2025年湘教版高一生物下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版高一生物下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、【题文】下列关于科学史中研究方法和生物实验方法的叙述中；正确的是。

①研究光合作用的反应过程和噬菌体侵染细菌实验——同位素标记法。

②孟德尔豌豆杂交实验提出遗传定律——假说一演绎法。

③DNA双螺旋结构的发现和研究某种群数量变化规律——模型建构法。

④探究酵母菌细胞呼吸方式——对比实验法。

⑤分离各种细胞器和叶绿体中色素的分离——差速离心法A.①②④⑤B.①②③④C.①②③⑤D.②③③⑤2、下列关于组成细胞化合物的叙述，不正确的是A.蛋白质肽链的盘曲和折叠被解开时，其特定功能就会发生改变B.RNA与DNA分子都是由四种核苷酸组成，都可以储存遗传信息C.ATP、磷脂、核酸的组成元素中都有H、O、N、PD.脂肪是构成动植物细胞膜的重要成分，且可以参与人体血液中脂质的运输3、荠菜果实有两种性状：三角形和卵圆形，分别由位于两对染色体上的基因A、a和B、b决定．AaBb个体自交，F1中三角形：卵圆形=301：20．在F1的三角形果实荠菜中，部分个体无论自交多少代，其后代均为三角形果实，这样的个体在F1三角形果实荠菜中所占的比例为（）A.B.C.D.4、下列描述酶的特性和作用机理的曲线，正确的是5、下列细胞中,存在同源染色体的是(1)极体(2)次级精母细胞(3)初级精母细胞(4)精原细胞(5)受精卵(6)正常体细胞A.(2)(3)(4)(5)B.(3)(4)(5)(6)C.(2)(4)(5)(6)D.（1)(4)(5)(6)6、【题文】图1为光照强度与植物吸收的CO2的量之间的关系；对这一曲线的叙述，错误的是（）

A.在A点时，光合作用强度与呼吸作用强度相等B.在过B点后，再提高光照强度，光合作用不再提高C.在B点时，光合作用强度为CO2D.在A点时总的光合作用强度为07、【题文】基因型为YyRr的个体，正常情况下不可能产生的配子是()A.YRB.yRC.YyD.Yr评卷人得分二、双选题(共9题，共18分)8、下列有关分泌蛋白的合成、加工和运输过程的叙述，正确的是（）A．分泌蛋白最初在内质网上的核糖体中由氨基酸形成肽链B．该过程可以说明各种细胞器膜和细胞膜之间可以相互直接转化C．该过程需要消耗能量，这些能量的供给主要来自线粒体D．该过程中出现的囊泡只能由高尔基体形成9、下列几种生物的细胞中，属于原核细胞的是（）10、下列现象不属于渗透作用的是A．水分子通过植物细胞的细胞壁B．水分子或其他溶剂分子通过细胞膜C．K2+通过原生质层D．水分子通过原生质层11、下列关于细胞结构的说法中，正确的是A.细胞的细胞壁都可以通过纤维素酶把它们分解掉B.乳酸菌、霉菌都含有核糖体和DNA、RNAC.蓝藻在生物进化中起着重要的作用，是因为它具有叶绿体能进行光合作用D.白菜根尖细胞中具双层膜的细胞器是线粒体12、为了研究酵母菌胞内蛋白质的合成，研究人员在其培养基中添加3H标记的亮氨酸后，观察相应变化。可能出现的结果是()A.细胞核内不出现3H标记B.内质网是首先观察到3H标记的细胞器C.培养30分钟后，细胞膜上能观察到3H标记D.若能在高尔基体上观察到3H标记，表示可能有分泌蛋白合成13、关于叶绿体中色素的提取和分离实验的操作，正确的是A.使用定性滤纸过滤研磨液B.准备滤纸条时，需要将滤纸条的一端剪去两个角C.在划出一条滤液细线后紧接着立即重复划线2-3次D.研磨叶片时，用无水乙醇溶解色素14、下列几种生物的细胞中，属于原核细胞的是（）15、为了研究酵母菌胞内蛋白质的合成，研究人员在其培养基中添加3H标记的亮氨酸后，观察相应变化。可能出现的结果是()A.细胞核内不出现3H标记B.内质网是首先观察到3H标记的细胞器C.培养30分钟后，细胞膜上能观察到3H标记D.若能在高尔基体上观察到3H标记，表示可能有分泌蛋白合成16、关于叶绿体中色素的提取和分离实验的操作，正确的是A.使用定性滤纸过滤研磨液B.准备滤纸条时，需要将滤纸条的一端剪去两个角C.在划出一条滤液细线后紧接着立即重复划线2-3次D.研磨叶片时，用无水乙醇溶解色素评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、写出有关生理过程的反应式：

光合作用：____

有氧呼吸：____

酵母菌的无氧呼吸：____

乳酸菌的无氧呼吸：____18、某同学设计了一个探究实验；把培养在完全营养液中；生长状态一致的3组某种植物幼苗分别放入A、B、C三个完全相同的玻璃罩内（如图所示）．其中每个装置中培养皿中溶液的体积相等，每个装置都是密封的，放置在光照和其他条件都适宜的地方．请回答下列问题：

（1）该实验的目的是____．其中NaHCO3的作用是____

（2）如果某同学误将Na（OH）溶液当做NaHCO3加入了培养皿中（每组浓度不变），则三组幼苗中光合作用下降速度最快的是____．

（3）如果用这三套装置验证光照强度可以影响光合作用速率，请简述实验改进的方法（不必答出实验结果）____

（4）如果将某个装置从适宜光照下突然移到黑暗处，则图2中能表示叶肉细胞中C3变化趋势的是____，理由是____．19、某实验小组为了探究细胞膜的通透性；将小鼠肝细胞在体外培养一段时间后，检测培养液中的氨基酸；葡萄糖和尿素含量，发现它们的含量发生了明显得变化（如图）．请回答问题．

