2024年人教版选择性必修2物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年人教版选择性必修2物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，一自耦变压器（可看做理想变压器）输入端间加一正弦式交流电压，在输出端间接灯泡和滑动变阻器．转动滑片可以改变副线圈的匝数，移动滑片可以改变接入电路电阻的阻值．则（）．

A.只将顺时针转动，灯泡变亮B.只将逆时针转动，灯泡变亮C.只将向上移动，灯泡变亮D.只将向下移动，灯泡变亮2、如图所示，直线边界PMN上方有足够大的匀强磁场B，方向垂直纸面向外，边界P点有一粒子源，以与竖直方向成θ角的不同速率向磁场中射入两个相同的粒子甲和乙，粒子甲、乙经磁场偏转后分别从边界上M、N点出磁场。已知PM＝MN；粒子重力不计，则甲；乙在磁场中运动的速度大小之比和甲、乙在磁场中运动的时间之比分别为（）

A.1：4，1：1B.1：4，1：4C.1：2，1：1D.1：2，1：43、在匀强磁场中；一矩形金属线圈绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则（）

A.时线圈平面与磁场方向平行B.时线圈的磁通量变化率最大C.线圈产生的交变电动势频率为D.线圈产生的交变电动势的瞬时值为4、电吉他中电拾音器的基本结构如图所示；磁体附近的金属弦被磁化，因此弦振动时，在线圈中产生感应电流，电流经电路放大后传送到音箱发出声音，下列说法不正确的有（）

A.弦振动过程中，线圈中的电流方向不断变化B.取走磁体，电吉他将不能正常工作C.增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势D.选用铜质弦，电吉他仍能正常工作5、如图所示，MN和PQ为竖直方向的两平行长直金属导轨，间距为0.4m，电阻不计。导轨所在平面与磁感应强度B为0.5T的匀强磁场垂直。质量m为6.0×10-3kg电阻为1Ω的金属杆ab始终垂直于导轨，并与其保持光滑接触。导轨两端分别接有滑动变阻器R2和阻值为3.0Ω的电阻R1。当杆ab达到稳定状态时以速率v匀速下滑，整个电路消耗的电功率P为0.27W。则（）

A.ab稳定状态时的速率v=0.4m/sB.ab稳定状态时的速率v=0.6m/sC.滑动变阻器接入电路部分的阻值R2=4.0ΩD.滑动变阻器接入电路部分的阻值R2=6.0Ω6、如图所示为某小型发电站高压输电示意图。发电机输出功率恒定，变压器均为理想变压器。在输电线路的起始端接入甲乙两个互感器（均为理想器材），两互感器原线圈的匝数比分别为200：1和1：20，降压变压器原副线圈的匝数比为200：1，电压表的示数为220V，电流表的示数为5A，输电线路总电阻则下列说法正确的是（）

A.互感器甲是电流互感器，互感器乙是电压互感器B.输电线路上损耗的功率约占输电总功率的4.5%C.用户端的电压为200VD.用户使用的用电设备增多，流过电流互感器的电流减小7、如图所示的钳形电流表；按下手柄时，它的铁芯可以分开，把被测的载流导体放入后，松开手柄，铁芯闭合．导线中的交流在铁芯中产生交变磁场，电流表与套在铁芯上的线圈相连，可以间接得知导线中的电流．被测导线；铁芯、线圈构成一个电流互感器．下列对钳形电流表的说法正确的是()

A.其工作原理与降压变压器一样B.需要断开电路将此钳式电流表串接在电路中C.如果钳口没有闭合紧密，则电流的测量值会偏小D.如果通电导线在钳形口多绕几圈，则读数会偏小评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、关于电磁波，下列说法正确的是（）A.麦克斯韦用实验成功地证明了电磁波的存在B.电磁波的传播不需要借助任何介质C.电磁波的传播过程是电磁场能的传播过程D.均匀变化的电场一定能形成电磁波9、如图所示，在xOy平面内有一个半径为R、圆心位于坐标原点O的圆形磁场区域，磁感应强度大小为B，在圆形磁场区域的左边有一个宽度也为R且关于x轴对称的粒子源，它能连续不断地沿x轴正方向发射速度相同的带正电粒子，已知粒子的质量均为m、电荷量均为q，不计粒子重力和粒子间的相互作用。若粒子均能够从y轴上的P点离开磁场区域；则下列说法正确的是（）

