2025年人民版必修1物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人民版必修1物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，在某次车模比赛中，可看成质点的甲、乙两汽车模型在同一直线上运动，相距s=8m，车模甲以v甲=5m/s的速度向右匀速运动，已关闭电源的车模乙此时的速度v乙=12m/s，向右做匀减速运动，加速度a=-2m/s2；那么车模甲追上车模乙所用的时间为（）

A.B.8sC.8.8sD.2、质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（）A.第1s内的位移是5mB.前2s内的平均速度是6m/sC.任意相邻的1s内位移差都是1mD.任意1s内的速度增量都是2m/s3、如图所示，有a、b两条图线；则下列说法正确的是（）

A.若横坐标为时间t，纵坐标为速度v，a、b两物体运动方向相反B.若橫坐标为时间t，纵坐标为位移s，a、b两物体均在做匀加速直线运动C.若横坐标为时间t，纵坐标为加速度a，图象交点对应的时刻两物体速度可能相同D.若物体在平面上运动，横坐标为水平位置x，纵坐标为竖直位置y，交点表示a、b两物体相遇4、在不计空气阻力的条件下，竖直向上抛出的物体的位移—时间图像（即x-t图像）如图所示。某次玩具枪测试中，子弹从枪口射出时的速度大小为40m/s，测试员在t=0时刻竖直向上射出第一颗子弹，之后每隔2s竖直向上射出一颗子弹，假设子弹在运动过程中都不相碰，不计空气阻力，g取10m/s2。对于第一颗子弹；它和以后射出的子弹在空中相遇的时刻分别为（）

A.3s，4s，5sB.4s，4.5s，5sC.5s，6s，7sD.5.5s，6.5s，7.5s5、如图所示，物体在五个共点力的作用下保持平衡．如果撤去力F1；而保持其余四个力不变，那么这四个力的合力的方向。

A.指向F2和F3之间B.指向F3和F4之间C.指向F4和F5之间D.与撤去的F1方向相同评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、一物体以水平向右的12m/s的初速度做匀变速直线运动，若加速度水平向左，大小为4m/s2，则物体运动到距离出发点16m远处所用的时间可能为（）A.2sB.4sC.sD.s7、如图所示，甲、乙两物体质量分别为3kg、4kg，叠放在水平桌面上．已知甲、乙间的动摩擦因数为0.6，物体乙与水平桌面间的动摩擦因数为0.5．重力加速度g=10m/s2．水平拉力F作用在乙上；两物体一起向右做匀速直线运动．如果F突然变为零，且甲；乙仍保持相对静止，则（）

A.甲受水平向左的摩擦力B.甲受到水平方向、大小为18N的力C.乙的加速度向右D.甲的加速度大小为5m/s28、两个质点A、B放在同一水平面上，由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的v-t图象如图所示。对A；B运动情况的分析；下列结论正确的是（）

A.A.B加速时的加速度大小之比为2：1B.B减速时的加速度大小之比为1：1C.在t=5t0时刻，B相距最远D.在t=6t0时刻，B相遇9、一质点做匀变速直线运动，初速度大小为2m/s，3s后末速度大小变为4m/s，则下列判断正确的是（）A.速度变化量的大小一定等于2m/sB.速度变化量的大小可能大于2m/sC.加速度大小可能等于2m/s2D.位移大小可能等于3m10、甲；乙两个物体在同一时刻沿同一直线运动；它们的速度时间图像如图所示，下列有关说法正确的是（）

A.在4～6s内，甲、乙两物体的加速度大小相等、方向相同B.前6s内甲通过的路程更大C.前4s内甲、乙两物体的平均速度相等D.甲、乙两物体一定在2s末相遇11、用如图所示装置研究摩擦力的变化规律，把木块放在水平长木板上，在弹簧测力计的指针下轻放一个小纸团，它只能被指针向左推动。用弹簧测力计沿水平方向拉木块，使拉力由零缓慢增大。下列说法正确的是（）

A.木块开始运动前，拉力大于摩擦力B.木块开始运动后，摩擦力随拉力的增大而增大C.该实验装置可以记录最大静摩擦力的大小D.当拉力达到某一数值时木块开始移动，此时拉力会突然变小12、如图所示，两个半圆柱A、B紧靠着静置于水平地面上，其上有一光滑圆柱C，三者半径均为R。C的质量为m，A、B的质量都为0.5m，与地面的动摩擦因数均为μ。现用水平向右的力拉A，使A一直缓慢向右移动，直至C恰好降到地面。整个过程中B保持静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.未拉A时，C受到B作用力的大小B.动摩擦因数的最小值C.整个过程中，C的位移大小为D.A移动过程中，受到的摩擦力大小为13、如图甲所示，直角三角形斜劈abc固定在水平面上。t＝0时，一物块（可视为质点）从底端a以初速度v1沿斜面ab向上运动，到达顶点b时速率恰好为零，之后沿斜面bc下滑至底端c。若物块与斜面ab、bc间的动摩擦因数相等，物块在两斜面上运动的速率v随时间变化的规律如图乙所示，已知v1、v2、t1、t2、g；则下列物理量可求的是（）