（1）由图可知，随培养时间延长，培养液中葡萄糖和氨基酸含量____，尿素含量____．由于在原培养液中没有尿素，推测其是____的产物．

（2）培养液中的氨基酸进入细胞后，其主要作用是____；被吸收的葡萄糖主要通过____作用，为细胞提供____．

（3）转氨酶是肝细胞内参与氨基酸分解与合成的一类酶，正常情况下这类酶不会排出胞外，若在细胞培养液中检测到该类酶，可能的原因是____

（4）由（1）和（3）可初步判断，细胞膜对物质的转运具有____的特性．20、以下分别表示几种不同的育种方法．请分析回答：

（1）A所示过程称“克隆”技术，新个体丙的基因型应与亲本中的____个体相同．

（2）C过程所示的育种方法叫做____，该方法最常用的作法是在①处____．

（3）D表示的育种方法是____，若要在F2中选出最符合要求的新品种最简便的方法是____

（4）E过程中，②常用的方法是____，与D过程相比，E方法的突出优点是____21、图甲是某化合物的结构简图；图乙是物质出入细胞的示意图，请据图回答：

（1）图甲中化合物的名称是______；④的名称是______，R基的代号是______．

（2）形成该化合物的生物化学反应叫做______；在这个过程中，相对分子质量减少了______．

（3）图乙中A代表______分子；细胞内合成A的结构是______，B代表______．

（4）可能代表氧气转运过程的是图乙中编号______；碘进入人体甲状腺滤泡上皮细胞的过程是图乙中编号______．22、(10分)下图甲表示某绿色植物的细胞代谢状况；图乙表示在一定条件下测得的该植物光照强度与光合速率的关系；图丙是某兴趣小组将该植物栽培在密闭玻璃温室中，用红外线测量仪测得室内的CO2浓度与时间关系的曲线。请分析回答：⑴图甲所示的该植物细胞代谢情况可用图乙的____点表示。⑵当植物细胞内的部分代谢活动处于图乙中的b点时，叶绿体中ATP的移动方向是____。⑶在相同温度下，将该植物的叶片置于8klx光照下9小时，然后移到黑暗处15小时，则该24小时内每100cm2叶片的光合作用所消耗的CO2的量为____mg。⑷若图乙曲线表示该植物在25℃时光照强度与光合速率的关系，并且已知该植物光合作用和呼吸作用的最适温度分别为25℃和30℃，那么在原有条件不变的情况下，将温度提高到30℃，理论上分析c点如何变化？____。⑸由图丙可推知，密闭玻璃温室中氧气浓度最大的是____点。23、加热会使蛋白质变性；在变性过程中肽键是否因此而断裂呢？请设计一个证明“蛋白质在加热变性后肽键没有断裂”的实验．

材料、用具：0.05g．mL﹣1的CuSO4溶液、0.0lg．mL﹣l的CuS04溶液、0．lg．mL﹣l的NaOH溶液；蛋清、清水、酒精灯、试管、滴管等必备用品．

（1）实验原理：蛋白质中的肽键与双缩脲试剂发生颜色反应；呈紫色．如果加热变性的蛋白质与双缩脲试剂反应仍呈紫色，即可证明肽键没有断裂．

（2）方法步骤：

①取两支试管，分别编号A、B，分别向两支试管中加入____．

②____．

③冷却后，分别向两支试管滴加1mL0．lg．mL﹣1的NaOH溶液，摇匀，再____．

④观察两试管的颜色变化．

（3）预期实验结果：____．

（4）实验结论：____．24、为探究微生物的抗性突变是自发产生的还是与相应的环境因素有关；有人设计了下列实验．实验选用对链霉紊敏感的原始大肠杆菌K12，培养基3；7、11中含有链霉素，其它培养基中不含链霉素．请回答下列问题：

（1）将对链霉紊敏感的原始大肠杆菌K12菌种涂布在培养基1的表面培养，接着通过上图“印章”将培养基1中的菌群对应“印”在培养基2、3上培养．培养基3的A点处有菌落生长，将培养基2中相应的A点位置上的菌落挑出少量移入试管4中，反复几次实验，结果如图所示．请推测本实验可得出的结论是____，并分析说明理由：____．

（2）培养基3、7、11中的菌落具有____特性．逐一比较3号和2号培养基、7号和6号培养基、11号和10号培养基后发现，两培养基菌落数越来越接近，说明____．此现象的形成是的结果____．

（3）4号、8号试管在本实验中的作用是____．12号试管中的培养基除水、无机盐外，还必须含有____等基本成分．

（4）微生物实验中对培养基、接种环、实验操作者的双手通常所采用的灭菌或消毒方法的标号依次是____．（①高压蒸汽灭菌②灼烧灭菌⑨化学消毒）。物质培养基中加入的物质突变体ABCDEGl﹣﹣﹣+﹣+2﹣+﹣+﹣+3﹣﹣﹣﹣﹣+4﹣+++﹣+5++++﹣+（5）若一培养基中有5种营养缺陷型菌株1、2、3、4、5，它们都是基因突变的结果，它们都不能合成生长所必需的物质G，已知A、B、C、D、E都是合成G物质的必需中间产物，但不知这些物质合成的顺序，于是在培养基中分别加入这几种物质并分析了这几种物质对各种营养缺陷型菌株生长的影响，结果如下表所示．那么这几种物质的合成顺序应是____．