A.磁场方向垂直xOy平面向外B.粒子的速度大小为C.粒子在磁场中运动的最大时间差为D.粒子从P点离开磁场时与x轴正方向的夹角的范围为10、如图所示，在垂直纸面向里的有界匀强磁场区域的左侧，一正方形线框以3.0m/s的初速度沿垂直于磁场边界由位置I水平向右运动，线框经过位置Ⅱ，当运动到位置Ⅲ时速度恰为零，此时线框刚好有一半离开磁场区域．线框的边长小于磁场区域的宽度．若线框进、出磁场的过程中通过线框横截面的电荷量分别为q1、q2，线框经过位置Ⅱ的速度为v；则下列说法正确的是（）

A.q1=q2B.q1=2q2C.v=l.0m/sD.v=l.5m/s11、如图所示，空间中存在一个范围足够大的垂直纸面向里的磁场，磁感应强度沿y轴方向大小相同，沿x轴方向按Bx＝kx的规律变化，式中k为已知常数且大于零。矩形线圈ABCD面积为S，BC边长度为L，线圈总电阻为R，线圈在恒力F的作用下从图示位置由静止开始向x轴正方向运动；下列说法正确的是（）

A.线圈运动过程中始终有感应电流且方向一直沿ABCDB.若加速距离足够长，线圈最终将做匀速直线运动C.通过回路中C点的电量与线圈位移的比值为D.线圈回路消耗的电功率与运动速度的关系为12、如图所示，宽为的两固定足够长光滑金属导轨水平放置，空间存在竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为质量均为电阻值均为的两导体棒和静止置于导轨上，其间距也为现给一向右的初速度对它们之后的整个运动过程说法正确的是（）

A.的加速度越来越大，的加速度越来越小B.通过的电荷量为C.两导体棒间的距离最终变为D.整个过程中克服安培力所做的功大于整个回路中产生的焦耳热13、如图所示，一个半径为r的半圆形线圈，以直径为轴匀速转动，转速为n，的左侧有垂直纸面向里（与垂直）的匀强磁场，磁感应强度为B。M和N是两个集流环，负载电阻为R；线圈；电流表和连接导线的电阻不计。则下列说法中正确的是（）

A.感应电动势的最大值为B.从图示位置起转过1圈的时间内负载电阻R上产生的热量为C.从图示位置起转过1/4转的时间内通过负载电阻R的电荷量为D.电流表的示数为14、如图所示，是小型交流发电机的示意图，正对的异名磁极间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B，A为理想交流电流表。匝数为n、面积为S。阻值为r的线圈绕垂直于磁场的水平轴OO´以角速度ω匀速转动，定值电阻阻值为R；从图示位置开始计时。下列说法正确的是（）

A.线圈每转动一周，电流方向改变2次B.图示位置时交流电流表的示数为C.时，线框中的磁通量最大，瞬时感应电动势最大D.电阻R消耗的热功率为15、将一总电阻为1Ω；匝数n=4的线圈放在匀强磁场中，已知磁场方向垂直于线圈平面，从某时刻其穿过线圈的磁通量按图示规律变化，则正确的是（）

A.在0～8s内与8s～10s内线圈内的电流方向相同B.在0～8s内通过线圈导线截面的电荷量为8CC.在8s～10s线圈中感应电动势为1VD.现象中产生交变电流的有效值为2A16、下列有关现象说法正确的是（）A.海市蜃楼现象与彩虹现象产生的原因相同B.无线电波的波长比可见光波长要大C.当波源不动，而观察者运动时一定能观察到多普勒效应D.驱动力的频率增大时，做受迫振动的物体振幅不一定增大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、从发电站输出的功率为某一定值P，输电线的总电阻为R保持不变；分别用110V