A.斜面ab的倾角θB.物块与斜面间的动摩擦因数μC.物块的质量mD.斜面bc的长度L14、如图甲，物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平。t=0时，木板开始受到水平外力F的作用，在t=4s时撤去外力。细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图乙所示，木板的速度v与时间t的关系如图丙所示。木板与实验台之间的摩擦可以忽略。重力加速度g取10m/s2；由题中给出的数据可以得出（）

A.木板的质量为2kgB.0~2s内，木板处于静止状态C.2~4s内，力F的大小为0.4ND.0~5s内，木板的位移为0.6m评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、汽车由静止开始做直线运动，先匀加速运动了4s，又匀速运动了10s，最后匀减速运动6s后停止，共行了150m.汽车在这段时间的最大速度为________m/s.16、在一个两端封闭的玻璃管内，有质量不等的铁片和羽毛。玻璃管的一端有一个开关。实验一：打开开关，使玻璃管内部与外界相通，将玻璃管竖直放置，让铁片和羽毛从玻璃管上方同时由静止开始下落。实验二：把玻璃管内部抽成真空，关闭开关，再次将玻璃管竖直放置，让铁片和羽毛从玻璃管上方同时由静止开始下落。两次实验中，某时刻铁片和羽毛的下落情况如图中的甲、乙所示，其中管内抽成真空的是图______（选填“甲”或“乙”）。对比两次实验现象，可以得出的结论是：如果没有空气阻力，质量不等的物体下落快慢______（选填“相同”或“不同”）。

17、弹力有无的判断。

（1）弹力产生的条件。

a.___________

b.挤压发生___________

（2）常见弹力有无的判断方法（1）条件判断方法。（2）假设法。18、重心：物体的各部分都受重力作用；可认为重力集中作用于一点，即物体的重心。

①影响重心位置的因素：物体的几何形状；物体的___________分布。

②质量分布均匀的规则物体的重心在其___________。

③不规则薄板形物体重心的确定方法：___________法。19、两个大小相等的共点力F1=10N、F2=10N进行合成，若两个力的夹角为90o，合力大小为________N；若两个力的夹角为120o，合力大小为________N。20、如图，用一根轻质细绳将一幅重力为15N的画框对称悬挂在墙壁上，画框上两个挂钉间的距离为1m，已知绳能承受的最大拉力为15N，要使绳不会被拉断，绳子最短要______m。

21、小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上（如图甲），在刚接触轻弹簧的瞬间（如图乙），速度为将弹簧压缩到最短（如图丙）的整个过程中，小球的速度和弹簧缩短的长度之间的关系如图丁所示，其中为曲线的最高点。已知该轻弹簧每受到0.1牛的压力就缩短1厘米，并且轻弹簧在受到撞击到压缩到最短的整个过程中始终在弹性限度内。（）

（1）从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，小球所受合力变化情况是_____________________。（从合力大小和方向2个方面加以说明）

（2）实验中所用小球的质量为__________

（3）合力最大时，弹簧弹力为__________评卷人得分四、作图题(共1题，共8分)22、作出物体所受的重力或拉力的图示（取）：受到大小为方向水平向右的拉力的小球，以为标度。评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)23、在做“验证力的平行四边形定则”实验中。

(1)除了方木板、白纸、图钉、细绳套、橡皮条、铅笔和刻度尺,还需要的器材有___．

(2)本实验采用的科学方法是（____________）____。A．理想实验法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法(3)在做“验证力的平行四边形定则”实验中,若由于F1的误差使F1与F2的合力F方向略向左偏,如图所示,但F大于等于F',引起这一结果的原因可能是F1的大小比真实值偏________F1的方向与F2的夹角比真实值偏___．24、请完成游标卡尺和螺旋测微器的读数：

(1)游标卡尺读数为__________

(2)左图为校零时的状态，右图为测量时的状态，则螺旋测微器的读数为________

25、打点计时器使用的交流电压，我国交流电的频率为则打点计时器打点的周期为利用打点计时器研究匀变速直线运动，随着小车的运动，打点计时器在纸带上打下一系列的点，取五个计数点，在两个相邻的计数点中还有个点没有画出。测得的距离如图（单位为）。则小车在点的瞬时速度为__________小车的加速度为__________

