的倍数关系为：娄脣1娄脣2=1.5dfrac{{娄脣}_{1}}{{娄脣}_{2}}=1.5倍。由于发生明显衍射的条件是障碍物的尺寸与波长相差不多，故由于超声波的波长较短，遇到结石时不容易发生衍射。故填：1.5

不容易。【解析】1.5不容易14、略

【分析】解：空气中电磁波的传播近似等于光速c

由波速公式c=娄脣f

得。

波长娄脣=cf=3.0隆脕10896.3隆脕106m=3.12m

故答案为：3.12

已知波速c

频率f

由波速公式c=娄脣f

求解波长．

一切电磁波在真空中的速度都等于光速.

公式v=娄脣f

对于电磁波同样适用．【解析】3.12

三、判断题(共7题，共14分)15、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、解答题(共2题，共6分)22、略

【分析】

（1）粒子进入磁场有。

Bqv=m

∴R==0.3m

（2）若要粒子垂直打在A板上；其粒子轨迹如图；

O点即为圆周运动的圆心．

∴R′=

根据几何关系可知：R′=OP=0.6m

则v=2v=6×104m/s

粒子打到斜面上的时间t=×10-5s

答：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径是0.3m；

（2）要粒子垂直打到斜面OA上，则粒子进入磁场的速度该调整为6×104m/s，此情况下粒子打到斜面OA的时间为×10-5s．

【解析】【答案】（1）根据洛伦兹力提供向心力公式即可求解半径；

（2）画出粒子的运动轨迹；根据几何关系求出R′，再根据向心力公式及圆周运动时间公式求解．

23、略

【分析】

（1）设小球从P到Q需时t1，由得。

小球进入电场后其飞行时间取决于电场力产生的加速度ax，可以求出小球在电场中的运动时间t2．应有qE=max；

由上述3个式子；得。

s=0.02s

所以，运动总时间t=t1+t2=0.5+0.02=0.52s

（2）小球由P点开始在竖直方向上始终是自由落体运动；在时间t内的位移为：

y==

与金属板上端的距离为：S=y-h=1.352-1.25m=0.102m

答：（1）带正电小球从P点开始由静止下落；经0.52s和金属板相碰；

（2）相碰时；离金属板上端的距离为0.102m．

【解析】【答案】（1）设小球从P到Q点做自由落体运动，根据自由落体公式求出时间，小球进入电场后其飞行时间取决于电场力产生的加速度ax；根据匀加速直线运动位移时间公式求出时间，两个时间之和即为所求时间；

（2）小球由P点开始在竖直方向上始终是自由落体运动；求出在时间t内的位移y，与金属板上端的距离为：S=y-h

五、计算题(共4题，共40分)24、略

【分析】解：（1）质子在电场中被加速；根据动能定理；

则有最初进入下方D型盒的动能：Ek=eU；

（2）根据qvB=m得，粒子出D形盒时的速度vm=

则粒子出D形盒时的动能Ekm=mv2=

（3）由洛伦兹力提供向心力，则有：Bqv=m

而T=所以粒子在磁场中运行周期为T=

因一直处于加速状态；则磁场中的周期与交流电源的周期相同；

即为：T=

故答案为：eU；．

（1）根据质子在电场力作用下；被加速，由动能定理，即可求解；

（2）根据运动半径等于R；结合牛顿第二定律与向心力，即可求解；

（3）根据洛伦兹力提供向心力；即可求出运动的周期，从而确定交流电源的周期．

考查粒子做匀速圆周的周期公式与半径公式的应用，掌握牛顿第二定律，注意交流电源变化周期与粒子在磁场中偏转周期的关系．【解析】eU；25、略

【分析】

(1)

先根据闭合电路欧姆定律求出电路中的电流。由公式F掳虏=ILB

求解安培力大小；

(2)

导体棒处于静止状态；合力为零，根据平衡条件列式求解摩擦力的大小。

本题是通电导体在磁场中平衡问题，关键是安培力的分析和计算，运用平衡条件研究。【解析】解：(1)

导体棒；金属导轨和直流电源构成闭合电路；根据闭合电路欧姆定律有：

I=ER0+r=31+0.5A=2A

导体棒受到的安培力：

F掳虏=ILB=2隆脕0.40隆脕0.50N=0.40N

(2)

导体棒所受重力沿斜面向下的分力：

F1=mgsin37鈭�=0.04隆脕10隆脕0.6N=0.24N

由于F1

小于安培力；故导体棒沿斜面向下的摩擦力f

根据共点力平衡条件得：

mgsin37鈭�+f=F掳虏

解得：

f=F掳虏鈭�mgsin37鈭�=(0.40鈭�0.24)N=0.16N

答：(1)

导体棒受到的安培力大小是0.40N

(2)