+：表示生长一：表示不生长．

25、综合大熊猫化石及现存种类生活习性和生活环境等多方面的研究；传统的观点认为大熊猫的濒危是进化历程的必然．最新群体遗传学的研究表明，现存大熊猫并未走到进化历史的尽头，仍然具有进化潜力．研究发现该物种现存种群仍保持较高的遗传多样性和长期续存的进化潜力，大熊猫在末次冰期消融后还经历了强烈的种群扩张，而现存种群的衰退仅始于几千年前．请依据现代生物进化理论的主要观点和内容及上述资料回答以下问题：

（1）一个大熊猫种群的全部个体所含的全部基因，是这个种群的____，如果大熊猫种群仍然保持较高的遗传多样性，实际上反映了种群中基因的____

（2）现代生物进化理论认为，种群是____的基本单位．大熊猫在末次冰期消融后还经历了强烈的种群扩张的事实说明，其实质是大熊猫种群的____在进化过程中发生了动态变化．

（3）突变、____和____是物种形成和生物进化的机制．评卷人得分四、判断题(共3题，共30分)26、葡萄糖进入红细胞需要消耗能量，也需要载体蛋白的协助。（）27、用含除草剂的培养基筛选转基因烟草细胞，检测抗除草剂基因是否成功导入和表达。28、自养生物是专指能够通过光合作用制造有机物的生物．评卷人得分五、识图作答题(共3题，共12分)29、图A为蓝藻细胞结构示意图,B为水绵细胞的结构示意图.请据图分析完成下列问题.(注:中填序号,横线上填结构名称)

(1)与水绵细胞相比较,蓝藻细胞由于①_______上没有______,因而属于原核细胞;水绵细胞由于具有[]______________,而属于真核细胞.(2)在蓝藻细胞和水绵细胞中，它们共有的结构有［③］和［］_____、［］和［⑩］____、［］和［⑥］____，这体现了不同类细胞之间的_____。(3)蓝藻细胞和水绵细胞在光学显微镜下最主要的区别是因为前者_____________________(4)由于蓝藻细胞和水绵细胞都能进行光合作用，因而属于____（自养型/异养型）生物。(5)下图的图1是在使用目镜为10×，物镜也为10×的显微镜下观察蛙的皮肤上皮细胞时的视野，图2是更换物镜后的视野，则更换的物镜应为______(填放大倍数)。(6)细胞内的细胞质并不是静止的，而是在不断地流动着，其方式多数呈环形流动。若在显微镜下观察到一个细胞的细胞质沿逆时针方向流动，则实际的流动方向应为___________。30、如图表示某生物膜结构，图中A、B、C、D、E、F表示某些物质或结构，a、b；c、d表示物质跨膜运输方式．请据图回答：

（1）该结构的基本支架是______；与细胞表面积识别有密切关系是图中__（填字母）．

（2）提取动物的细胞膜，最好选用__________作材料，先让其在蒸馏水中吸水胀破，然后经过离心处理即可得到纯净的细胞膜。（3）在a-d的五种过程中，代表主动运输的是____．与被动运输相比；它们在运输时特点是_______________．

（4）如果用某种药物处理某细胞，发现对Ca2+的吸收速率大大降低，而对其他物质的吸收速率没有影响，说明这种药物的作用是抑制_________，使之功能降低．31、(5分)某研究性学习小组设计了一个实验,旨在探究生长素类似物促进插条生根的最适浓度。请将下列实验设计中空缺的内容补充完整,并回答相关问题。实验材料:新鲜的月季枝条若干、2,4D溶液。实验用具:天平、量筒、容量瓶、烧杯、滴管、试剂瓶等。(1)扦插枝条的处理:所有的枝条均保留3~4个芽,并将枝条的形态学下端削成斜面。(2)先进行预实验,以确定适宜的系列浓度梯度:具体方法:可先设计一组浓度梯度比较大的实验进行探究。(3)根据预实验设置生长素类似物的浓度梯度:0.2、0.4、0.6、0.8、1.0、1.2、1.4、1.6、1.8mg/mL的2,4D溶液,实验时,除溶液浓度不同的实验组对比外,还应设置____。(4)本实验的测量指标为____,观察记录。平均温度为15.8℃。结果如下:(5)实验结论:①2,4D以对月季插条生根的作用与其浓度密切相关,说明2,4D的作用具有____。②通过实验能说促进月季扦插生根的最适浓度是1.2mg/mL吗?____若不能,请写出探究最适浓度的设计思路。____评卷人得分六、综合题(共2题，共14分)32、【题文】某农业研究机构选用家蚕来培养含有蝎毒基因的“重组棉铃虫病毒”。简明过程如下：

（1）已知两对相对性状分别受两对等位基因控制，请根据条件判断两对性状的显隐性并作简要说明：____

____。

（2）请根据如下杂交结果分析写出相应的基因型（棉铃虫病毒基因和蝎毒基因分别用A、a、B、b表示）

则①基因型是____，②基因型是____。

（3）对上述两抗性家蚕，用含有蝎毒基因的“重组棉铃虫病毒”污染桑叶进行饲养待幼虫成熟上山后，取其蚕蛹，在低温下干燥后研磨得到冻干粉，即可以作为新型杀虫剂使用，可能的原因是____