和11kV两种电压输电．忽略变压器损失的电能，则这两种情况下输电线上由电阻造成的电压损失之比为____________，输电线上由电阻造成的功率损失之比为___________．18、电视广播信号是一种无线电信号，实际传播中需要通过载波将信号调制成_________信号再进行传播。19、如图所示为某收音机接收电路，其电感L=10-3mH，为了接收波长为500m的电磁波，其电容C应调到___________。

20、将这只电流表接入图所示电路，在闭合开关S的瞬间，电流表指针向左偏，则电源的________端为正极（选填“A”；“B”）

21、如图所示，质量为m阻值为R的金属棒从H高的弧形轨道由静止释放，水平轨道处于竖直向上的匀强磁场中，匀强磁场强度大小为B，质量也为m阻值也为R金属棒处于水平导轨上，运动过程中棒与棒不相撞，已知重力加速度g，平行导轨间距L；水平导轨足够长，不计一切摩擦，求：

（1）棒固定，棒刚进入磁场时的电流___________？

（2）棒固定，棒进入磁场后运动的位移___________？

（3）棒不固定，棒与棒最终速度___________？___________？

（4）棒不固定，整个过程中电能的生成量___________？电热的生成量___________？

22、在收音机线路中，经天线接收下来的电信号既有高频成分，又有低频成分，经放大后送到下一级，需要把低频成分和高频成分分开，只让低频成分输送到再下一级，可以采用如图所示电路，则a处应放置___（填“A或B”），b处应放置__（填“C或D”）。（分别填入下列用电器前方的字母）：

A.电容较小的电容器。

B.电容较大的电容器。

C.低频扼流圈。

D.高频扼流圈23、家用电子调光灯的调光原理是用电子线路将输入的正弦式交流电压的波形截去一部分来实现调节电压，从而调节灯光的亮度。某电子调光灯经调整后的电压波形如图所示，则该交流电的电压有效值为___________若将此电压加在阻值的电热丝两端，功率为___________

评卷人得分四、作图题(共4题，共40分)24、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

25、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

26、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

27、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共4分)28、某同学用热敏电阻制作了一个简易自动报警器，热敏电阻的阻值随温度变化的图像如图甲所示；简易自动报警器的电路图如图丙所示，请回答以下问题：

（1）用多用电表欧姆档测继电器线圈（图乙所示）的电阻时，将选择开关旋至“”位置，欧姆调零，测线圈电阻发现指针偏转角度过大，则应把选择开关旋至_______（填“”或“”）进行测量，经正确操作，多用表示数如图丁所示，则所测继电器的阻值为______

（2）为使温度在达到报警温度时，简易报警器响起，单刀双掷开关应该接________（选填“”或“”）；

（3）流过继电器线圈的电流才会报警，若直流电源电动势为（内阻不计），欲实现温度达到或超过报警器响起，则滑动变阻器规格应该选择______。

A．B．C．29、某班物理实验课上；同学们用可拆变压器探究“变压器的电压与匝数的关系”。可拆变压器如图甲；乙所示。

（1）下列说法正确的是_______。

A．为确保实验安全；实验中要求原线圈匝数小于副线圈匝数。

B．变压器原线圈接低压交流电；测量副线圈电压时应当用多用电表的“直流电压挡”

C．可以先保持原线圈电压；匝数不变；改变副线圈的匝数，研究副线圈匝数对副线圈电压的影响。

D．测量副线圈电压时；先用最大量程试测，大致确定电压后再选用适当的挡位进行测量。

E．变压器开始正常工作后；铁芯导电，把电能由原线圈输送到副线圈。

F．变压器开始正常工作后；若不计各种损耗，在原线圈上将电能转化成磁场能，在副线圈上将磁场能转化成电能，铁芯起到“传递”磁场能的作用。

（2）一位同学实验时，观察两个线圈的导线，发现粗细不同。他选择的原线圈为800匝，副线圈为400匝，原线圈接学生电源的正弦交流输出端，所接电源为“”挡位，测得副线圈的电压为则下列叙述中可能符合实际情况的一项是___________。

