2025年鲁教新版高一物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁教新版高一物理下册阶段测试试卷545考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在质量为M的电动机的飞轮上，固定着一个质量为m的重物，重物到转轴的距离为r，如图所示，为了使放在地面上的电动机不会跳起，电动机飞轮的角速度不能超过（）A.B.C.D.2、下列关于功的说法正确的是（）

A.力对物体做功多；说明物体的位移一定大。

B.静摩擦力总是做正功；滑动摩擦力总是做负功。

C.作用力做功；反作用力也一定做功。

D.一对平衡力所做功的代数和总是为零。

3、下列说法不正确的是（）A.速度是描述物体运动快慢的物理量，速度大表示物体运动快B.当物体的大小和形状在所研究问题中可以忽略时，可以把物体看成质点C.在描述物体的运动时，参考系的选取可以是任意的D.速度和速率都是矢量4、在你身边，若一束电子流从上向下运动，在地磁场的作用下，它将(

)

A.向东偏转B.向西偏转C.向南偏转D.向北偏转5、作自由落体运动的物体，先后经过空中MN

两点时的速度分别为v1

和v2

则下列说法中正确的是()A.MN

间距离为v22鈭�v122g

B.经过MN

的平均速度为v1+v22

C.经过MN

所需时间为v2鈭�v1g

D.经过MN

中点时速度为v1+v22

6、质量为m的小球从距地面高为h的水平桌面飞出，小球下落过程中，空气阻力可以忽略.小球落地点距桌边水平距离为S，如图所示，关于小球在空中的飞行时间t以及小球飞出桌面的速度V0，下面判断正确的是（）A.t=B.t=C.v0=D.v0=s/7、起重机竖直吊起质量为m的重物，上升的加速度是α，上升的高度是h，则起重机对货物所做的功是（）A.mghB.mαhC.m（g＋α）hD.m（g-α）h评卷人得分二、双选题(共6题，共12分)8、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}9、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量10、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}11、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}12、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量13、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、某同学验证机械能守恒定律的实验步骤以及所测量的数据如下：

A．将打点（或电火花）计时器竖直安装在铁架台上。

B．接通电源；再松开纸带，让重物自由下落。

C．取下纸带；再换一条新纸带，重复以上实验步骤。

D．将纸带固定在重物上；让纸带穿过打点计时器，用手提着纸带使重物静止。

E．选取一条理想纸带（所选纸带如图所示），用刻度尺测出物体下落的高度OA、OB、OC、OD、OE（图中O点是计时器打出的第一点），并计算出相应的瞬时速度vA、vB、vC

F．分别计算出mvn2/2与mghn；在误差允许范围内，看是否相等。

请完成下列问题：

（1）上述实验步骤合理的顺序是____．

（2）质量为1kg的重锤从开始下落到打B点时，减少的重力势能EP为____；重锤下落到打B点时，增加的动能EK为____．

（3）通过计算，数值上△Ep____△Ek（填“略大于”“略小于”“等于”），这是因为____．15、刀削面是山西最有代表性的面条，堪称天下一绝，已有数百年的历史.

传统的操作方法是一手托面，一手拿刀，直接削到开水锅里，其要诀是：“刀不离面，面不离刀，胳膊直硬手水平，手端一条线，一棱赶一棱，平刀是扁条，弯刀是三棱”.

如图所示，面团与开水锅的高度差h=0.80m

与锅的水平距离L=0.50m

锅的半径R=0.50m.

