2024年沪教新版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教新版高三物理上册月考试卷433考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、物体做匀变速直线运动，初速度为10m/s，经过2s后，末速度大小仍为10m/s，方向与初速度方向相反，则在这2s内，物体的加速度和平均速度分别为（）A.加速度为0；平均速度为10m/s，与初速度同向B.加速度大小为10m/s2，与初速度同向；平均速度为0C.加速度大小为10m/s2，平均速度为10m/s，二者都与初速度反向D.加速度大小为10m/s2，与初速度反向；平均速度为02、如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置，小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块（）A.在P和Q中都做自由落体运动B.在两个下落过程中的机械能都守恒C.在P中的下落时间比在Q中的长D.落至底部时在P中的速度比在Q中的小3、一束带电粒子以同一速度，并在同一位置进入匀强磁场，在磁场中它们的运动轨迹如图所示．粒子q1的轨迹半径为r1，粒子q2的轨迹半径为r2，且r2=2r1，q1、q2分别是它们所带的电荷量，则（）A.q1带负电、q2带正电，比荷之比为：=2：1B.q1带负电、q2带正电，比荷之比为：=1：2C.q1带正电、q2带负电，比荷之比为：=2：1D.q1带正电、q2带负电，比荷之比为：=1：14、一小球从4m高处落下，被地面弹回，在1m高处被接住，则小球通过的路程和位移大小分别为（）A.5m，3mB.4m，1mC.4m，3mD.5m，5m5、沿x轴正方向传播的一列简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，M为介质中的一个质点，该波的传播速度为40m/s，则t=1/40s时（）A.质点M对平衡位置的位移一定为负值B.质点M的速度方向与对平衡位置的位移方向相同C.质点M的加速度方向与速度方向一定相同D.质点M的加速度方向与对平衡位置的位移方向相反6、【题文】如图所示；闭合小金属环从高h的光滑曲面上端无初速滚下，沿曲面的另一侧上升，曲面在磁场中（）

A.若是非匀强磁场；环在左侧滚上的高度小于h

B.若是匀强磁场；环在左侧滚上的高度等于h

c.若是非匀强磁场；环在左侧滚上的高度等于h

D.若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度小于h7、（2014秋•南平期末）如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子位于x轴上，甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，F＞0为斥力，F＜0为引力，a、b、c、d为x轴上四个特定的位置，则在这四个点中，该系统分子势能最低的位置在点（）A.aB.bC.cD.d8、关于向心加速度，下列说法正确的是（）A.它描述的是线速度方向变化的快慢B.它描述的是线速度大小变化的快慢C.它描述的是向心力变化的快慢D.它描述的是转速的快慢评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、（2016•镇江模拟）在如图所示的匀强电场中，一条绝缘细线的上端固定，下端拴一个大小可以忽略、质量为m、电荷量为q的小球，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角为θ，则小球带____电（填“正”或“负”），匀强电场场强为____．10、科研人员乘热气球进行大气环境科学考察，已知气球、座舱、压舱物和科研人员的总质量为1000kg，正常情况下气球能够悬停在空中，但是某次研究中由于气球漏气而逐渐下降，当科研人员发现漏气并及时堵住漏气点时气球下降的速度为1m/s，接下来气球向下做匀加速运动，并且在4s内下降了12m．为使气球安全着陆，科研人员向舱外抛出一定的压舱物（假设抛出压舱物时气球速度不变）．此后发现气球做匀减速运动，下降速度在6s减少3m/s．若空气阻力和泄漏气体的质量均可忽略，下降过程中的重力加速度始终为g=9.5m/s2．则抛出压舱物前，气球的加速度为____m/s2，抛掉的压舱物的质量为____kg．11、把带电荷量2×10-8C的正点电荷从无限远处移到电场中A点，要克服电场力做功8×10-6J，则A点的电势为____V；若把该电荷从无限远处移到该电场中B点，需克服电场力做功2×10-6J，则A、B两点的电势差为____V．12、一质量为2g的带电质点，静止于电场强度为105V/m的匀强电场中，则质点所受的电场力为____N，质点的电量为____C．13、安培力是洛伦兹力的宏观表现；反之____是____的微观本质．14、如图（a）电路，当变阻器的滑动片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的示数随电流的变化情况如图（b）U-I图象中的AC、BC两直线所示，不考虑电表对电路的影响．该电源的电动势和内电阻分别为____、____．变阻器滑动片从一端滑到另一端的过程中，变阻器消耗的最大电功率为____．

15、照明用的正弦式电流的电压为220V

则它的有效值是______V

峰值是______V.

