2024年沪科版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版高三物理上册阶段测试试卷731考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、作用在同一个物体的两个共点力，一个大小为3N，另一个大小为6N，它们的合力大小可能为（）A.2NB.5NC.10ND.12N2、中国已投产运行的1100kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程．假设甲、乙两地原采用220kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P．在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1100kV特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为（）A.B.C.5PD.25P3、电场中有a、b两点，a点电势为4V，若把电量为2×10-8C的负电荷，从a移到b的过程中，电场力做正功4×10-8J，则（）A.b点电势是0VB.b点电势是-2VC.b点电势是2VD.b点电势是6V4、某天体的质量约为地球的9倍，半径约为地球的一半，若从地球上高h处平抛一物体，射程为L，则在该天体上，从同样高处以同样速度平抛同一物体，其射程为（）A.B.C.D.6L5、如图所示；在匀强磁场中有一个矩形单匝线圈ABCD，AB边与磁场垂直，MN边始终与金属滑环K相连，PQ边始终与金属滑环L相连．金属滑环L；交流电流表A、定值电阻R、金属滑环K通过导线串联．使矩形线圈以恒定角速度绕过BC、AD中点的轴旋转．下列说法中正确的是（）

A.交流电流表A的示数随时间按余弦规律变化。

B.线圈转动的角速度越大；交流电流表A的示数越小。

C.线圈平面与磁场平行时；流经定值电阻R的电流瞬时值最大。

D.线圈转动的角速度增加为原来的两倍；则流经定值电阻R的电流的有效值也变为原来的两倍。

6、下列现象不能说明分子间存在引力的是()A.打湿了的两张纸很难分开B.磁铁吸引附近的小铁钉C.用斧子劈柴，要用很大的力才能把柴劈开D.用电焊把两块铁焊在一起7、甲、乙两个物体从同一地点开始沿同一方向运动，其速度随时间变化的图象如图所示，图中t2=，两段曲线均为半径相同的圆弧，则在0-t4时间内（）A.两物体在t1时刻加速度相同B.两物体在t2时刻运动方向均改变C.两物体t3时刻相距最远，t4时刻相遇D.0-t4时间内甲物体的平均速度大于乙物体的平均速度8、关于作自由落体运动的物体，下列说法正确的是（）A.第1s末的速度为5m/sB.第1s内的位移为10mC.前2s内的平均速度为10m/sD.第2s内的平均速度小于10m/s9、某一物体受到几个恒力的作用而作匀速直线运动状态，如果撤掉其中的一个力而其他几个恒力保持不变，则与撤去之前相比（）A.物体的动能一定不变B.物体的动量一定不变C.物体的动能随时间变化率一定不变D.物体的动量随时间变化率一定不变评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、（2014秋•邛崃市校级期末）在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中；一同学猜想可能与两电荷的间距和带电量有关．他选用带正电的小球A和B，A球放在可移动的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图所示．实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大．

实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的____而增大，随其所带电荷量的____而增大．

此同学在探究中应用的科学方法是____（选填“累积法”、“等效替代法”、“控制变量法”或“演绎法”）．11、（2016春•厦门校级期中）在如图的实验中，红蜡块沿玻璃管上升的速度为0.12m/s，玻璃管随滑块水平向右移动的速度为0.16m/s，则红蜡块的实际运动速度是____m/s，运动方向是____（与水平方向夹角）．12、（2014•杨浦区三模）如图所示，是“用DIS探究回路中感应电动势大小与磁通量变化快慢的关系”实验的装置图，实验时让小车以不同的速度靠近螺线管，得到在不同△t内的感应电动势的平均值E，重复上述步骤可得一组△t和E值，点击软件界面，屏幕出现E-____图线，实验中因磁铁相对螺线管位置的变化相同，各次实验螺线管中的磁通量的变化量都相同，可见感应电动势E和____成正比关系．13、生活中常见的放电现象有____、____；避雷针利用了____原理．14、一个物体做匀加速直线运动刚开始的初速度V0=2m/s，加速度a=1m/s2，则第3秒末的速度是____m/s；若物体做匀减速直线运动，初速度V0=2m/s，加速度a=-1m/s2，则过了2秒后的速度是____m/s．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)15、气体由状态1变到状态2时，一定满足方程=．____．（判断对错）16、参考系的选取是任意的，但参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单．____．（判断对错）17、电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领．____．（判断对错）18、用电器的额定功率与所加的电压无关．____．（判断对错）19、参考系的选取是任意的，但参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单．____．（判断对错）20、重心就是物体上最重的一点．____．评卷人得分四、作图题(共1题，共6分)21、三个力共点，而且在同一平面内，大小分别为F1=2N、F2=4N、F3=4N，它们的夹角互成120°，用作图法求它们三者的合力．（铅笔尺规作图）参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】两个力的合力范围为|F1-F2|≤F合≤F1+F2．根据两个力的大小，求出合力范围，可知合力大小的可能值．【解析】【解答】解：这两个力的合力范围为3N≤F合≤9N．故B正确；ACD错误．