A．原线圈导线比副线圈导线粗。

B．学生电源实际输出电压大于标注的“”

C．原线圈实际匝数与标注“800”不符；应大于800匝。

D．副线圈实际匝数与标注“400”不符；应小于400匝。

E．变压器的铁芯B没有安装在铁芯A上；导致铁芯没有闭合。

（3）变压器铁芯是利用由相互绝缘的薄硅钢片平行叠压而成的；而不是采用一整块硅钢，如图所示。

①图中，硅钢片应平行于___________。

A．平面B．平面C．平面D．平面

②这样设计的原因是___________。

A．增大涡流；提高变压器的效率。

B．减小涡流；提高变压器的效率。

C．增大铁芯中的电阻；以产生更多的热量。

（4）理想变压器是一种理想化模型。如图所示，心电图仪（将心肌收缩产生的脉动转化为电压脉冲的仪器，其输出部分可以等效为虚线框内的交流电源和定值电阻串联）与一理想变压器的原线国连接，一可变电阻R与该变压器的副线圈连接，原副线圈的匝数分别为在交流电源的电压有效值不变的情况下，将可变电阻R的阻值调大的过程中，当________时，R获得的功率最大。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

理想变压器原副线圈电压之比等于匝数之比，即只将P顺时针转动，原线圈匝数n1不变，副线圈匝数n2减小，原线圈两端电压不变，则副线圈电压减小，而即灯泡变暗；同理可知将P逆时针转动时，灯泡变亮；灯泡L与滑动变阻器R并联，若只是移动滑片Q，灯泡两端电压不变，灯泡亮度不变．故选B．2、C【分析】【详解】

如图所示，粒子进入磁场时速度的垂线与PM的垂直平分线的交点为粒子甲在磁场做圆周运动的圆心，同理，粒子进入磁场时速度的垂线与PN的垂直平分线的交点为粒子乙在磁场中做圆周运动的圆心，由几何关系可知，两个粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为由可知，甲、乙的速度大小之比为由于粒子在磁场中做圆周运动的周期均为且两粒子在磁场中做圆周运动的轨迹所对的圆心角相同，因此粒子在磁场中运动的时间相同，甲、乙在磁场中运动的时间之比为