____。

（4）“重组棉铃虫病毒”杀虫剂的优越性相对化学农药____

____。33、【题文】（7分）某地发现一个罕见的家族；家族中有多个成年人身材矮小，身高仅1.2米左右。下图是该家族遗传系谱。请据图分析回答问题：

（1）该家族中决定身材矮小的基因是＿＿＿性基因；最可能位于＿＿＿染色体上。该基因可能是来自＿＿＿个体的基因突变。

（2）若II-1和II-2再生一个孩子；该孩子是身高正常的女性纯合子的概率为＿＿＿；若IV-3与正常男性婚配后生男孩，这个男孩成年时身材矮小的概率为＿＿＿。

（3）在近些年对青少年身高检查中发现，除遗传因素外，长期服用含有性激素的营养滋补品以致性早熟生长期缩短，或严重挑食、偏食导致营养缺乏也会造成身材矮小。由此可见，身材矮小这一病症是＿＿＿＿＿＿与＿＿＿＿＿＿共同作用的结果。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【解析】

试题分析：研究光合作用的反应过程是用14C标记的二氧化碳来研究暗反应过程，而噬菌体侵染实验分别用35S和32P标记噬菌体的蛋白质和DNA研究遗传物质；①正确；孟德尔利用豌豆进行杂交实验采用假说——演绎法提出两大遗传定律，②正确；DNA双螺旋结构的发现建构物理模型，研究某种群数量变化规律建构数学模型，③正确；通过对比无氧和有氧条件下酵母菌的呼吸方式探究酵母菌细胞呼吸方式，④正确；分离各种细胞器用差速离心法，而叶绿体中色素的分离用的是纸层析法，⑤错误；故B项正确。

考点：本题考查有关科学史的研究方法和生物实验方法，意在考查考生能独立完成“生物知识内容表”所列的生物实验，包括理解实验目的、原理、方法和操作步骤，掌握相关的操作技能的能力。【解析】【答案】B2、D【分析】【分析】本题考查组成细胞的化合物相关知识，意在考查考生识记所学知识要点，把握知识间内在联系的能力。【解答】A.结构决定了功能；蛋白质肽链的盘曲和折叠被解开时，其特定功能就会发生改变，A正确；

B.RNA与DNA分子分别由四种核糖核苷酸、四种脱氧核苷酸组成，都可以储存遗传信息，B正确；C.ATP、磷脂、核酸的组成元素中都有C、H、O、N、P，C正确；D.胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，且可以参与人体血液中脂质的运输，D错误。

​故选D。

【解析】D3、B【分析】解：由以上分析可知，F1中三角形个体的基因型及比例为A_B_（AABB、AABb、AaBB、AaBb）、A_bb（AAbb、Aabb）、aaB_（aaBB、aaBb），其中AABB、AABb、AaBB、AAbb、aaBB无论自交多少代，其后代均为三角形果实，这些个体在F1三角形果实荠菜中所占的比例为．

故选：B．

AaBbF1中A_B_：A_bb：aaB_：aabb=9：3：3：1，而F1中三角形：卵圆形=301：20≈15：1，由此可见，三角形的基因型为A_B_、A_bb、aaB_，卵圆形的基因型为aabb．据此答题．

本题考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因自由组合定律的实质，能根据题干中“301：20”≈15：1判断基因型及表现型之间的对应关系，再根据题干要求“部分个体无论自交多少代，其后代均为三角形果实”，在F1中找出符合要求的基因型，最后计算出相关概率．【解析】B4、D【分析】【解析】试题分析：A、在一定温度范围内，随温度的升高，酶的催化作用增强，超过这一范围，酶的催化作用逐渐减弱,高温都会使酶失活，而低温只是抑制酶的活性，酶分子结构未被破坏，温度升高可恢复活性;A错误。B、酶量一定的条件下，在一定范围内随着底物浓度的增加，反应速率也增加，但达到一定浓度后不再增加，原因是受到酶数量和酶活性的限制；错误。C、在底物充足、其他条件适宜且固定的条件下，酶促反应速率与酶浓度成正比；错误。D、酶能降低化学反应的活化能；正确。考点：温度、酶浓度、底物浓度影响酶的活性，酶能降低活化能。【解析】【答案】D5、B【分析】存在同源染色体的细胞有，正常体细胞，体细胞的有丝分裂过程，减数第一次分裂时期的细胞，所以初级精母细胞、精原细胞，受精卵、正常体细胞均有。【解析】【答案】B6、D【分析】【解析】略【解析】【答案】D7、C【分析】【解析】