要削出的面条落入锅内，面条视为质点且不计空气阻力，g=10m/s2

则面条的水平初速度应满足的条件为______．16、甲、乙两颗人造地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，它们的质量之比m1：m2=1：2，它们做圆周运动的轨道半径之比为r1：r2=1：2，则它们的向心力之比F1：F2=____，角速度之比ω1：ω2=____．17、【题文】如图，两人对拉质量为m＝50Kg的小车，F1="300N",F2=100N，小车加速度的方向____，加速度的大小____m／s2。18、如图是“研究匀变速直线运动”实验中；利用频闪照像(

闪光灯每经过一定的时间间隔闪亮，使同一运动物体在同一底片的不同位置留下影像)

拍摄运动物体获得的照片.ABC

是物体在照片上留下的影像，相邻影像对应的时间间隔是T

对应的距离依次是s1s2s3

(1)

下列计算加速度的计算式中正确的有____________．

(A)a=s3鈭�s2T2(B)a=s5鈭�s32T2(C)a=s6+s5鈭�s2鈭�s18T2(D)a=s3+s4鈭�s2鈭�s18T2

．

(2)

下列计算物体在D

点时速度的表达式中正确的有____________．

(A)vD=s3+s42T(B)vD=s1+s2+s3+s44T(C)vD=s6鈭�s1T(D)vD=s2+s3+s4+s54T

．19、如图所示为皮带转动装置，右边两轮共轴连接，且RA=RC=2RB

皮带不打滑，则在ABC

三轮中的周期TATBTC

线速度vAvBvC

角速度娄脴A娄脴B娄脴C

频率fAfBfC

中两两互为相等的______．评卷人得分四、实验探究题(共4题，共28分)20、某同学在做探究弹力和弹簧伸长关系的实验中，设计了如图a所示的实验装置．所用钩码的单个质量都是30g，他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，然后再将4个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，将数据填在了下面的表中：（弹力始终未超过弹性限度，取g=10m/s2）

。钩码质量（g）0306090120弹簧总长（cm）6.007.258.489.7811.04弹力大小（N）0.00.30.60.91.2弹簧伸长（cm）0.001.252.483.785.04①请根据表格中的实验数据，在给定的坐标纸（图b）上作出弹簧所受弹力F与弹簧伸长的长度x的F-x图线；

②由此可求出弹簧的劲度系数为______N/m．（计算结果保留三位有效数字）．21、在“研究平抛物体的运动”实验中；

(1)

除了木板、小球、斜槽、铅笔、图钉之外，下列器材中还需要的是______

A.刻度尺B.

秒表C.

坐标纸D.

天平E.

弹簧秤。

(2)

实验中，下列说法正确的是______

A.斜槽轨道必须光滑。

B.斜槽轨道末端可以不水平。

C.应使小球每次从斜槽上相同的位置释放。

D.为更好地反映真实运动；记录的点应适当多一些。

(3)

如图所示为实验中用方格纸记录了小球的运动轨迹，abc

和d

为轨迹上的四点，小方格的边长为L

重力加速度为g

则小球作平抛运动的初速度大小v0=

______，经b

点时速度大小vb=

______．22、在“验证力的平行四边形定则”的实验中；用图钉把橡皮筋的一端固定在板上的A点，在橡皮筋的另。

一端拴上两条细绳；细绳另一端系着绳套B；C（用来连接弹簧测力计）．其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．

（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图1中与B相连的弹簧测力计的示数为______N．

（2）在实验中，如果只将OB、OC绳换成橡皮筋，其他步骤保持不变，那么实验结果______（选填“会”或“不会”）发生变化．

（3）在本实验中，F1和F2表示两个互成角度的力，F表示由平行四边形定则作出的F1与F2的合力；F′表示用一个弹簧秤拉橡皮筋时的力，则图2中符合实验事实的是______

23、某探究小组想利用验证机械能守恒定律的装置测量当地的重力加速度，如图(

甲)

所示。框架上装有可上下移动位置的光电门1

和固定不动的光电门2

框架竖直部分紧贴一刻度尺，零刻度线在上端，可以测量出两个光电门到零刻度线的距离；框架水平部分用电磁铁吸住一个质量为m

的小钢球，小钢球的重心所在高度恰好与刻度尺零刻度线对齐。切断电磁铁线圈中的电流时，小钢球由静止释放，当小钢球先后经过两个光电门时，与光电门连接的传感器即可测算出其速度大小v1

和v2

小组成员多次改变光电门1

的位置，得到多组x1

和v1

的数据，建立如图(

乙)

所示的坐标系并描点连线，得出图线的斜率为k

(1)

用游标卡尺测量小钢球的直径，如图(

丙)

所示，该小钢球的直径是____________cm

(2)

关于光电门1

的位置，下面哪个做法可以减小重力加速度的测量误差____________。A.尽量靠近刻度尺零刻度B.