26、某同学以墙面为背景；使用手机频闪照相功能拍摄小球自由下落过程，通过对频闪照片的研究，粗略测定当地的重力加速度。请回答下列问题：

（1）该同学要从下列物体中选择做自由落体的小球，最为合理的是______；

A．小塑料球。

B．小木球。

C．小钢球。

D．小泡沫球。

（2）如图为该同学拍得的频闪照片的一部分，测得图中部分墙的高度手机曝光时间间隔为0.07s，则当地重力加速度g=______小球到达位置4时的速度大小为______m/s；（结果保留3位有效数字）

（3）照片中位置1______（选填“是”“不是”或“不确定”）小球自由下落的初始位置，由于空气阻力影响，测出的重力加速度值比实际值______（选填“偏大”或“偏小”）。评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)27、如图所示，质量为M的木块套在水平固定杆上，并用轻绳与质量为m的小球相连，并且轻绳与水平成30°角，且满足M大于今用跟水平方向成60°角的恒力拉着一小球并带动木块一起向右匀速运动，运动中M和m的相对位置保持不变；在运动过程中，求：

（1）轻绳拉力的大小T；

（2）木块M与水平杆间的动摩擦因数µ。

28、小轿车以的速度在平直公路上匀速行驶，司机突然发现正前方有个收费站，经后司机才开始刹车使车匀减速恰停在缴费窗口，缴费后匀加速到后继续匀速前行。己知小轿车刹车时的加速度大小为停车缴费所用时间为启动时加速度为

（1）司机是在离收费窗口多远处发现收费站的；

（2）因国庆放假期间，全国高速路免费通行，小轿车可以不停车通过收费站，但要求轿车通过收费窗口前区间不超过则国庆期间小轿车离收费窗口至少多远处开始刹车？29、如图所示，一质量的长木板静止在光滑的水平地面上，另一质量的小滑块，以的速度从长木板的左端滑上长木板已知小滑块与长木板间的动摩擦因数）问：

（1）经过多少时间小滑块与长木板速度相等？

（2）从小滑块滑上长木板，到小滑块与长木板相对静止，小滑块运动的距离为多少？滑块始终没有滑离长木板

30、汽车由静止开始在平直的公路上行驶；0-60s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示．

（1）请求出10s末、30s末、60s末汽车的速度大小，并画出0~60s内的v-t图像；

（2）求在这60s内汽车行驶的位移大小．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

车模乙速度减为0的时间t1===6s

此时车模乙的位移x乙===36m

车模甲的位移x甲=v甲t1=5×6m=30m

由于x甲<x乙+s

可知车模乙速度为0时，车模甲还未追上车模乙，则继续追赶的时间

车模甲追上车模乙的时间t=t1+t2=8.8s

故C正确；ABD错误。

故选C。2、D【分析】【详解】

第1s内的位移只需将t＝1代入即可求出x=6m，A错误；前2s内的平均速度为B错；由题给解析式可以求得加速度为a=2m/s2C错；由加速的定义可知D选项正确3、C【分析】【分析】

【详解】

A．若横坐标为时间t，纵坐标为速度v，a、b两物体速度均为正值；则运动方向相同，选项A错误；

B．若橫坐标为时间t，纵坐标为位移s，a、b两物体均在做匀速直线运动；选项B错误；

C．若横坐标为时间t，纵坐标为加速度a；图像的“面积”等于速度的变化量，因初速度不确定，则图象交点对应的时刻两物体速度可能相同，选项C正确；

D．若物体在平面上运动，横坐标为水平位置x，纵坐标为竖直位置y；图象为物体运动的轨迹，交点表示两物体经过同一位置，但是不代表同时经过，所以不一定相遇，选项D错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

第一颗子弹从射出到落回射出点所用的时间t0==8s

因之后每隔2s竖直向上射出一颗子弹，故第一颗子弹回到出发点时，第五颗子弹刚射出。设第一颗子弹射出时间t后与第n颗子弹相遇，则相遇时第n颗子弹的运动时间tn=t-2（n-1）s，n=2，3，4，

根据竖直上抛运动的位移公式有v0t-gt2=v0tn-gtn2

联立两式解得t=(n＋3）s

当n=2时t=5s，当n=3时t=6s，当n=4时t=7s。

故选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

根据共点力的平衡条件可知其余四个力的合力定与F1等大反向，所以这四个力的合力方向与F1方向相反，大小也为F1；如图所示。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)6、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