试题分析：正常情况下YyRr的个体通过减数分裂产生的配子中没有等位基因；故选C。

考点：本题考查细胞的减数分裂等相关知识，意在考查考生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。【解析】【答案】C二、双选题(共9题，共18分)8、A|C【分析】试题分析：分泌蛋白的形成首先是在内质网上的核糖体中，由氨基酸形成肽链,肽链进入内质网腔中进行加工，形成较成熟的蛋白质，较成熟的蛋白质以分泌小泡的形式移向高尔基体，在高尔基体中进行修饰，形成具有一定功能的蛋白质，A正确；细胞器膜和细胞膜之间是通过囊泡间接进行转化的，B错误；该过程需要消耗能量，由细胞质基质与线粒体提供，主要来自线粒体，C正确；内质网与高尔基体都可形成囊泡，D错误。考点：本题考查分泌蛋白的合成、加工和运输过程的知识。意在考查能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。【解析】【答案】AC9、A|D【分析】试题分析：甲图细胞没有核膜包被的细胞核，细胞内具有拟核和核糖体，是细菌，属于原核细胞；乙图细胞具有细胞核、各种细胞器和细胞壁，属于植物细胞；C图没有细胞壁，有细胞核，有中心体等细胞器，是动物细胞；D图有细胞壁，没有核膜包被的细胞核，细胞内具有拟核和核糖体，是蓝藻，属于原核细胞。考点：本题考查细胞结构的知识。意在考查能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，能用文字、图表以及数学方式等多种表达形式准确地描述生物学方面的内容的能力。【解析】【答案】AD10、A|C【分析】试题分析：渗透作用是指水分子或其它溶剂分子从低浓度的溶液通过半透膜进入高浓度溶液中的现象。植物细胞壁不是半透膜，是全透性膜，因此水分子通过植物细胞的细胞壁，不属于渗透作用，A不属于；细胞膜是选择透过性膜，水分子或其他溶剂分子通过细胞膜属于渗透作用，B属于；原生质层是选择透过性膜，但是K2+在溶液中作为溶质分子，不符合定义，C不属于；水分子通过原生质层，即植物细胞的渗透作用，D属于。故以上现象不属于渗透作用的是AC。考点：本题考查通过模拟实验探究膜的透性、观察植物细胞的质壁分离和复原，意在考查学生能独立完成“生物知识内容表”所列的生物实验，包括理解实验目的、原理。【解析】【答案】AC11、B|D【分析】试题分析：植物细胞的细胞壁的组成成分主要是纤维素和果胶，因此通过纤维素酶可以把细胞壁分解破坏掉，但细菌、真菌也有细胞壁,大多数细菌的细胞壁主要由肽聚糖构成，不能通过纤维素酶将其分解，A项错误；乳酸菌是原核生物，霉菌是真菌，是真核生物，无论原核细胞还是真核细胞，细胞中都有核糖体和DNA、RNA，B项正确；蓝藻在生物进化中起着重要的作用，是因为它能进行光合作用，但是蓝藻是原核生物，细胞中没有叶绿体，C项错误；具双层膜的细胞器是线粒体和叶绿体，白菜根尖细胞中没有叶绿体，D项正确；故选BD。考点：本题考查多种多样的细胞、细胞膜系统的结构和功能、主要细胞器的结构和功能，意在考查学生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论。【解析】【答案】BD12、C|D【分析】试题分析：亮氨酸是用来合成蛋白质的，细胞核内也需要蛋白质，所以也可能出现3H标记，A项错误；蛋白质是在核糖体上合成的，3H标记首先出现在核糖体，B项错误；培养30分钟后，细胞膜上也有蛋白质，所以也能观察到3H标记，C项正确；高尔基体与分泌物的形成有关，所以在高尔基体上观察到3H标记，表示可能有分泌蛋白合成，D项正确。考点：本题考查分泌蛋白的合成、加工和运输的相关知识。分泌蛋白首先在核糖体上合成，在依次经过内质网和高尔基体的加工，最后经细胞膜分泌到细胞外，在此过程中，由线粒体提供能量。【解析】【答案】CD13、B|D【分析】试题分析：实验中过滤研磨液是用纱布，所以A错误；准备滤纸条时，需要将滤纸条的一端剪去两个角，以便各种色素在滤纸条上的扩散起点相同，使各色素带避免重合，所以B正确；在划出一条滤液细线后吹干后再重复划线2-3次，所以C错误；研磨叶片时，用无水乙醇能使脂溶性色素溶解，且提取液对实验者没有伤害，所以D正确。考点：本题考查叶绿体中色素的提取和分离实验的内容，意在考查考生对所学知识的理解并把握知识间的内在联系。【解析】【答案】BD14、A|D【分析】试题分析：甲图细胞没有核膜包被的细胞核，细胞内具有拟核和核糖体，是细菌，属于原核细胞；乙图细胞具有细胞核、各种细胞器和细胞壁，属于植物细胞；C图没有细胞壁，有细胞核，有中心体等细胞器，是动物细胞；D图有细胞壁，没有核膜包被的细胞核，细胞内具有拟核和核糖体，是蓝藻，属于原核细胞。考点：本题考查细胞结构的知识。意在考查能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，能用文字、图表以及数学方式等多种表达形式准确地描述生物学方面的内容的能力。【解析】【答案】AD15、C|D【分析】试题分析：亮氨酸是用来合成蛋白质的，细胞核内也需要蛋白质，所以也可能出现3H标记，A项错误；蛋白质是在核糖体上合成的，3H标记首先出现在核糖体，B项错误；培养30分钟后，细胞膜上也有蛋白质，所以也能观察到3H标记，C项正确；高尔基体与分泌物的形成有关，所以在高尔基体上观察到3H标记，表示可能有分泌蛋白合成，D项正确。考点：本题考查分泌蛋白的合成、加工和运输的相关知识。分泌蛋白首先在核糖体上合成，在依次经过内质网和高尔基体的加工，最后经细胞膜分泌到细胞外，在此过程中，由线粒体提供能量。【解析】【答案】CD16、B|D【分析】试题分析：实验中过滤研磨液是用纱布，所以A错误；准备滤纸条时，需要将滤纸条的一端剪去两个角，以便各种色素在滤纸条上的扩散起点相同，使各色素带避免重合，所以B正确；在划出一条滤液细线后吹干后再重复划线2-3次，所以C错误；研磨叶片时，用无水乙醇能使脂溶性色素溶解，且提取液对实验者没有伤害，所以D正确。考点：本题考查叶绿体中色素的提取和分离实验的内容，意在考查考生对所学知识的理解并把握知识间的内在联系。【解析】【答案】BD三、填空题(共9题，共18分)17、6H2O+6CO2C6H12O6（葡萄糖）+6O2或者H2O+CO2（CH2O）+O2C6H12O6+6H2O+6O212H2O+6CO2+能量C6H12O62C2H5OH（酒精）+2CO2+少量能量C6H12O62C3H6O3（乳酸）+少量能量【分析】【解答】解：光合作用：6H2O+6CO2C6H12O6（葡萄糖）+6O2或者H2O+CO2（CH2O）+O2