故选：B．2、B【分析】【分析】已知输送的电功率和输电电压，根据I=求出输电线上的电；根据△P=I2R求出输电线上损失的电功率．【解析】【解答】解：当以不同电压输送时，有P=U1I1=U2I2，而在线路上损失的功率为△P=I2R=可知，损失的功率与电压的平方成反比，即△P1：△P2=25：1

所以输电线上损失的功率为．

故选：B3、D【分析】【分析】根据电势差定义式U=求出a、b间的电势差Uab，由Uab=φa-φb，求解b点电势．【解析】【解答】解：a、b间的电势差为：Uab==-=-2V

Uab=φa-φb=-2V

φa=4V；

解得：

φb=6V

故选：D．4、A【分析】【分析】根据万有引力等于重力得出该天体与地球表面的重力加速度之比，结合平抛运动的规律求出射程的表达式，从而进行判断．【解析】【解答】解：根据得，表面的重力加速度g=．

某天体的质量约为地球的9倍；半径约为地球的一半，则重力加速度是地球表面重力加速度的36倍．

根据得，t=．

水平射程x=，可知在该天体上平抛运动的物体的水平射程是地球上的．即．故A正确；B；C、D错误．

故选：A．5、C|D【分析】

A；交流电流表测量的是交流电流的有效值；不随时间变化，故A错误；

B；线圈转动的角速度增大；感应电动势的最大值增大，有效值增大，交流电流表示数增大，故B错误；

C；图示位置；线圈平面与磁场平行，线框切割磁感线最快（垂直切割），感应电动势最大，流经定值电阻R的电流瞬时值最大，故C正确；

D、感应电动势的最大值为Em=NBSω；线圈转动的角速度增加为原来的两倍，则感应电动势的最大值增加为2倍，故有效值变为2倍，电流变为2倍，故D正确；

故选CD．

【解析】【答案】从图示位置开始计时；交变电流的瞬时电动势表达式为：e=NBSωcosωt；根据表达式进行分析讨论即可．

6、B【分析】试题分析：只有分子间的距离小到一定程度时，才发生分子引力的作用，纸被打湿后，水分子填充了两纸之间的凹凸部分，使水分子与两张纸的分子接近到引力作用范围而发生作用，故A能说明分子间存在引力；磁铁对小铁钉的吸引力在较大的距离内也可发生，不是分子引力，B不能说明分子间存在引力；斧子劈柴，克服的是分子引力，C能说明分子间存在引力；电焊的原理是两块铁熔化后使铁分子达到引力作用范围而发生作用，D能说明分子间存在引力．故符合题意的为B选项．考点：本题考查了分子间作用力。点评:分子间的作用力我们无法直观地得出，但可以通过一些宏观的现象进行分析，得出证据；但要注意与气体的性质区分．【解析】【答案】B7、C【分析】【分析】速度时间图线的斜率表示加速度的大小，图线与时间轴围成的面积表示位移．结合数学知识进行分析．【解析】【解答】解：A、在t1时刻；甲的斜率为正，乙的斜率为负，方向不同．故A错误；

B；甲乙的速度图象都在时间轴的上方；速度都为正，方向没有改变，故B错误；

C、图线与时间轴围成的面积表示位移，根据图象可知，t3时刻相距最远，t4时刻相遇；故C正确；

D、0-t4时间内甲物体的位移等于乙物体的位移；时间相等，则平均速度相等，故D错误．

故选：C．8、C【分析】【分析】根据自由落体运动的基本公式即可求解，求平均速度时可根据求解．【解析】【解答】解：A；根据速度时间公式得：v=gt=10×1=10m/s；故A错误；