取初速度方向为正方向；则。

由位移公式。

代入数据解得。

或或故ABD正确；C错误。

故选ABD。7、A:D【分析】【分析】

撤去拉力后；先对整体受力分析，求解出加速度；然后对甲受力分析，求解出甲与乙之间的静摩擦力．

【详解】

CD．对整体受力分析，受重力、支持力和向左的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：

解得：=5m/s2；水平向左，C错误，D正确；

AB．再对甲受力分析，受重力、支持力和向左的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有3kg×5m/s2=15N

A正确；B错误。

故选AD。

【点睛】

本题关键是先对整体受力分析求解加速度，再对甲受力分析求解静摩擦力，作用静摩擦力的方向判断要结合加速度的方向判断（合力方向）．8、B:D【分析】【详解】

A．速度—时间图象的斜率表示加速度，则A加速时的加速度

B加速度大小

所以A、B加速时的加速度大小之比为10:1；故A错误；

B．速度—时间图象的斜率表示加速度，则A减速时的加速度

B加速度大小

所以A、B减速时的加速度大小之比为1:1；故B正确；

C．速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移，当AB速度相等时，相距最远，由图象可知，在2t0和3t0之间相距最远；故C错误；

D．当AB图象与坐标轴围成的面积相等时相遇，根据图象可知，在t=6t0时刻，A、B位移相等而相遇；故D正确；

故选BD。9、B:C:D【分析】【分析】

根据质点的初末速度和时间，结合加速度的定义式求出加速度的大小，注意3s末的速度方向与初速度的方向可能相同，可能相反.

【详解】

初速度为:v0＝2m/s；

若3s末的速度方向与初速度方向同向，则v＝4m/s，则速度变化量为:△v＝v2-v1＝4-2m/s＝2m/s，加速度为:位移为:

若3s末的速度方向与初速度方向相反，则v＝-4m/s，则速度变化量为:△v＝v2-v1＝-4-2m/s＝-6m/s，负号表示方向；加速度为:负号表示方向；位移为：负号表示方向，故A错误，B；C、D正确；故选BCD.

【点睛】

解决本题的关键掌握加速度的定义式，注意公式的矢量性，从而讨论加速度和速度可能的变化量.10、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．速度时间图像的斜率表示加速度；斜率的正负表示加速度的方向，所以在4s～6s内，甲；乙两物体的加速度大小相等、方向相同，A正确；