故选C．

3、A【分析】【详解】

A．由图可知t=0.005s时刻感应电动势最大；此时线圈所在平面与磁场平行，穿过线框回路的磁通量的变化率最大，故A正确；

B．t=0.01s时刻感应电动势等于零；穿过线框回路的磁通量最大，磁通量的变化率为零，故B错误；

C．周期为频率为

故C错误；

D．分析乙图可知电动势最大值为311电动势变化的角速度

线圈产生的交变电动势的瞬时值为

故D错误。

故选A。4、D【分析】【分析】

【详解】

A．弦振动过程中；穿过线圈的磁通量不断变化，根据楞次定律可知线圈中的电流方向不断变化。故A正确，与题意不符；

B．取走磁体；就没有磁场，穿过线圈的磁通量始终为零，电吉他将不能正常工作，故B正确，与题意不符；

C．由法拉第电磁感应定律。

E=n可知增加线圈匝数n可以增大线圈的感应电动势；故C正确，与题意不符；

D．铜质弦不能被磁化；选用铜质弦，电吉他不能正常工作。故D错误，与题意相符。

故选D。5、D【分析】【详解】

AB．当杆以稳定的速度下降的过程中，由能量守恒定律得mgv=P

可得

故AB错误；

CD．杆ab达到稳定状态产生的感应电动势为E=Blv=0.5×0.4×0.45V=0.09V

由P=IE得

设电阻R1与R2的并联电阻为R外，ab棒的电阻为r，有

代入数据得R2=6.0Ω

故C错误，D正确。

故选D。6、B【分析】【详解】

A．互感器甲并联在零火线上；所以是电压互感器，互感器乙串联在电路中，是电流互感器，故A错误；

B．电流表的示数为5A，互感器原、副线圈的匝数比1：20，则线路上电流I=100A，线路上损耗的功率

电压表的示数为220V，匝数比为200：1，所以输送电压U=44000V，功率P=UI=4400kW

则输电线路上损耗的功率约占输电总功率的

故B正确；

C．降压变压器初级电压

用户端的电压

选项C错误；

D．用户使用的用电设备增多；用户回路电流变大，则输送电流变大，流过电流互感器的电流变大，故D错误。

故选B。7、C【分析】【详解】

钳形电流测量仪实质上是“降流”，则原理是与升压变压器一样，故A错误．此仪器不需要断开电路，只需将将此钳式电流表的钳口扣在导线上即可，选项B错误；若钳形部分铁芯没有完全闭合，载流导线中电流产生的磁场减弱，磁通量变化率减小，在内置线圈产生的感应电动势减小，感应电流减小，则测量出的电流将小于实际电流，故C正确．根据n1I1=n2I2，知若将载流导线在铁芯上多绕几匝，即n1变大，I1、n2不变，则钳形电流测量仪的示数I2将变大，即读数会偏大．故D错误．二、多选题(共9题，共18分)8、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．麦克斯韦提出电磁场理论；赫兹用实验证明了电磁波的存在，故A错误；

B．电磁波可以在真空中传播；故B正确；

C．电磁波是将电磁场能传播出去；故C正确；

D．均匀变化的电场形成的磁场是稳定的；无法形成电磁波，故D错误。

故选BC。9、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．由于粒子均向上偏转，由左手定则可知，磁场方向垂直于xOy平面向里；A错误；

B．由于粒子均能从P点离开磁场，由几何关系可知粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径也为R，由qv0B=m

可知粒子的速度大小v0=

B正确；

C．在磁场中运动时间最长的粒子与运动时间最短的粒子的运动轨迹如图所示，设粒子在磁场中运动的最长时间为t1，则有t1==

同理粒子在磁场中运动的最短时间为t2==

所以最大时间差为Δt=t1-t2=

C正确；

D．由几何关系可知，粒子离开磁场时与x轴正方向的夹角的范围应为≤θ≤D错误。

故选BC。10、B:C【分析】【详解】

AB．根据

可知，线框进、出磁场的过程中通过线框横截面的电荷量q1=2q2；选项A错误，B正确；

CD．线圈从开始进入到位置Ⅱ，由动量定理

即

同理线圈从位置Ⅱ到位置Ⅲ，由动量定理

即

联立解得

选项C正确；D错误；

故选BC.

点睛：此题关键要记住求解电量的经验公式其次要解答关于安培力和速度的问题要首先想到用动量定理，因为在安培力的冲量表达式中有关于电量q的问题.11、A:B【分析】【详解】

A．线框沿x轴正方向运动，磁通量增加，根据楞次定律，感应电流的磁场向外，故感应电流是逆时针方向，即ABCD方向；故A正确；

B．某个时刻，设线框面积S，速度为v，取一段极短时间△t，磁通量增加量为

根据法拉第电磁感应定律可知，感应电动势为E==kvS

故随着速度的增加，安培力增加，当安培力与恒力F平衡时；做匀速直线运动，故B正确；

C．某个时刻，设线框面积S，速度为v，取一段极短时间△t，根据推论公式q=

通过回路中C点的电量q=

其中线圈位移

则通过回路中C点的电量与线圈位移的比值为故C错误；

D．某个时刻，设线框面积S，速度为v，取一段极短时间△t，感应电动势为E==kvS

故感应电流为I==

再根据P=I2R

解得P=

故D错误。

故选AB。12、B:C:D【分析】【详解】

A．给cd一向右的初速度v0，cd棒产生的感应电流方向为c→d，根据左手定则可知cd棒受到的安培力方向向左，因而cd棒向右做减速运动。ab棒受到的安培力向右，做加速运动，ab棒也切割磁感线产生感应电动势；使得回路总的电动势减小，感应电流减小，两棒受到的安培力减小，所以，两棒的加速度均越来越小，A错误；

B．cd棒受到向左的安培力而减速，ab棒受到向右的安培力而加速，当两者共速时回路的磁通量不变，不再产生感应电流，两棒不受安培力，而以相同的速度一起做匀速直线运动。取向右为正方向，根据动量守恒定律得

