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文档简介
…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2024年沪科版必修1物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题,共16分)1、如图所示为甲、乙两物体在同一直线上运动的x-t图像;则()
A.甲、乙两物体运动方向相同B.甲、乙两物体在t1时刻相遇C.甲做匀加速运动,乙做匀减速运动D.在0-t1时间内,甲、乙两物体的位移相同2、一质点沿直线Ox方向做变速运动,它离开O点的距离x随时间t变化的关系为它的速度随时间t变化的关系为该质点在到内的平均速度的大小和在到内的平均速度的大小分别为()A.B.C.D.3、在下列所示的三种情况中,物块的质量均为M,不计一切摩擦和弹簧测力计的重力,则三个弹簧测力计的示数T1、T2、T3的关系是。
A.T1=T2=T3B.T1=T3<T2C.T1<T2<T3D.T1=T2<T34、在有雾霾的早晨,一辆小汽车以25m/s的速度行驶在平直高速公路上,突然发现正前方50m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶,司机紧急刹车后小汽车做匀减速直线运动,在前1.5s内的v-t图象如图所示,则()
A.由于刹车及时,两车不会相撞B.在t=3.5s时两车会相撞C.第3s末小汽车的速度会减到10m/sD.两车最近距离为30m5、某物体做直线运动,它的速度—时间图像如图所示.t=0时刻物体从O点开始运动,设向东为速度v的正方向.则。
A.0~6s内物体一直做匀变速直线运动B.t=4s时,物体的加速度为零C.t=5s时,物体的速度大小为2m/s,方向向西D.t=6s时,物体在O点东侧6m处6、一小车放在水平地面上,其上用轻质细线悬挂一小球,开始时细线竖直。现将水平力F作用于小球上,使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置,小车始终保持静止状态。则在这一过程中()
A.水平拉力F变小B.细线的拉力不变C.小车对地面的压力变大D.小车所受地面的摩擦力变大7、如图所示,小车沿水平地面做直线运动,小球悬挂在车厢顶部,悬线与竖直方向的夹角为放在车厢底板上的物体A质量为m,跟车厢保持相对静止,与小车底板间的动摩擦因数为则下列说法正确的是()
A.小车一定正在向右加速运动B.小车的加速度大小为C.A受到的摩擦力大小为D.车厢对A的作用力方向一定与悬线平行8、如图所示为一竖直放置的大圆环,在其水平直径上的A、B两端系着一根不可伸长的柔软轻绳,绳上套有一光滑小铁环.现将大圆环在竖直平面内绕O点顺时针缓慢转过一个微小角度,则关于轻绳对A、B两点拉力FA、FB的变化情况;下列说法正确的是()
A.FA变大,FB变大B.FA变小,FB变小C.FA变大,FB变小D.FA变小,FB变大评卷人得分二、多选题(共6题,共12分)9、在“探究弹力与弹簧伸长量的关系”的实验中,以下说法正确的是()A.弹簧被拉伸时,不能超出它的弹性限度B.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力时,应竖直悬挂弹簧,挂在弹簧下端的钩码应处于静止状态C.用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D.用几个不同的弹簧,分别测出它们所受的拉力与伸长量,可得出拉力与伸长量之比相等10、下列物理量属于矢量的是()A.位移B.路程C.速度的变化量D.加速度11、某物体运动的速度图像如图;根据图像可知。
A.0-2s内的加速度为1m/s2B.0-5s内的位移为10mC.第1s末与第3s末的速度方向相同D.第1s末与第5s末加速度方向相同12、甲、乙两个质点分别在两个并排直轨道上运动,其速度随时间的变化规律分别如图中a、b所示,图线a是直线,图线b是抛物线;则下列说法正确的是()