评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)16、沿电场线的方向，电势逐点降低．____（判断对错）17、作用力和反作用力大小相等，方向相反，其合力为零．____（判断对错）18、物体只要是运动的，其合外力就一定不为零．____（判断对错）19、物体受到的合外力不做功，则物体一定作匀速直线运动．____．20、形状规则的物体，重心一定在其几何中心．____（判断对错）评卷人得分四、证明题(共3题，共30分)21、一物体做初速度为v0的匀加速直线运动，加速度为a，经过时间t速度达到vt，试证明物体经过时刻的速度等于这段时间内的平均速度，还等于．22、（2016•海淀区模拟）如图所示，将小物块（可视为质点）平放在水平桌面的一张薄纸上，对纸施加恒定水平拉力将其从物块底下抽出，物块的位移很小，人眼几乎观察不到物块的移动．已知物块的质量为M，纸与桌面、物块与桌面间的动摩擦因数均为μ1，纸与物块间的动摩擦因数为μ2；重力加速度为g．

（1）若薄纸的质量为m；则从开始抽纸到纸被抽离物块底部的过程中；

①求薄纸所受总的摩擦力为多大；

②从冲量和动量的定义；结合牛顿运动定律和运动学规律，证明：水平拉力F和桌面对薄纸摩擦力的总冲量等于物块和纸的总动量的变化量．（注意：解题过程中需要用到；但题目中没有给出的物理量，要在解题中做必要的说明．）

（2）若薄纸质量可忽略，纸的后边缘到物块的距离为L，从开始抽纸到物块最终停下，若物块相对桌面移动了很小的距离s0（人眼观察不到物块的移动），求此过程中水平拉力所做的功．23、如图所示，小球用不可伸长的长度为L的轻绳悬于O点．（不计阻力）试证明：绳对小球在最低点拉力T1与最高点拉力T2之差T1-T2=6mg．

评卷人得分五、作图题(共3题，共12分)24、按要求完成下列题目。

（1）如图1；放在倾角为α斜面上的物体对斜面产生150N的压力，用力的图示法画出这个压力。

（2）A处于向下滑动状态；且接触面粗糙，画出图2中A物体的受力情况．

25、雨过天晴；人们常看到天空中出现彩虹，它是由阳光照射到空中弥漫的水珠上时出现的现象．在说明这个现象时，需要分析光线射入水珠后的光路．一细束光线射入水珠，水珠可视为一个半径为R的球，球心O到入射光线的垂直距离为d，水的折射率为n．

（1）在图上画出该束光线射入水珠内经一次反射后又从水珠中射出的光路图

（2）求这束光线从射向水珠到射出水珠每一次偏转的角度．26、如图（1）所示是一个做直线运动的物体的速度图象．请在（2）中画出该物体运动的位移图象并标出纵轴上的数据．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】根据加速度的定义式a=求出加速度，由匀变速直线运动平均速度公式，=求得平均速度．【解析】【解答】解：取初速度方向为正方向，所以初速度为v0=10m/s；末速度方向与初速度方向相反，v=-10m/s；

根据加速度的定义式a=得：

a==-10m/s2；方向与初速度反向；

由匀变速直线运动平均速度公式=得：=0；选项ABC错误，D正确．

故选：D．2、C【分析】【分析】当小磁块在光滑的铜管P下落时，由于穿过铜管的磁通量变化，导致铜管产生感应电流，因磁场，从而产生安培阻力，对于塑料管没有任何阻碍，从而即可求解．【解析】【解答】解：A；当小磁块在光滑的铜管P下落时；由于穿过铜管的磁通量变化，导致铜管产生感应电流，因磁场，从而产生安培阻力，而对于塑料管内小磁块没有任何阻力，在做自由落体运动，故A错误；