有氧呼吸：C6H12O6+6H2O+6O212H2O+6CO2+能量。

酵母菌的无氧呼吸：C6H12O6→2C2H5OH（酒精）+2CO2+少量能量。

乳酸菌的无氧呼吸：C6H12O62C3H6O3（乳酸）+少量能量。

【分析】光合作用的实质是物质转化和能量转化：物质转化是指将无机物转化为有机物；并且释放出氧气的过程，能量转化是指将光能转化为储存在有机物里的化学能的过程．

生物的呼吸作用是把生物体内储存的有机物在氧的参与下进行分解；产生二氧化碳和水，并释放能量的过程．

实质是：在氧气的参与下；分解线粒体内的有机物释放能量，供生物的各项生命活动利用．

酵母菌；在无氧的条件下，酵母菌能分解葡萄糖产生酒精和二氧化碳．

乳酸菌的无氧呼吸，葡萄糖分解为乳酸的形式进行少量的无氧呼吸．18、探究二氧化碳浓度对光合作用（或植物生长）的影响维持装置中二氧化碳浓度的相对稳定C每套装置中NaHCO3溶液浓度相同，用功率不同的白炽灯照射每套装置，其他条件适宜A停止光照后，由于缺乏[H]和ATP，导致C3还原速率变慢而二氧化碳固定速率暂时不变，所以短时间内C3含量升高，时间再长，暗反应停止，C3含量又下降【分析】【解答】（1）每套装置不同的是NaHCO3的浓度，由于NaHCO3的作用是维持装置中二氧化碳浓度；浓度越高的装置中二氧化碳浓度也越大，所以该实验探究的是二氧化碳浓度对光合作用（或植物生长）的影响．

（2）Na（OH）溶液的作用是吸收装置中的二氧化碳；浓度越高吸收速率越快，所以C装置中二氧化碳浓度下降速率最快，所以要该装置中幼苗光合作用的下降速率也最快．

（3）验证光照强度可以影响光合作用速率；则光照强度就是实验的自变量，其他则为无关变量，需要保持一致，因此要将每套装置中NaHCO3溶液浓度保持一致．光照强度可以通过不同功率的白炽灯进行控制．

（4）光反应为暗反应阶段中的C3的还原提供[H]和ATP，所以突然停止光照后，由于缺乏[H]和ATP，导致C3还原速率变慢而二氧化碳固定速率不变，所以短时间内C3含量升高．随着时间的延长，暗反应停止，C3含量又下降；所以图中曲线A符合题意．

【分析】据图分析：图1中的装置是测定二氧化碳浓度对光合作用的影响．图2中曲线A表示三碳化合物的含量，曲线B表示五碳化合物的含量．影响光合作用的环境因素主要有光照强度、温度和二氧化碳浓度等．据此分析作答．19、降低增加细胞代谢（代谢）作为蛋白质合成的原料呼吸（分解）能量（ATP）肝细胞膜受损（或细胞裂解）选择透过（选择通透）【分析】【解答】解：（1）随着培养时间的延长；细胞代谢会消耗氨基酸和葡萄糖，产生代谢废物尿素，故培养液中氨基酸和葡萄糖的含量减少，尿素的含量增加，尿素中的N元素来自氨基酸．

（2）因为氨基酸是蛋白质的基本单位；所以培养液中的氨基酸进入细胞后的主要作用是合成蛋白质；葡萄糖可通过呼吸作用释放能量．

（3）转氨酶是肝细胞内参与氨基酸分解与合成的一类酶；故正常情况下该酶存在于细胞内，现在培养液中检测到，说明该酶从细胞中排出，可推测细胞受损使细胞膜通透性增加．

（4）从上面题干分析细胞对物质的转运具有选择透过性．

【分析】据图分析，随时间推移，培养液中葡萄糖和氨基酸含量降低，尿素含量增加．20、甲多倍体育种用秋水仙素处理萌发的种子或幼苗杂交育种从F2中选出符合要求的个体连续自交，直到得到不发生性状分离的个体花药离体培养明显缩短育种年限【分析】【解答】解：（1）细胞核是细胞代谢和遗传的控制中心；由于重组细胞的细胞核来自甲，因此由重组细胞丙发育形成的生物体的基因型与甲个体相同．

（2）C过程所用的育种方法是多倍体育种；①是用秋水仙素处理萌发的种子或幼苗，是染色体数目加倍从而变成多倍体．

（3）D表示的育种方法是杂交育种，选育时，由于F2会出现性状分离，因此应该从F2中选取符合要求的个体连续自交；直到得到不发生性状分离而获得能稳定遗传的纯合体．

（4）E育种方法是单倍体育种；②常采用的方法花药离体培养获得单倍体植株；单倍体育种的优点是能明显缩短育种年限．

【分析】1；分析题干和题图可知；该题的知识点是几种育种方法的比较，先根据题图梳理相关知识点，然后结合题干信息进行解答．

2、图中A是细胞核的移植技术，B表示的育种方法是诱变育种，原理是基因突变；C是多倍体育种，育种原理是染色体变异；D育种方法是杂交育种，育种原理是基因重组；E育种方法是单倍体育种，育种原理是染色体变异．21、三肽；肽键；②③⑤；脱水缩合；36；蛋白质；核糖体；磷脂双分子层；b；a【分析】解：（1）分析题图甲可知；该图含有2个肽键（-CO-NH-）因此含有3个氨基酸，叫三肽；④是肽键；②③⑤该表R基．