A.t3时刻,甲、乙一定相遇B.t2-t3时间内某一时刻甲、乙的加速度相等C.0-t1时间内,甲的平均速度大于乙的平均速度D.0-t2时间内,甲的加速度不断减小,乙的加速度不断减小13、把一个物体以一定的初速度竖直向上抛出,物体达到最高点后落回抛出点。如果取竖直向上为正方向,不计空气阻力。下列描述该运动过程的v—t图像或a—t图像正确的是()A.B.C.D.14、如图所示,水平传送带以速度顺时针匀速转动,质量相同的两煤块分别无初速度地轻轻放在传送带的左端,物块与传送带之间的动摩擦因数为恰好运动到传送带的右端速度达到煤块与传送带之间的动摩擦因数为运动到传送带的中间时速度达到下列说法正确的是()
A.B.C.煤块在传送带上运动时间为在传送带上时间的两倍D.输送煤块在传送带上划出的痕迹为煤块痕迹的两倍评卷人得分三、填空题(共7题,共14分)15、15m/s=________km/h。16、一质点做直线运动的图,如图所示,质点在0~1s内做______运动,加速度为______m/s2;在1~3s内质点做______运动,加速度为______m/s2;在3~4s内做______运动,加速度为______m/s2;在1~4s内做______运动,加速度为______m/s2。
17、如图所示,在“用DIS验证斜面上力的分解”的实验中,A、B处各放一个力传感器,将物体的重力分解为平行于斜面方向的分力(用F1表示)和垂直于斜面方向的分力(用F2表示).在斜面倾角θ由0°变为90°的过程中,F1将___________,F2将__________.(以上均选填“变大”;“变小”或“不变”)
18、如图所示,质量为m=5kg的物体,置于一倾角为30°的粗糙斜面上,用一平行于斜面的大小为40N的力F拉物体,使物体沿斜面M向上做初速度为零的匀加速直线运动,加速度a=2m/s2,斜面始终保持静止状态.则水平地面对斜面的静摩擦力大小为____N.
19、动力学的两类基本问题。
(1)由物体的受力情况求解运动情况的基本思路先求出几个力的合力,由牛顿第二定律(F合=ma)求出_____;再由运动学的有关公式求出速度或位移。
(2)由物体的运动情况求解受力情况的基本思路,已知加速度或根据运动规律求出_____,再由牛顿第二定律求出合力,从而确定未知力。20、在物理学中,既有______又有_______的物理量叫做矢量,矢量相加__________(填“遵从”或“不遵从”)算术相加的法则。21、如图所示,电灯悬于两壁(墙壁足够长)之间,保持O点及OB绳的位置不变,而将绳端A点向上移动,则绳OA所受的拉力___________;绳OB所受的拉力___________。(选填“增大”“先增大后减小”“不变”“减小”或“先减小后增大”)。评卷人得分四、作图题(共1题,共5分)22、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。
评卷人得分五、实验题(共2题,共8分)23、某实验小组同学利用如图所示的装置验证牛顿第二定律。实验步骤如下:
①将光电门A、B固定在长木板上,用刻度尺测量光电门A、B之间的距离L;
②调节长木板左端的高度,直至滑块(带有遮光片)通过光电门A、B的时间相等;
③将细绳的一端与滑块相连;另一端与小球相连,细绳跨过光滑轻质定滑轮,调整滑轮,使滑块与滑轮间的细绳与长木板平行;
④将滑块置于光电门A上方某位置,由静止释放,记录滑块(带有遮光片)通过光电门A、B的时间和
⑤用天平测量滑块(含遮光片)的质量M,测量小球的质量m;
⑥测量出遮光片的宽度d。
回答下列问题(重力加速度为g):
(1)实验步骤②的目的是______;
(2)滑块从光电门A运动到光电门B的加速度大小______;(用题中所给物理量符号表示)
(3)若小球的质量m远小于滑块(含遮光片)的质量M,则细绳中的拉力大小______;(用题中所给物理量符号表示)
(4)若小球的质量m不满足远小于滑块(含遮光片)的质量M的条件,则牛顿第二定律在本实验中的具体表达形式为______。(用题中所给物理量符号表示)24、某物理实验小组用如图甲所示的装置测当地的重力加速度,主要步骤如下:让光滑小钢球从电磁铁下边缘自由下落,经过小球下方的光电门的水平细激光束时,光电计时器记录下小球的挡光时间Δt;测出小球直径d以及释放前小球球心到光电门的竖直距离为h。
(1)利用游标卡尺测量小球直径如图乙所示,则小球的直径d=_______mm;
(2)在某次测量中,测得小球通过光电门的时间为Δt=2.0×10﹣3s,小球下落高度h=0.84m,根据这些数据,可求得的重力加速度g=_______m/s2(保留4位有效数字);
(3)该测量结果与当地的重力加速度有较大的误差,小组同学通过反思后提出了三种原因,你认为合理的是_______。