B；由A选项分析可知；在铜管的小磁块机械能不守恒，而在塑料管的小磁块机械能守恒，故B错误；

C；在铜管中小磁块受到安培阻力；则在P中的下落时间比在Q中的长，故C正确；

D；根据动能定理可知；因安培阻力，导致产生热能，则至底部时在P中的速度比在Q中的小，故D正确．

故选：CD．3、C【分析】【分析】通过图示得出洛伦兹力的方向，根据左手定则得出电荷的电性，正电荷定向移动的方向与四指方向相同，负电荷定向移动的方向与四指方向相反．根据qvB=m，得出半径公式r=，通过半径公式的得出荷质比．【解析】【解答】解：由图示可知，q1向左偏，q2向右偏，根据左手定则知，q1带正电，q2带负电．

粒子在磁场中做匀速圆周运动；洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：

qvB=m；

解得：r=，荷质比：=；v与B不变，所以荷质比之比等于半径之反比；

则：：=2：1；故C正确；

故选：C．4、A【分析】【分析】路程是物体通过的轨迹的长度；位移是从初始位置指向末位置的有向线段，其大小等于初末位置之间的直线距离．【解析】【解答】解：路程是物体通过的轨迹的长度；小球从4m高处下落的过程中通过的路程为4m，而反弹到1m高处通过的路程是1m，故整个过程中通过的路程是5m．

位移是从初始位置指向末位置的有向线段；其大小等于初末位置之间的直线距离，故位移大小为4-1=3m．

故A正确．

故选A．5、C|D【分析】试题分析：由图读出波长为λ=4m，则该波的周期为．t=0时刻质点M向上运动，则在时刻，质点M正从波峰向平衡位置运动，所以其速度增大，加速度减小．位移为正，质点M的速度沿y轴负方向，加速度沿y轴负方向，所以加速度方向与速度方向相同，速度方向与位移方向相反，质点M的加速度方向与对平衡位置的位移方向相反，故CD正确，AB错误．故选CD．考点：本题考查横波的图象；波长、频率和波速的关系；质点振动方向与波的传播方向的关系；位移、速度、加速度方向的判断．【解析】【答案】CD6、A|B【分析】【解析】考点：电磁感应中的能量转化．

分析：若是匀强磁场；闭合小金属球中没有感应电流产生，机械能守恒，高度不变．若是非匀强磁场，闭合小金属球中由于电磁感应产生涡流，机械能减小转化为内能，高度减小．

解答：解：BD若是匀强磁场；穿过小球的磁通量不变，没有感应电流产生，机械能守恒，高度不变，则环在左侧滚上的高度等于h．故A错误，B正确．

AC若是非匀强磁场；闭合小金属球中由于电磁感应产生涡流，机械能减小转化为内能，高度减小，则环在左侧滚上的高度小于h．故C错误，D正确．

故选AB

点评：本题考查对涡流的认识、理解能力，常规题，比较容易．【解析】【答案】AB7、B【分析】【分析】根据图象可以看出分子力的大小变化，在横轴下方的为引力，上方的为斥力，分子力做正功分子势能减小，分子力做负功分子势能增大．【解析】【解答】解：根据图象可以看出分子力的大小变化，在横轴下方的为引力，上方的为斥力，把乙分子沿x轴正方向从a处移动到d处过程中，在b位置分子间作用力最小；为零；

乙分子从a到b分子力是斥力且不断减小；随距离增加分子力做正功，分子势能减小大；

由b到d一直受引力；随距离增加，分子力做幅功，分子势能增加；

故在b位置分子势能最小．

故选：B．8、A【分析】【分析】做匀速圆周运动的物体要受到指向圆心的向心力的作用，从而产生指向圆心的向心加速度，向心加速度只改变物体的速度的方向不改变速度的大小．【解析】【解答】解：向心加速度只改变物体的速度的方向不改变速度的大小；所以向心加速度越大小，表示物体速度方向变化快慢，所以A正确，BCD错误．