导体棒受到的摩擦力大小是0.16N

26、见解析【分析】根据题意，由运动学规律可知，小球A

与B

碰撞前的速度大小相等，设均为v

0

由机械能守恒有。

mAgH=12mAv02垄脵

设小球A

与B

碰撞后的速度分别为v

1

和v

2

以竖直向上方向为正，由动量守恒有。

mAv0+B(鈭�v0)=mAv1+mBv2

垄脷

由于两球碰撞过程中能量守恒；故。

12mAv02+12mBv02=12mAv12+12mBv22垄脹

联立垄脷垄脹

式得。

v2=3mA鈭�mBmA+mBv0

垄脺

设小球B

能上升的最大高度为h

；由运动学公式有。

h=v222g垄脻

由垄脵垄脺垄脻

式得。

h=(3mA鈭�mBmA+mB)2H

．【解析】见解析27、解：（1）电路总电阻：R=r+=2+=3Ω；

金属棒受到的安培力：F=BIL=BL=

金属棒刚开始向上滑动瞬间加速度最大；

由牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ+=ma；

解得，最大加速度：a=10.3m/s2；方向：沿斜面向下；

（2）导轨两端电阻相等；两电阻并联，通过它们的电流相等；

通电时间相等；通过它们的电荷量相等，由题意可知；

通过上端电阻的电荷量q=0.1C；则通过导体棒的电荷量：Q=2q=0.2C；

由法拉第电磁感应定律得：E==

由欧姆定律得：I=

通过导体棒的电荷量：Q=I△t=

解得：s===2m；

答：（1）导体棒上滑过程中的最大加速度大小为：10.3m/s2；方向：沿斜面向下；

（2）金属棒上滑的总路程为2m．【分析】

(1)

导体棒刚开始向上滑动时所受安培力最大；此时加速度最大，应用牛顿第二定律可以求出最大加速度．

(2)

根据题意求出通过导体棒的电荷量；然后应用法拉第电磁感应定律；欧姆定律与电流定义式求出金属棒上滑的总路程．

当导体棒所受合外力最大时加速度最大，导体棒开始向上滑动的瞬间所受合外力最大，此时加速度最大，应用牛顿第二定律可以求出最大加速度；解题时要注意电荷量公式：q=鈻�娄碌R脳脺

的应用．【解析】解：(1)

电路总电阻：R=r+R02=2+22=3娄赂

金属棒受到的安培力：F=BIL=BLBLvR=B2L2vR

金属棒刚开始向上滑动瞬间加速度最大；

由牛顿第二定律得：mgsin娄脠+娄脤mgcos娄脠+B2L2v0R=ma

解得；最大加速度：a=10.3m/s2

方向：沿斜面向下；

(2)

导轨两端电阻相等；两电阻并联，通过它们的电流相等；

通电时间相等；通过它们的电荷量相等，由题意可知；

通过上端电阻的电荷量q=0.1C

则通过导体棒的电荷量：Q=2q=0.2C

由法拉第电磁感应定律得：E=鈻�娄碌鈻�t=BLs鈻�t

由欧姆定律得：I=ER

通过导体棒的电荷量：Q=I鈻�t=BLsR

解得：s=QRBL=0.2隆脕31隆脕0.3=2m

答：(1)

导体棒上滑过程中的最大加速度大小为：10.3m/s2

方向：沿斜面向下；

(2)

金属棒上滑的总路程为2m

．六、推断题(共3题，共9分)28、rm{(1)2-}甲基丙烯或异丁烯

rm{(2)NaOH}溶液加热加成反应取代反应

rm{(3)}

rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}

rm{(5)BC}

rm{(6)4}

【分析】【分析】本题考查学生有机推断和有机合成，是现在考试的热点，难度较大，可以根据所学知识进行回答。【解答】由rm{A}到rm{B}发生加成反应，rm{B}到rm{C}反生卤代烃的水解，再氧化生成rm{D}rm{E}与rm{F}反生取代反应生成rm{G}由此来推断各反应类型和产物；rm{(1)A}是烯烃，名称是rm{2-}甲基丙烯；rm{(2)B隆煤C}的反应条件为rm{NaOH}水溶液并加热，根据题目所给的信息，可知rm{A隆煤B}和rm{D隆煤E}的反应类型分别是加成反应、取代反应；rm{(3)D}在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应会生成一种含六元环的化合物，该化合物的结构简式为rm{(3)D}；

是一种高聚酯，rm{(4)H}的化学方程式为rm{D隆煤H}rm{nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}

rm{+(n-1)H_{2}O}根据rm{(5)A.}和rm{E}发生取代反应生成rm{F}rm{G}被取代，可知rm{-OH}的分子式为rm{G}故A正确；B.rm{C_{12}H_{14}O_{5}}含有rm{1molG}酚酯基和rm{1mol}醇酯基，可知与rm{1mol}溶液加热最多消耗rm{NaOH}注意酚羟基的性质，故B错误；C.一定条件下rm{3molNaOH}发生消去反应生成的有机物碳碳双键两侧的碳原子有rm{G}不存在顺反异构体，故C错误；D.在一定条件下rm{-CH_{2}}能与rm{G}发生取代反应，体现羟基的性质，故D正确；故选BC；rm{HBr}是rm{(6)M}的同分异构体，与rm{D}具有相同的官能团即羧基和羟基，羟基和羧基看作取代基，相当于丙烷的二元取代产物，则rm{D}可能的结构有rm{M}种。

rm{4}【解析】rm{(1)2-}甲基丙烯或异丁烯rm{(2)NaOH}溶液加热加成反应取代反应rm{(3)}rm{(4)nHO(CH_{3})_{2}CCOOH}rm{+(n-1)H_{2}O}rm{(5)BC}rm{(6)4}

29、略

【分析】【分析】本题考