尽量靠近光电门2

C.既不能太靠近刻度尺零刻度，也不能太靠近光电门2

(3)

当地的重力加速度为____________________(

用k

表示)

评卷人得分五、综合题(共2题，共14分)24、【题文】如图6-8-25甲所示，在光滑的圆锥顶用长为L的细线悬挂一质量为m的小球，圆锥体固定在水平面上不动，其轴线沿竖直方向，母线与轴线之间的夹角为300，物体以速率v绕圆锥体轴线做水平圆周运动：

⑴当时；求线对物体的拉力；

⑵当时，求线对物体的拉力。25、(1)

一质量为m

=2kg

的木块在水平面上静止，现对它施加一水平打击力F

=60N

该力作用于木块的时间是t

=0.1s

已知木块与水平地面的动摩擦因数娄脤

=0.2

则该木块在水平地面上共滑行________s

才能停下来。(

g

=10m/s2)

(2)

在光滑的水平面上，质量为4kg

的物体以4m/s

的速度向右运动，另一质量为8kg

的物体以5m/s

的速度向左运动。两物体正碰后粘在一起，则它们的共同速度大小为______m/s

方向______。

(3)

将20kg

的物体从静止开始以2m/s2

的加速度竖直向上提升4m

不考虑空气阻力，取g=10m/s2

则拉力F=

_____N

拉力做功的平均功率为______W

到达4m

高处拉力的瞬时功率为________W

全过程中拉力对物体的冲量为________N隆陇S.

(4)

如图所示“为探究碰撞中的不变量”的实验装置示意图。

垄脵

因为下落高度相同的平抛小球(

不计空气阻力)

的飞行时间____，所以我们在实验中可以用平抛时间作为时间单位。垄脷

本实验中，实验必须要求的条件是()A.斜槽轨道必须是光滑的B.

斜槽轨道末端点的切线是水平的C.入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放D.

入射球与被碰球满足ma

>

mb

，ra

=

rb

垄脹

图中M

、P

、N

分别为入射球与被碰球对应的落点的平均位置，要验证的关系是()A.ma

隆陇

ON

=

ma

隆陇

OP

+

mb

隆陇

OM

B

．ma

隆陇

OP

=

ma

隆陇

ON

+

mb

隆陇

OM

C.ma

隆陇

OP

=

ma

隆陇

OM

+

mb

隆陇

ON

D

．ma

隆陇

OM

=

ma

隆陇

OP

+

mb

隆陇

ON

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【解析】试题分析：重物转到飞轮的最高点时，电动机刚要跳起时，重物对飞轮的作用力F恰好等于电动机的重力Mg，即F=Mg．以重物为研究对象，由牛顿第二定律得解得故选A考点：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【解析】【答案】A2、D【分析】

A；根据W=Fxcosθ；可知，力对物体做功多，物体的位移不一定大，还跟力F的大小与夹角有关，故A错误；

B；静摩擦力和滑动摩擦力都可以做正功、也可以做负功；也可以不做功，故B错误；

C；作用力与反作用力虽然大小相等；但作用在不同的物体上，所以作用力做功，反作用力不一定做功，故C错误；

D；平衡力总是大小相等；方向相反，作用在一个物体上，所以一对平衡力所做功的代数和总是为零，故D正确．

故选D

【解析】【答案】功的大小与与力以及在力的方向上的位移有关；作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在不同的物体上，平衡力总是大小相等，方向相反，作用在一个物体上，所以一对平衡力所做功的代数和总是为零，摩擦力和滑动摩擦力都可以做正功；也可以做负功，也可以不做功．