A.小球通过光电门时球心偏离细光束。
B.小球下落时受到了空气阻力。
C.小球下落后受到铁芯的引力评卷人得分六、解答题(共3题,共9分)25、比萨斜塔是世界建筑史上的一大奇迹,成为世界旅游的著名景点之一。某同学很想知道比萨斜塔的高度,但手头有没有资料。这时他刚好从电视中看到比萨斜塔的图片,而且刚好看到从塔顶落下小球,小球经过第一层到达地面的时间如图所示,已知斜塔第一层离地面的高度重力加速度取不计空气阻力。
(1)求斜塔离地面的总高度
(2)求小球从塔顶落到地面过程中的平均速度
26、利用频闪照相法拍摄下一小球从地面上方某高度做自由落体运动的照片,连续三张照片显示小球离地高度分别为:5.2m、4.05m、2.8m。取求:
(1)频闪照相的拍摄时间间隔;
(2)小球释放时离地的高度。27、如图所示,质量为2kg的物体,在倾角θ=37°足够长的斜面上受到水平向右的恒力推力F=40N的作用,从静止开始沿斜面向上运动,物体与斜面间的动摩擦因数为0.25,g取10m/s2;sin37°=0.6,cos37°=0.8。求:
(1)物体受到支持力的大小;
(2)物体受到滑动摩擦力的大小;
(3)物体运动加速度的大小;
(4)3s末;物体速度的大小。
参考答案一、选择题(共8题,共16分)1、B【分析】【分析】
【详解】
A.x-t图像斜率的正负代表速度的方向;由图可知,甲;乙两物体运动方向相反,A错误;
B.x-t图像交点代表相遇,由图可知,两物体在t1时刻相遇;B正确;
C.x-t图像斜率的大小代表速度的大小;由图可知,两物体都做匀速直线运动,C错误;
D.在0-t1时间内;甲;乙两物体的速度方向相反,位移不可能相同,D错误。
故选B。2、B【分析】【详解】
根据离开O点的距离随时间变化的关系
可得出时
时
时
则质点在到内的平均速度大小
在到内的平均速度大小
选项ACD错误;B正确。
故选B。3、A【分析】【详解】
试题分析:三幅图中分别对物体分析,物体受重力和绳子的拉力,绳子的拉力等于弹簧的拉力,所以弹簧秤的示数都等于物体的重力,故T1=T2=T3=G;故BCD错误;故选A.
考点:胡克定律;物体的平衡。
【名师点睛】解决本题的关键知道弹簧秤的示数等于弹簧的拉力,会通过共点力平衡求解力.4、A【分析】【分析】
【详解】
ABD.判断两车是否相撞时的临界速度为两车速度相等时,即
得
即3.5s末时;由图线与时间轴所围“面积”大小等于位移知3.5s内二者的位移差等于v=10m/s上方的梯形面积。
而此前两车相距50m,则有
故两车不会相撞;最近距离为20m,BD错误,A正确;
C.0.5s后汽车开始刹车后的加速度为
则第3s末的速度为
C错误。
故选A。
考点:v-t图像;追击问题。5、D【分析】【详解】
ABC.速度-时间图象的斜率等于物体运动的加速度,0~2s内物体的加速度为0,做匀速直线运动,2-6s内做匀变速直线运动,加速度:
方向向西;则在0~6s内物体不是一直做匀变速直线运动,故ABC错误;
D.根据图象面积表示位移知t=6s时的位移等于2s时位移,x=2×3m=6m,所以物体在O点东侧6m处,故D正确.6、D【分析】【详解】
AB.对小球受力分析,受拉力、重力、F;如图所示。
根据平衡条件,有:
向左拉小球的过程中,逐渐增大,增大,所以F逐渐增大;减小,所以拉力T增大;AB错误;
CD.以整体为研究对象,根据平衡条件,水平方向有:
竖直方向有:
因F逐渐增大,所以小车所受地面的摩擦力Ff逐渐增大,所以小车对地面的摩擦力变大;支持力保持不变;则小车对地面的压力不变,C错误,D正确。
故选D。7、D【分析】【详解】
A.由图易知小球所受合外力方向一定水平向右;则小车加速度方向一定水平向右,小车可能向右做加速运动,也可能向左做减速运动,故A错误;
B.对小球根据力的合成以及牛顿第二定律可知其加速度大小为
即小车的加速度大小为故B错误;
C.A相对小车静止,所受静摩擦力不能根据滑动摩擦力公式计算,需要根据牛顿第二定律计算,即
故C错误;
D.车厢对A的支持力大小为
设车厢对A的作用力方向与竖直方向夹角为α,则
所以车厢对A的作用力方向一定与悬线平行;故D正确。
故选D。8、B【分析】【详解】
如图,设绳子是长度是2L,AB的长度是2l,AB水平时绳子与水平方向的夹角是α,平衡时两根绳子的拉力相等,设绳子拉力为F1;有:
2F1sinα−mg=0,
得:FA=FB=F1=
由图可知cosα=l/L.