B．速度时间图像与时间轴围成的面积大小表示路程；前6s内甲图线与坐标轴围成图形的面积之和较大，所以甲通过的路程更大，B正确；

C．由图线所围图形的面积知；前4s内甲的位移大于乙的位移，故前4s内甲的平均速度大于乙的平均速度，C错误；

D．由图线所围图形的面积知；前2s内两物体的位移相等，但不确定是从同一地点出发的，故不能判定二者2s末是否相遇，D错误。

故选AB。11、C:D【分析】【详解】

A．开始时木块保持不动；木块受静摩擦力，根据平衡条件可知摩擦力始终等于拉力，故A错误；

B．木块开始运动后，受滑动摩擦力则摩擦力大小保持不变，故B错误；

C．木块开始移动时；静摩擦力达到最大静摩擦力，此时拉力等于最大静摩擦力，所以该实验装置可以记录最大静摩擦力的大小，故C正确；

D．当拉力达到某一大小时；木块开始滑动，说明此时木块恰好达到最大静摩擦力；而由于滑动摩擦力要小于最大静摩擦力，所以木块移动后拉力将减小，故D正确；

故选CD。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．未拉A时；C受力平衡，如图。

根据平衡条件以及几何关系可得2Fcos30°=mg

解得

故A错误；

B．C恰好降落到地面时，B对C支持力最大为Fm；如图所示。

则根据力的平衡可得2Fmcos60°=mg

解得Fm=mg

所以最大静摩擦力至少为

B对的地面的压力为

B受地面的摩擦力为f=μmg

根据题意有fm=f，解得

所以动摩擦因数的最小值为故B正确；

C．C下降的高度为

C的水平位移为

则由勾股定理可求C的位移为

故C错误；

D．当做整体看，整个过程中A对地面的压力始终为

则A移动过程中，受到的摩擦力大小为

故D正确。

故选BD。13、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

设物块上滑与下滑的加速度大小分别为a1和a2。

由v­t图象的斜率等于加速度，得a1＝a2＝

物块上滑根据牛顿第二定律有mgsinθ＋μmgcosθ＝ma1

物块下滑根据牛顿第二定律有mgsin（90°－θ）－μmgcos（90°－θ）＝ma2

联立以上四式，由数学知识可求得斜面的ab倾角θ、物块与斜面间的动摩擦因数μ.不能求出物块的质量m，斜面bc的长度为L＝则可以求出L。

故选ABD。14、B:C【分析】【详解】

A．根据图象可知木块与木板之间的滑动摩擦力为f=0.2N，在4s后撤去外力，此时木板在水平方向上只受到滑动摩擦力的作用，此时木板的加速度大小为

根据牛顿第二定律可得f=ma2

解得木板的质量m=1kg

故A错误；

B．由图像可知；0~2s内，木板处于静止状态，选项B正确；

C．2s～4s内，木板的加速度

根据牛顿第二定律可得F-f=ma1

解得F=0.4N

故C正确；

D．0~5s内，木板的位移为

故D错误。

故选BC。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【分析】

由题中“汽车由静止开始做直线运动”可知，本题考查v-t图像；根据图像面积表示位移可以进行求解。

【详解】

[1]根据题意可得v-t图。

图形面积即为物体的位移，因此最大速度即为图像中的高，根据面积可计算出最大速度为10m/s。【解析】1016、略

【分析】【详解】

[1]乙图中铁片和羽毛下落的同样快；则其中管内抽成真空的是图乙。

[2]对比两次实验现象，可以得出的结论是：如果没有空气阻力，质量不等的物体下落快慢相同。【解析】乙相同17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】两物体相互接触弹性形变18、略

【分析】【详解】

①[1]影响重心位置的因素：物体的几何形状；物体的质量分布。

②[2]质量分布均匀的规则物体的重心在其几何中心。

③[3]不规则薄板形物体重心的确定方法：悬挂法。【解析】质量几何中心悬挂19、略

【分析】【详解】

[1]．若两个力的夹角为90o，合力大小为

[2]．若两个力的夹角为120o，合力大小为．【解析】1020、略

【分析】【详解】

设绳子长度为则绳子与竖直方向的夹角满足

可得

根据受力平衡可得

可得

其中

联立解得

则绳子最短要【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]小球刚接触弹簧到弹力和重力相等的过程中；小球所受合力向下，随着小球下降，弹簧弹力变大，小球的合力变小，当弹簧的弹力大于重力到将弹簧压缩至最短的过程中，小球所受的合力向上，随着小球下降，弹簧弹力变大，小球的合力变大，所以从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，小球所受合力变化情况是先向下变小，后向上变大；

（2）[2]由（1）分析可知；当小球速度最大时，弹簧的弹力等于重力，所以由题图可知，当弹簧的被压缩5cm时，弹力为0.5N，和重力相等，则小球的质量为0.05kg；

（3）[3]当小球的速度为零时，小球所受合力最大，由图可知，当小球的合力最大时，弹簧的压缩量为40.7cm，则弹簧的弹力为4.07N。【解析】①.先变小，向下；后变大，向上②.0.05③.4.07四、作图题(共1题，共8分)22、略

【分析】【详解】

以为标度，小球受到水平向右的拉力F如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共4题，共8分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)在研究共点力的合成实验时；我们通过用一根细绳和两根细绳拉动橡皮筋达到同一位置，而使效果相同；在实验中应测量弹力的大小，故还需要弹簧秤，同时实验要根据两个分力的大小和方向做平行四边形，故还需要三角板；

(2)研究一个物体受几个力的作用时；引入合力的概念，采用了“等效替代法”，故应选：B．

(3)根据题意作平行四边形合成图如图所示；

F1的真实值为F10，合力的真实值为F′，F1为测量值，由图可知，F1的大小比真实值偏大，F1的方向使它与F2的方向夹角比真实值偏大．

【点睛】

在“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解．【解析】三角板和弹簧测力计B大大24、略

【分析】【详解】

(1)[1]游标卡尺的主尺读数为10mm；游标尺上第12个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标尺读数为12×0.05mm=0.60mm，所以最终读数为1020mm+0.60mm=10.60mm

(2)[2]校零时螺旋测微器的固定刻度为0mm；可动刻度为0.8×0.01mm=0.008mm，所以最终读数为0mm+0.008mm=0.008mm，测量时螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为14.4×0.01mm=0.144mm，所以最终读数为0.5mm+0.144mm=0.644mm，螺旋测微器的读数为。

0.644mm－0.008mm=0.636mm，由于读数误差(在都算正确)【解析】(在都算正确)25、略

【分析】【详解】

[1]在两个相邻的计数点中还有个点没有画出，故相邻两个计数点的时间为

根据匀变速直线运动的推论