故选：A．二、填空题(共7题，共14分)9、正【分析】【分析】对小球受力分析，根据共点力平衡确定电场力的方向，从而得出电场力的大小，得出匀强电场的场强大小．【解析】【解答】解：小球处于平衡；知道电场力的方向水平向右，所以小球带正电．

根据平衡有：mgtanθ=qE；

解得场强E=．

故答案为：正，．10、1150【分析】【分析】根据位移时间公式求出抛出压舱物之前，气球的加速度大小．根据速度时间公式求出匀减速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律求出抛掉压舱物的质量．【解析】【解答】解：根据x=得，12=，解得a=1m/s2．

匀减速运动的加速度大小a′=．

抛物后减速下降有：f-（m-m′）g=（m-m′）a′

开始匀加速时有：mg-f=ma；

代入数据联立解得m′=150kg．

故答案为：1，150．11、400300【分析】【分析】根据电场力做功与电势能变化的关系公式WAB=EpA-EpB求出电荷在电场中各个点的电势能，再根据电势的定义式得到各个点的电势；再根据电势差公式UAB=φA-φB求解AB间电势差．【解析】【解答】解：（1）无穷远处某点O的电势为零，根据电场力做功与电势能变化的关系公式WAB=EpA-EpB，有WOA=EpO-EpA

无穷远处电势能为零，即：EpO=0

故有：EpA=-WOA=8×10-6J

根据电势的定义式

得：V；

（2）把该电荷从无限远处的O点移到电场中B点，需克服电场力做功2×10-6J，取无限远处电势为零，根据电场力做功与电势能变化的关系公式WAB=EpA-EpB；有。

WOB=EpO-EpB

无穷远处电势能为零，即EpO=0

故EpB=-WOB=2×10-6J

根据电势的定义式

得：V

故A；B间的电势差为：

UAB=φA-φB=400V-100V=300V；

故答案为：400，30012、0.022×10-7【分析】【分析】对带电质点受力分析，结合平衡条件与电场力表达式，即可求解．【解析】【解答】解：由题意可知；带电质点静止于匀强电场中，则有F=G；

解得：电场力F=0.002×10=0.02N；

根据F=qE，则有：q==C=2×10-7C；

故答案为：0.02，2×10-7．13、洛伦兹力安培力【分析】【分析】通电导线在磁场中受到力为安培力，而运动电荷在磁场中受到力为洛伦兹力．它们均属于磁场力，所以方向都由左手定则来确定，而洛伦兹力是运动的带电粒子受到的磁场力，则电荷的运动会产生电流，从而即可求解．【解析】【解答】解：根据安培力是通电导线在磁场中受力；而洛伦兹力是运动的带电粒子在磁场中受力，因电荷的运动，则产生电流，因此安培力是洛伦兹力宏观表面，而洛伦兹力是安培力的微观本质．

故答案为：洛伦兹力，安培力．14、略

【分析】

图线BC反映路端电压与电流的关系，根据闭合电路欧姆定律，有：U=E-Ir；

代入数据；得：

7.5=E-0.5r

6=E-2r

联立解得：E=8V，r=1Ω；

由图象AC得到电阻R的电阻值为：

故滑动变阻器的功率为：P=I2R==

由于故P=

故答案为：8V；1Ω，4W．

【解析】【答案】当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R的电压增大，故图线BC反映路端电压与电流的关系，其斜率大小等于电源的内阻，由数学知识求出电源的内阻．再闭合电路欧姆定律求出电源的电动势；由图象AC得到电阻R的电阻值；求解出变阻器功率的表达式后分析得到最大值．

15、略

【分析】解：照明用的正弦式电流的电压为220V

不特殊说明220v

指的就是它的有效值，则它的有效值是220V

正弦交流电峰值UM=2U

知它的峰值为是2202V.