解得

对ab棒，根据动量定理可得

通过ab的电荷量

解得

B正确；

C．设两导体棒间的距离最终变为s，则两棒相对运动的距离为因为

结合

解得

C正确；

D．导体棒在运动过程中产生的焦耳热

对cd棒，根据动能定理得

解得cd克服安培力所做的总功为

D正确。

故选BCD。13、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．线圈转动过程中，有一半的时间没有产生感应电动势，其最大值为

有效值满足关系

解得

从图示位置起转过1圈的时间内负载电阻R上产生的热量为

故A错误；B正确；

C．从图示位置起转过1/4转的时间内通过负载电阻R的电荷量满足关系，

联立，可得

故C正确；

D．电流表的示数为

故D错误。

故选BC。14、A:D【分析】【详解】

A．线圈每转动一周；正弦交流电一个周期内，电流方向改变2次。故A正确；

B．交流电流表的示数为电流的有效值，为

故B错误；

C．时；线框转到中性面位置，磁通量最大，瞬时感应电动势为零，故C错误；

D．电阻R消耗的热功率为

故D正确。

故选AD。15、B:D【分析】【详解】

A.由楞次定律可以判断；回路中的电流方向改变，故A错误；

B.在0~8s内，故B正确；

C.在8s~10s感应电动势故C错误；

D.根据电流的热效应，其中解得I=2A，故D正确．

故选BD。16、B:D【分析】【详解】

A．海市蜃楼现象属于光的折射；彩虹现象是光的色散，故A错误；

B．由电磁波谱可知；无线电波的波长比可见光波长要大，故B正确；

C．当波源不动；若观察者围绕波源做圆周运动时，波源与观察者之间的距离不变，则观察不到多普勒效应，故C错误；

D．物体做受迫振动的频率等于驱动力的频率；当系统的固有频率等于驱动力的频率时，振幅最大，如果驱动力的频率大于物体的固有频率，则驱动力的频率越大，受迫振动的振幅越小，故D正确。

故选BD。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【详解】

根据电流I=P/U，线路上损失的电压U线=IR=

110V输电线电压损失U线1=PR/U1

11KV输电线电压损失U线2=PR/U2

故U线1：U线2=U2：U1=100:1；

输电线上的功率损失P线=I2R=

110V输电线的功率损失P线1=

11KV输电线的功率损失P线2=

故P线1：P线2==10000:1．【解析】100:110000:118、略

【解析】高频19、略

【分析】【详解】

[1]该电磁波的频率为

那么该电路的固有频率也应调到f。由电磁振荡的频率公式得C=

代入数据得C≈7.04×10-2μF【解析】7.04×10-2μF20、A【分析】【分析】

【详解】

[1]电流表左偏则说明电流由左端流入，开关闭合说明电流增大，则由楞次定律可知，感应电流的磁场与原磁场方向相反，说明原磁场方向向下，由右手螺旋定则可知，电流由上端流入；故A端为正极；21、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]棒固定时，棒进入水平轨道时速度为有

棒刚进入磁场时的感应电动势为

棒刚进入磁场时的电流为

联立解得

(2)[2]由动量定理可得

联立解得

(3)[3][4]棒不固定，两棒最终一起做匀速直线动动，由动量守恒定律可得

解得

则

(4)[5][6]由能量守恒定律可得，整个过程中动能减小转化为电能，再转化为内能产生热量，则有

解得【解析】22、略

【分析】【详解】

[1][2]根据交流电路中电容的通高频阻低频和电感线圈的通低频阻高频作用可知，元件a要让高频信号通过，阻止低频信号通过，故元件a是电容较小的电容器；元件b要让低频信号通过，阻止高频信号通过，故元件b是高频扼流圈．则a处应放置A，b处应放置D。【解析】AD23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据有效值的概念可知

解得U=110V

[2]若将此电压加在阻值的电热丝两端，功率为【解析】①.110②.1210四、作图题(共4题，共40分)24、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】27、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