3、D【分析】解：A；速度是描述物体运动快慢的物理量；速度大表示物体运动得快；故A正确；

B；当物体的大小和形状在所研究问题中可以忽略时；可以把物体看成质点；故B正确；

C；参考系的选取是任意的；故C正确；

D；速度的大小就是速率；速度是矢量，而速率是标量；故D错误；

本题选错误的；故选：D．

速度是描述物体运动快慢的物理量；速度大的小表述物体运动的快慢；

只有在所研究的问题中物体的大小和形状可以忽略不计时；物体才可以看作质点；

在描述物体的运动时；必须有参考系；而参考系的选取是任意的；

速度是矢量；而速度是速度的大小，为标量．

本题考查了速度、质点及参考系，要注意明确各物理量的意义，对于质点要注意理解物体看作质点的条件．【解析】【答案】D4、B【分析】解：在北半球；地磁场水平方向的分量水平向北，电子从上向下运动，由左手定则可知，电子所受洛伦兹力水平向西，则电子将向西偏转；

故选：B

．

根据地磁场方向；电子运动方向；由左手定则可以判断出电子所受洛伦兹力的方向，然后答题．

本题考查了判断电子的运动，知道地磁场方向、应用左手定则即可正确解题．【解析】B

5、C【分析】略【解析】C

6、D【分析】试题分析：解决本题的关键是知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及知道分运动和合运动具有等时性．小球在下落过程中做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．设飞行时间为t，则在竖直方向上有：解得：故AB错误；设平抛运动的初速度大小为v0，在水平方向上有：解得：考点：本题主要考查平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及知道分运动和合运动具有等时性．【解析】【答案】D7、C【分析】【分析】由牛顿第二定律F-mg=ma,F=m(g+a),由W=Fs可知起重机对货物所做的功为m（g＋α）h；C对；故选C。

【点评】难度较小，熟记公式W=Fs，能够灵活应用牛顿第二定律解决问题。二、双选题(共6题，共12分)8、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}9、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}10、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}11、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}12、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}13、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】

（1）在明确实验原理的前提下；先安装实验器材，然后再进行实验，故具体步骤为：A；D、B、C、E、F．

答案为：A；D、B、C、E、F．

（2）重锤从开始下落到B点时，减少的重力势能EP：mgh=1.91J．

重物在B点的速度为：

增加的动能为：

故答案为：1.91J；1.84J．

（3）由于重物下落过程中存在空气阻力，重物克服阻力做功消耗能量，故由动能定理可知，增加的动能小于减小的势能！因此△Ep略大于△Ek．

故答案为：略大于；重锤下落过程中有阻力做负功，重锤的重力势能有少量损失．

【解析】【答案】（1）实验步骤要符合事物发展逻辑；要有利于操作和减小实验误差，在明确实验原理的情况下奔着这个原则即可正确安排实验步骤．

（2）利用在匀变速直线运动中；中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小，然后根据动能；势能定义进一步求得动能和势能的变化情况．

（3）由于物体下落过程中存在摩擦阻力；因此动能的增加量小于势能的减小量．

15、略

【分析】解：根据h=12gt2

得，t=2hg=2隆脕0.810s=0.4s

．

因为水平位移的范围为L<x<L+2R

则最小速度v1=Lt=0.50.4m/s=1.25m/s

．

最大速度v2=L+2Rt=1.50.4m/s=3.75m/s

．

则速度的范围为1.25m/s<v<3.75m/s

故答案为：1.25m/s<v<3.75m/s

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出平抛运动的时间，结合水平位移的范围求出初速度的范围．

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．【解析】1.25m/s<v<3.75m/s

16、略

【分析】

1、根据向心力等于万有引力，即

得：=

2、根据万有引力提供向心力

解得：

故：

故答案为：2：1，．

【解析】【答案】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出向心力的表达式和角速度的表达式进行相比即可．