B、根据位移时间公式得：第1s内的位移h=；故B错误；

C、根据求得：前2s内的平均速度为；故C正确；

D、第二秒内的平均速度为；故D错误．

故选：C．9、D【分析】【分析】物体做匀速直线运动的条件是合力为零，如果撤掉其中的一个力而其他几个力保持不变，则物体所受合力与撤掉的那个力等大、反向，物体将做匀变速运动，据此分析答题．【解析】【解答】解：物体做匀速直线运动；所受合力为零，撤掉一个恒力，物体所受合力大小等于撤掉力的大小，方向与该力方向相反，物体所受合力为恒力；

A；合外力对物体做功；由动能定理可知，物体动能发生变化，故A错误；

B；物体所受合外力不为零；物体所受冲量不为零，由动量定理可知，物体动量发生变化，故B错误；

C；如果合力与物体速度方向不垂直；物体动能变化，动能随时间的变化而变化，故C错误；

D、物体动量随时间的变化率为==ma=F；由于力F是恒力，则物体动量随时间变化率一定不变，故D正确；

故选：D．二、填空题(共5题，共10分)10、减小增大控制变量法【分析】【分析】由于实验时，先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，所以采用的方法是控制变量法．【解析】【解答】解：对小球B进行受力分析；可以得到小球受到的电场力：F=mgtanθ，即B球悬线的偏角越大，电场力也越大；所以使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其距离的减小而增大；两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大，说明了两电荷之间的相互作用力，随其所带电荷量的增大而增大．先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近．这是只改变它们之间的距离；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量．这是只改变电量所以采用的方法是控制变量法．

故答案为：减小，增大，控制变量法．11、0.237°【分析】【分析】红蜡块的水平分运动和竖直分运动均是匀速直线运动，已知竖直分速度，玻璃管水平运动的速度，根据平行四边形定则求得实际速度，并确定方向夹角．【解析】【解答】解：红蜡块的水平分运动和竖直分运动均是匀速直线运动；

根据平行四边形定则作图；

故v===0.2m/s；

设实际速度与水平方向夹角为θ；

再由三角知识，则有：tanθ==

解得：θ=37°

故答案为：0.2；37°．12、【分析】【分析】磁铁的初末位置相同；磁铁相对于螺线管的位置变化相同，磁通量的变化量相同．

根据法拉第电磁感应定律判断出线圈匝数变为原来的3，电动势如何变化，然后作出图象．【解析】【解答】解：从观察和分析该实验装置可看出；在实验中，因磁铁相对螺线管位置的变化都相同，从而实现了控制磁通量的变化量不变．

由题意可知，屏幕出现E-是一条倾斜的直线；

则E与成正比；

由此可得：在线圈的匝数和通过线圈的磁通量的变化量均不变的情况下；

感应电动势E与成正比．

故答案为：，．13、火花放电接地放电接地放电【分析】【分析】常见的放电现象有：火花放电和接地放电．【解析】【解答】解：常见的放电现象有：火花放电和接地放电．避雷针可使周围的空气形成一条可以导电的通道，使电荷沿避雷针的针尖、金属线流入大地，而不损坏建筑物，故避雷针是利用了接地放电的原理．14、50【分析】【分析】已知初速度、加速度和时间，根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体的速度．【解析】【解答】解：物体做匀加速直线运动；第3s末的速度为：

v=v0+at=2+1×3m/s=5m/s；

物体做匀减速直线运动；2s后的速度为：

v′=v0+at′=2-1×2m/s=0m/s．

故答案为：5，0．三、判断题(共6题，共12分)15、×【分析】【分析】根据理想气体的状态方程即可做出判定．【解析】【解答】解：对于一定质量的理想气体，由状态1变到状态2时，一定满足方程=．若不满足一定质量的条件；该公式不成立．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×16、√【分析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．【解析】【解答】解：参考系；是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，参考系的选取应使物体运动的描述尽可能简单．该说法是正确的．

故答案为：√17、√【分析】【分析】电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置，电源电动势反映了电源内部非静电力