将大圆环绕着杆中点O在竖直平面内顺时针缓慢转过一个角度时,绳子与水平方向的夹角是θ,平衡时两根绳子的拉力仍然相等,设绳子拉力为F2,有:2F2sinθ−mg=0,
联立解得:F′A=F′B=F2=.
设此时环到B的距离是L1,到A的距离是L2,则:L1+L2=2L
而由图可知,很显然:L1cosθ+L2cosθ<2l,
即:cosθ<l/L得:α<θ
所以:F′A=F′B<FA=FB,即FA变小,FB变小,故B正确.
故选B.
点睛:以环为研究对象,环处于静止状态,合力为零,根据平衡条件求解绳中拉力的大小;然后通过比较转动后绳子的方向与水平方向之间的夹角的变化即可得出力的变化.二、多选题(共6题,共12分)9、A:B【分析】【分析】
【详解】
A.弹簧被拉伸时;不能超出它的弹性限度,A正确;
B.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力时;应竖直悬挂弹簧,挂在弹簧下端的钩码应处于静止状态,B正确;
C.用直尺测得弹簧的长度减去原长为弹簧的伸长量;C错误;
D.在“探究弹力和弹簧伸长量之间的关系”的实验中必须使用相同的弹簧;D错误。
故选AB。10、A:C:D【分析】【分析】
【详解】
位移;速度的变化量、加速度既有大小也有方向;是矢量;路程只有大小,没有方向是标量。
故选ACD。11、A:C【分析】【分析】
速度图象的斜率等于物体的加速度大小.根据斜率的正负分析加速度的正负.图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移.根据速度的正负判断速度的方向.
【详解】
A.由v﹣t图象知,0﹣2s内物体运动的加速度为故A正确;
B.v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移,故0﹣5s内的位移为故B错误;
C.速度的正负表示运动方向;第1s末图象在时间轴上方,速度为正,第3s末速度图象也在时间轴上方,速度也为正,故方向相同,故C正确;
D.第1s内图线的斜率为正值;加速度沿正方向,而第5s内图线的斜率为负值,加速度方向沿负方向,则第1s内与第5s内物体的加速度方向相反.故D错误.