17、略

【分析】【解析】

试题分析：由物体所受合力为F1-F2=200N，方向向右，由F=ma可知加速度为4m／s2；方向向右。

考点：考查力的合成与牛顿第二定律。

点评：难度较小，合力提供加速度，首先应求得合外力再由牛顿第二定律求得加速度【解析】【答案】向右；418、ABC;AD【分析】解：(1)

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

即xm鈭�xn=(m鈭�n)aT2

得。

A、a=s3鈭�s2T2

故A正确。

B、a=s5鈭�s32T2

故B正确。

C、a=s5鈭�s14T2a=s6鈭�s24T2

所以a=s6+s5鈭�s2鈭�s18T2

故C正确。

D、a=s3鈭�s12T2a=s4鈭�s22T2

所以a=s3+s4鈭�s2鈭�s14T2

故D错误。

故选ABC．

(2)

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度得。

A、vD=XCEtCE=s3+s42T

故A正确，BC错误。

D、vD=XBFtBF=s2+s3+s4+s54T

故D正确。

故选AD．

故答案为：(1)ABC

(2)AD

【解析】ABC;AD

19、略

【分析】解：因为AB

两轮由不打滑的皮带相连；所以相等时间内AB

两点转过的弧长相等，即vA=vB

．

B

与C

属于同轴转动，角速度相同，由娄脴=2娄脨T=2娄脨f

知周期相同，频率也相同。

所以两两相同的物理量为：vA=vB娄脴B=娄脴CTA=TBfA=fB

．

故答案为：vA=vB娄脴B=娄脴CTA=TBfA=fB

．

利用同轴转动，角速度相同，皮带不打滑，皮带各点的线速度大小相等，由v=娄脴r

知线速度相同时；角速度与半径成反比；角速度相同时，线速度与半径成正比；由a=娄脴v

结合角速度和线速度的比例关系可以知道加速度的比例关系．

明确同轴转动，角速度相同，皮带不打滑，皮带各点的线速度大小相等；灵活应用v=娄脴rT=2娄脨Rv=2娄脨w

求解．【解析】vA=vB娄脴B=娄脴CTA=TBfA=fB

四、实验探究题(共4题，共28分)20、略

【分析】解：①根据实验数据在坐标纸上描出的点；基本上在同一条直线上．可以判定F和x间是一次函数关系，作出图象，如图所示：

②图象的斜率表示劲度系数，则k=

故答案为：①图象如图所示；②24.0．

①根据描点法画出弹簧所受弹力F与弹簧伸长的长度x的F-x图线；

②根据图象的斜率表示弹簧的劲度系数求解弹簧的劲度系数．

画图时要将尽可能多的点画在直线上，少数的点尽可能平均的分布于直线两侧，注意单位的换算，难度不大，属于基础题．【解析】24.021、(1)AC

(2)CD

(3)2gL5gL2【分析】解：(1)

做“研究平抛物体的运动”实验时；除了木板；小球、斜槽、铅笔、图钉之外，下列器材中还需要的是器材是刻度尺与坐标纸.

它的作用是测量长度求得速度．

故选：AC

．

(2)

为了能画出平抛运动轨迹；首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的.

同时要让小球总是从同一位置释放，这样才能找到同一运动轨迹上的几个点，然后将这几个点平滑连接起来，同时为发更好地反映真实运动，记录的点应适当多一些．

故选：CD

．

(3)

设相邻两点间的时间间隔为T

竖直方向：2L鈭�L=gT2

得到T=Lg

水平方向：v0=2LT=2gL

小球在b

点时，竖直方向上的瞬时速度等于vby=3L2T

所以b

点的速度vb=v02+vby2=5gL2

故答案为：(1)AC(2)CD(3)2gL5gL2

．

(1)(2)

在实验中要画出平抛运动轨迹；必须确保小球做的是平抛运动.

所以斜槽轨道末端一定要水平，同时斜槽轨道要在竖直面内.