（2）氨基酸通过脱水缩合反应形成肽链；该化合物中含有2个肽键；脱去了2分子水，在这个过程中，相对分子质量减少2×18=36．

（3）分析图乙可知；图乙中A是蛋白质，B是磷脂双分子层，细胞内核糖体是合成蛋白质的场所．

（4）CO2运出细胞的过程是自由扩散，既不需要载体也不需要能量，因此是图中的b过程；钾离子进入人体细胞的过程是主动运输过程；既需要载体也需要能量，及图中的a过程．

故答案为：

（1）三肽肽键②③⑤

（2）脱水缩合36

（3）蛋白质核糖体磷脂双分子层。

（4）ba

分析题图甲可知；①是氨基，②③⑤是R基，④是肽键，⑥是羧基；分析图乙可知，A是蛋白质，B是磷脂双分子层，D是多糖，D所在的一侧为细胞膜外侧．

本题考查了蛋白质的结构以及细胞膜的结构和功能等有关知识，要求考生能够掌握组成蛋白质的氨基酸的特点和氨基酸的脱水缩合反应的过程；识记细胞膜的结构和功能；能够根据物质跨膜运输的方式的特点对图解进行分析．【解析】三肽；肽键；②③⑤；脱水缩合；36；蛋白质；核糖体；磷脂双分子层；b；a22、（1）d（2）从叶绿体的类囊体薄膜流向叶绿体的基质（或基粒向基质）（3）162（4）右移（5）h【分析】【分析】本题考查了光合作用和呼吸作用的有关知识。意在考查考生的识图能力、分析能力和理解能力，要求考生能用文字、图表以及数学方式等多种表达形式准确地描述生物学方面的内容，能够确定图乙中四点中光合作用和呼吸作用强度关系。【解答】（1）图甲所示的该植物细胞从外界吸收二氧化碳，释放氧气；说明光合作用强度大于细胞呼吸强度，可用图乙中d点表示。（2）当植物细胞内的部分代谢活动处于图乙中的b点时，植物进行光合作用，叶绿体中ATP的移动方向是类囊体薄膜向叶绿体基质（或基粒向基质）。（3）据题意分析可知“光合作用所消耗的CO2的量”是指的光合作用总量，与黑暗时间长短无关。在相同温度下，将该植物的叶片置于8klx光照下，净光合速率为12mg，在黑暗处呼吸速率为6mg，因此8klx光照下9小时，实际光合作用速率=净光合速率+呼吸速率=12mg+6mg=18mg，光照时间为9小时，该植物24小时内每100cm2叶片的光合作用所消耗的CO2的量为18×9=162mg。（4）将温度提高到30℃时，光合作用速率减慢，呼吸作用速率增强，c点表示光合作用强度等于呼吸作用强度，故c点向右移动。​（5）丙图中纵轴表示的是温室中二氧化碳的量，光合作用吸收二氧化碳，释放氧气，因此二氧化碳量最少时就是氧气积累最多时，即氧气浓度最大的是h点。【解析】（1）d（2）从叶绿体的类囊体薄膜流向叶绿体的基质（或基粒向基质）（3）162（4）右移（5）h23、等量（或2ml）的蛋清液对A试管加热，使蛋清液变性，B试管不加热再向两支试管分别滴入4滴0.0lg．mL﹣1的CuSO4溶液，摇匀预期结果：A、B试管均变紫蛋白质在加热变性后肽键没有断裂【分析】【解答】解：（2）根据实验设计原则的单一变量原则和对照原则；实验的方法步骤如下：

①取两支试管；分别编号A；B，向两支试管中加入等量的蛋清液（对照原则）；

②对A试管加热；使蛋清变性，B试管不加热（单一变量原则）；

③冷却后，分别向两支试管滴加1mL0.1g/mL的NaOH溶液，摇匀；再向两支试管分别滴入4滴0.01g/mL的CuSO4溶液；摇匀．

④观察两试管的颜色变化．

（3）预期结果：A；B试管均变紫．

（4）实验结论：蛋白质在加热变性后肽键没有断裂．

故答案为：

（2）①等量（或2ml）的蛋清液。

②对A试管加热；使蛋清液变性，B试管不加热。

③再向两支试管分别滴入4滴0.0lg．mL﹣1的CuSO4溶液；摇匀．

（3）预期结果：A；B试管均变紫。

（4）蛋白质在加热变性后肽键没有断裂．

【分析】实验设计原则是单一变量原则和对照原则．已知该实验过程是加热变性情况，所以一组加热一组不加热，其他条件都保证相同，蛋白质鉴定过程要注意双缩脲试剂的使用顺序，最后通过颜色反应比较两个试管的变化并得出结论．24、微生物的抗性突变是自发产生的抗链霉素菌种是从没有接触过链霉素的细菌中获得的抗链霉素抗链霉素的菌种越来越纯选择碳源和氮源及琼脂（凝固剂）①②③E—A—C—B—D—G【分析】【解答】（1）培养基3；7、11中含有链霉素；从没有接触过链霉素的细菌接种到培养基3、7、11中，培养一段时间，在这三个培养基中有对链霉抗性大肠杆菌出现，则说明了微生物的抗性突变是自发产生的．