【点睛】
对于速度﹣时间图象要抓住两个数学意义来理解其物理意义:斜率等于加速度,“面积”等于位移12、B:C【分析】【详解】
A.由于题中没有说明两个质点初始位置是否相同,所以t3时刻,甲、乙可能相遇,也可能不相遇,故A错误;
B.t2-t3时间内,在图线b上可以画出一条切线与图线a平行,根据v-t图象的斜率表示加速度,知某一时刻甲、乙的加速度能相等,故B正确;
C.根据v-t图象与时间轴所围的面积表示位移,可知0-t1时间内,甲的位移大于乙的位移,根据
可知,甲的平均速度大于乙的平均速度,故C正确;
D.根据v-t图象的斜率表示加速度;可知甲的加速度不变,乙的加速度一直减小,故D错误。
故选BC。13、B:D【分析】【详解】
AB.物体向上先做加速度为g的匀减速运动,到达最高点后做加速度为g的匀加速运动,故v-t图线为B;A错误B正确;
CD.因加速度保持不变,故a-t图线为D;C错误D正确。
故选BD。14、B:D【分析】【详解】
AB.设传送带的长度为L;由匀变速直线运动规律可得。
对煤块A
联立可得
同理,对煤块B可得
联立①②可得
A错误;B正确;
C.由上可得,由匀变速直线运动规律可得
因此煤块在传送带上加速时间为在传送带上时间的两倍;但B会继续匀速运动直至到达传送带最右端,C错误;
D.设煤块A在传送带上滑动的时间为2t,加速度为a,则煤块B在传送带上滑动的时间为t,加速度为2a;
煤块A在传送带上的划痕为
煤块B在传送带上的划痕为
联立可得
即输送煤块在传送带上划出的痕迹为煤块痕迹的两倍;D正确;
故选BD。三、填空题(共7题,共14分)15、略
【分析】【详解】
[1]【解析】5416、略
【分析】【详解】
[1]图像中图线的斜率表示加速度;所以质点在0~1s内速度均匀增加,做匀加速直线运动;
[2]根据公式
解得m/s2
[3]在1~3s内质点速度均匀减小;做匀减速直线运动;
[4]根据公式
解得m/s2
[5]在3~4s内质点的速度在反向增加;即做匀加速直线运动;
[6]根据公式
解得:m/s2
[7]在1~4s内做匀变速直线运动;
[8]根据公式
解得m/s2【解析】匀加速4匀减速-2匀加速直线-2匀减速直线-217、略
【分析】【详解】
本题考查了力的分解.将重力分解为沿斜面方向的分力和垂直于斜面方向的分力所以随着θ由0º变到90º,F1变大;F2变小.此题借助于新颖的情景,考查了力的分解.理解了情景解题的难度就不大了.【解析】变大变小18、略
【分析】【详解】
整体的加速度向右的分量为acos30整体水平方向受到地面向左的摩擦力f,F向右的水平分力Fcos30由牛顿第二定律得:Fcos30-f=macos30解得f=15N,所以水平地面对斜面的静摩擦力大小为15N.【解析】15N19、略
【分析】【分析】
【详解】
(1)[1]由物体的受力情况求解运动情况的基本思路先求出几个力的合力,由牛顿第二定律(F合=ma)求出加速度;再由运动学的有关公式求出速度或位移。
(2)[2]由物体的运动情况求解受力情况的基本思路,已知加速度或根据运动规律求出加速度,再由牛顿第二定律求出合力,从而确定未知力。【解析】加速度加速度20、略
【分析】矢量是指既有大小又有方向的物理量,矢量相加减遵循平行四边形定则,不遵循算术相加减法则.【解析】大小方向不遵从21、略
【分析】以O点位研究对象,处于平衡状态,根据矢量三角形法则进行受力分析如图所示:
由图可以知道,绳子OB上的拉力逐渐减小,OA上的拉力先减小后增大,
故本题答案是(1).先减小后增大(2).减小。
点睛:本题中O点受到三个力作用处于平衡者状态,其中OB绳子上拉力方向不变,竖直绳子上拉力大小方向都不变,对于这类三力平衡问题可以利用“图解法”进行求解,即画出动态的平行四边形求解.【解析】先减小后增大减小四、作图题(共1题,共5分)22、略
【分析】【详解】
由于绳子竖直;根据平衡可知,斜面对物体不可能产生弹力,故物体受到的弹力只有绳子的拉力,如下图所示。
【解析】见解析五、实验题(共2题,共8分)23、略
【分析】【详解】
(1)[1]滑块(带有遮光片)通过光电门A、B的时间相等;说明滑块在长木板上做匀速直线运动,重力沿长木板的分力与摩擦力平衡,所以实验步骤②的目的是平衡摩擦力(补偿阻力);
(2)[2]滑块、经过光电门A的速度为
经过光电门B的速度
由匀变速直线运动规律
得滑块从光电门A运动到光电门B的加速度大小为
(3)[3]由牛顿第二定律得
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