故答案为：2202202

知道一般情况下的电压和电流指的是它的有效值，对于正弦式交流电峰值UM=2U

即可完成此题．

此题只要知道一般情况下的电压和电流指的是它的有效值，对于正弦式交流电峰值与有效值之间关系即可．【解析】2202202

三、判断题(共5题，共10分)16、√【分析】【分析】本题根据电场线的物理意义分析场强与电势的关系；根据沿电场线的方向，电势逐点降低即可解答．【解析】【解答】解：根据电场线的物理意义：顺着电场线方向；电势降低．故该说法是正确的．

故答案为：√17、×【分析】【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．【解析】【解答】解：由牛顿第三定律可知；作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，但不在同一物体上．所以两个力不能合成，也不能相互抵消．以上说法是错误的．

故答案为：×18、×【分析】【分析】力是改变速度的原因，不是维持速度的原因，根据牛顿第一定律分析即可．【解析】【解答】解：当物体做匀速直线运动时；物体不受力或者受平衡力，故力不是维持速度的原因；

故答案为：×．19、×【分析】【分析】物体做匀速直线运动时，合外力对物体不做功，但合外力不做功，物体不一定作匀速直线运动．【解析】【解答】解：物体受到的合外力不做功；则物体一定作匀速直线运动，如匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案为：×20、×【分析】【分析】重心就是重力的作用点，物体的重心在物体的几何中心上有两个条件：质地均匀，外形规则．【解析】【解答】解：由于课本上指出重心就是重力的作用点；因此重力作用在物体的重心点上；质地均匀，外形规则的物体的重心在物体的几何中心上．质量不是均匀分布的物体，即使外形规则的物体，重心有可能不在物体的几何中心上．所以以上说法是错误的．

故答案为：×四、证明题(共3题，共30分)21、略

【分析】【分析】根据位移时间公式的表达式，结合平均速度的定义式求出平均速度的大小，通过速度时间公式得出中间时刻的瞬时速度，判断是否相等．【解析】【解答】证明：设物体在上述两个T内的总位移为s，则s=v0•2T+a（2T）2

物体在这两个T内的平均速度为==v0+aT=vT

而v0+aT==

故可证物体经过时刻的速度等于这段时间内的平均速度，还等于．22、略

【分析】【分析】（1）①根据滑动摩擦力公式f=μN求解摩擦力．

②根据牛顿第二定律得物块和薄纸的加速度．从而得到速度的变化量；再研究水平拉力F和桌面对薄纸摩擦力的总冲量，即可证明．

（2）根据相对位移，得到摩擦产生的热量，利用功能关系求解．【解析】【解答】解：（1）①从开始抽纸到纸被抽离物块底部的过程中；

物块对薄纸施加的摩擦力f物=μ2Mg

水平桌面对薄纸施加的摩擦力f桌=μ1（M+m）g

薄纸受到的总的摩擦阻力f总=μ1（M+m）g+μ2Mg

②从开始抽纸到薄纸被抽离物块底部的过程，假设物块的加速度为aM、薄纸的加速度为am，所用时间为t，这一过程物块和纸张的速度变化量分别为△vM，△vm．

则有△vM=aMt，△vm=amt；

对于薄纸，根据牛顿第二定律有F-f桌-f物=mam

对于物块，根据牛顿第二定律有f纸=MaM

由牛顿第三定律有f物=f纸

由以上三式解得F-f桌=mam+MaM

上式左右两边都乘以时间t，有（F-f桌）t=mamt+MaMt=m△vm+M△vM

上式左边即为水平拉力F和桌面对薄纸摩擦力的总冲量；右边即为物块和纸的总动量的变化量．命题得证．

说明：其他方法正确同样得分．

（2）设物块在薄纸上加速和在桌面上减速的位移分别为x1，x2；

则物块对地位移s0=x1+x2

因薄纸质量可忽略；故其动能可忽略，所以水平拉力F所做的功有以下一些去向：

薄纸与桌面间的摩擦生热Q1=μ1Mg（x1+L）

物块与薄纸间的摩擦生热Q2=μ2Mgs相=μ2MgL

物块与桌面间的摩擦生热Q3=μ1Mgx2

由功能关系有WF=Q1+Q2+Q3

解得WF=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL

所以，水平拉力F所做的功W=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．

答：

（1）①薄纸所受总的摩擦力为μ1（M+m）g+μ2Mg．②证明见上．

（2）此过程中水平拉力所做的功为μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．23、略