（2）培养基3；7、11中含有链霉素；只有能对链霉素具有抗性才可以在这三个培养基中生长．2、6、10不含有链霉素，其中的菌种有抗链霉菌种和没有抗性的菌种；培养基3、7、11中含有链霉素，其中的菌种都具有抗链霉素特性．两培养基菌落数越来越接近，则说明抗链霉素的菌种越来越纯，这都是自然选择的结果．

（3）4；8试管中含有该菌种生长的培养基；目的是培养大肠杆菌．培养基为微生物提供生长、繁殖和积累代谢产物的营养物质．这些物质归纳为碳源、氮源、生长因子、无机盐和水．12培养基是斜面培养基，故培养基还含有琼脂等凝固剂．

（4）在微生物实验操作中；防止杂菌污染贯穿实验整个过程中．培养基是放在灭菌锅中进行高压蒸汽灭菌来灭菌．接种环和接种针需要酒精灯灼烧灭菌．实验者的双手需要用酒精灭菌．

（5）G是突变体的生长必须物质．A；B、C、D、E都是合成G物质的必需中间产物．突变体3的培养基只需要G；突变体1的培养基需要加入D和G，则说明合成顺序是D→G；突变2的培养基需要B、D、G，则说明合成顺序是B→D→G；以此类推，可知这些物质合成顺序是E﹣A﹣C﹣B﹣D﹣G．

【分析】首先把大量对链霉素敏感的大肠杆菌K12涂布在不含链霉素的平板1的表面，待其长出密集的小菌落后，用影印法接种到不含链霉素的培养基平板2上，随即再影印到含有链霉素的选择性培养基平板3上．影印的作用可保证这3个平板上所生长的菌落的亲缘和相对位置保持严格的对应性．经培养后，在平板3上出现了个别抗链霉素的菌落．对培养皿2和3进行比较，就可在平板2的相应位置上找到平板3上那几个抗性菌落的“孪生兄弟”．然后把平板2中最明显的一个部位上的菌落（实际上是许多菌落）挑至不含链霉素的培养液4中，经培养后，再涂布在平板5上，并重复以上各步骤．上述同一过程几经重复后，只要涂上越来越少的原菌液至相当于平板1的培养皿5和9中，就可出现越来越多的抗性菌落，最后甚至可以得到完全纯的抗性菌群体．由此可知，原始的链霉素敏感菌株只通过1→2→4→5→6→8→9→10→12的移种和选择序列，就可在根本未接触链霉素的情况下，筛选出大量的抗链霉素的菌株．25、基因库多样性生物进化基因频率选择隔离【分析】【解答】（1）一个大熊猫种群的全部个体所含的全部基因属于这个种群的基因库；大熊猫种群仍然保持较高的遗传多样性反映种群中基因的多样性．

（2）种群是生物进化的基本单位；大熊猫在末次冰期消融后还经历了强烈的种群扩张的事实说明；其实质是大熊猫种群的基因频在进化过程中发生了动态变化．

（3）突变；选择和隔离是物种形成和生物进化的机制．

【分析】现代生物进化理论认为，种群是生物进化的基本单位．一个种群的全部个体所含的全部基因称为该种群的基因库．突变、基因重组和自然选择是导致种群基因频率改变的因素．物种形成和生物进化的基本环节是突变、选择和隔离．四、判断题(共3题，共30分)26、B【分析】【解答】葡萄糖进入红细胞的方式属于协助扩散；即从高浓度到低浓度运输，不需要消耗能量，但需要载体蛋白的协助。所以上述说法错误。

【分析】本题考查了学生对协助扩散的掌握，意在提高学生的识别能力，难度不大，但容易出错。27、A【分析】【解答】目的基因为抗除草剂基因；若未成功导入目的基因或导入后没有成功表达，则细胞不具有抗除草剂的能力，不能在含除草剂的培养基中正常生长；若转基因细胞能在含除草剂的培养基中正常生长，则说明细胞具有抗除草剂的能力，即抗除草剂基因成功表达。

【分析】本题主要考查的是目的基因的表达和检测，要求学生能够区分表达和检测。28、B【分析】【解答】解：自养生物是指靠无机营养生活和繁殖的生物；包括光能自养型和化能自养型．

故答案为：×．

【分析】生物新陈代谢的类型从同化作用方面看，分为自养型和异养型；从异化作用方面看，分为需氧型和厌氧型．自养生物是指靠无机营养生活和繁殖的生物．五、识图作答题(共3题，共12分)29、（1）拟核核模⑧细胞核（2）（11）细胞壁④细胞膜⑤细胞质统一性（3）无以核模为界限的细胞核（4）自养型（5）40（6）逆时针【分析】【分析】本题以蓝藻和水绵为素材，结合图解，考查原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同，要求考生识记细胞中各结构的图象，能准确判断图中各结构的名称，再结合所学的知识准确判断各选项。分析A图：A为蓝藻细胞结构示意图，其中结构①为拟核，结构②为核糖体，结构③为细胞壁，结构④为细胞膜，结构⑤为细胞质。分析B图：B为水绵细胞结构示意图，其中⑥为细胞质、⑦为带状叶绿体、⑧为细胞核，⑨为液泡，⑩为细胞膜，（11）为细胞壁。【解答】（1）蓝藻属于原核生物；水绵属于真核生物，与真核细胞相比较，原核细胞拟核上没有核膜，而水绵细胞有以核膜为界限的细胞核，属于真核细胞。

（2）在蓝藻细胞和水绵细胞中，它们共有的结构有③和（11）细胞壁、④和⑩细胞膜、⑤和⑥细胞质；这体现了不同细胞之间的统一性。

（3）蓝藻细胞和水绵细胞在光学显微镜下最