要画出轨迹，必须让小球在同一位置多次释放，才能在坐标纸上找到一些点.

然后将这些点平滑连接起来，就能描绘出平抛运动轨迹；

(3)

平抛运动竖直方向是自由落体运动，对于竖直方向根据鈻�y=gT2

求出时间单位T.

对于水平方向由公式v0=xt

求出初速度．

体现了平抛运动的特征：水平初速度且仅受重力作用.

同时让学生知道描点法作图线；遇到不在同一条直线上一些点时，只要以能平滑连接就行；

本题是频闪照片问题，频闪照相每隔一定时间拍一次相，关键是抓住竖直方向自由落体运动的特点，由鈻�y=gT2

求时间单位．【解析】(1)AC

(2)CD

(3)2gL5gL2

22、2.80不会B【分析】解：（1）弹簧秤的最小刻度为0.1N；可知弹簧秤的读数为2.80N．

（2）如果将细线也换成橡皮筋；只要将结点拉到相同的位置，拉力的作用效果不变，实验结果不会发生变化；

（3）该实验中F是由平行四边形法则得出的合力，而F′是通过实际实验得出的，故F′应与OA在同一直线上，而F在F1、F2组成的平行四边形的对角线上；故B正确．

故答案为：（1）2.80；（2）不会；（3）B．

（1）根据弹簧秤的最小刻度；读出读数．

（2）本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则；因此采用“等效法”．

（3）注意通过平行四边形得到的合力与实验测得的之间存在误差；明确什么事实验测量值，什么是理论值即可正确解答．

对于中学中的实验，学生尽量要到实验室进行实际操作，只有这样才能体会具体操作细节的意义，解答实验问题时才能更加有把握．【解析】2.80不会B23、（1）1.050

（2）C

（3）【分析】【分析】

游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数；不需估读。根据速度位移公式得出v22鈭�v12

与x2鈭�x1

的函数关系，结合图线的斜率求解重力加速度的大小。

本题考查了验证机械能守恒定律。解决本题的关键知道实验的原理；掌握游标卡尺的读数方法。

【解答】

(1)

游标卡尺的读数为10mm+0.05隆脕10mm=10.50mm=1.050cm

(2)

若靠近刻度尺；会影响铁球经过光电门1

的时间，靠近光电门2

会影响高度差的测量，所以为了减小重力加速度的测量误差，既不能靠近刻度尺零刻度，也不能太靠近光电门2

故C正确，AB错误；

(3)

根据速度位移公式得，v22鈭�v12=2g(x2鈭�x1)

知道图线的斜率k=2g

则重力加速度g=12k

故答案为：(1)1.050(2)C(3)12k

【解析】(1)1.050

(2)C

(3)12k

五、综合题(共2题，共14分)24、略

【分析】【解析】临界条件为圆锥体对小球的支持力FN=0；如图6-8-25乙所示；

得：

⑴因v1<v0FN≠0；对小球受力分析如图6-8-25丙。

Fsinθ－FNcosθ=mv12/(Lsinθ)

Fcosθ＋FNsinθ－mg=0

解之得：

⑵因v2＞v0；物体离开斜面，对小球受力分析如图6-8-26。

Fsinα=mv22/(Lsinα)

Fcosα－mg="0"

解之得：F=2mg【解析】【答案】⑴⑵F=2mg。25、（1）1.5；（2）2，向左；（3）240，480，960，480；（4）①相同②BCD③C；【分析】(1)

【分析】对木块滑行的全过程由动量定理列方程即可求解。本题考查动量定理的应用，关键是选择合适的过程列方程。【解答】设打击过后木块在水平面上滑行了t鈥�

时间后停下来，则对全过程由动量定理有：Ft鈭�娄脤mgt鈥�=0

解得：t鈥�=Ft娄脤mg=1.5s;

(2)

【分析】由动量守恒定律可以求出它们的共同速度。本题是动量守恒定律直接应用，要注意规定正方向，然后列方程。【解答】取向右为正方向，根