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…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2024年华师大新版高三物理下册阶段测试试卷361考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题,共12分)1、一简谐振动的振动方程为:x=3sin(5πt+π),式中位移x的单位是cm,则()A.振动的振幅为3cmB.振动的相位为φ=πC.振动的频率为5HzD.t=1s时的位移为2cm2、自然界中某量D的变化可以记为△D,发生这个变化所用的时间记为△t,变化量△D与时间△t的比值就是这个量的变化率.变化率在描述这种变化过程时起到非常重要的作用,中学物理中常用变化率.下列关于变化率的说法正确的是()A.某个质点的位移变化率可以表示质点速度变化的快慢B.某个质点的速度变化率可以表示质点运动的快慢C.某个闭合回路的磁通量的变化率可以表示感应电动势的大小D.某个力的功的变化率可以表示这个力的大小变化快慢3、甲、乙两车同时、同地、同向出发作直线运动,如图为其运动的时间图象,t1时刻两图线相交,有关如图的说法正确的是()A.如果是位移时间图象,则甲乙两车在t1时间内位移不相等B.如果是位移时间图象,则甲乙两车在t1时间内路程相等C.如果是速度时间图象,则甲乙两车在t1时间内位移相等D.如果是速度时间图象,则甲乙在t1时间内平均速度均为=4、宇航员在地球表面以一定初速度竖直上抛一小球,经过时间t小球落回原处;若他在某星球表面以相同的初速度竖直上抛同一小球,需经过时间5t小球落回原处,已知该星球的半径与地球半径之比为R星:R地=1:4,地球表面重力加速度为g,设该星球表面附近的重力加速度为g′,空气阻力不计.则下列各选项中正确的为()A.g′:g=5:1B.g′:g=1:5C.M星:M地=1:20D.M星:M地=20:15、如图所示的电路中,电源电动势E、内电阻r、当滑动变阻器的滑动触头由a向b滑动过程中,下列说法正确的是()A.灯泡L亮度变暗B.电源提供的总功率减小C.电容器C上所带的电量减小D.电容器C二端的电压增大6、如图,在光滑绝缘水平面上,三个带电小球a、b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上;a、b带正电,电荷量均为q,c带负电.整个系统置于方向水平的匀强电场中.已知静电力常量为k.若三个小球均处于静止状态,则匀强电场场强的大小为()A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共7题,共14分)7、(2010春•黔东南州期末)如图,靠摩擦传动做匀速转动的大小两轮接触面不光滑,大轮子的半径是小轮子的2倍.A、B分别为大小轮上的点,C为大轮上一条半径的中点,则A、B、C上的线速度之比为____,加速度之比为____.8、一切物体总保持____或____状态,直到有外力迫使它改变这种状态为止.这就是牛顿第一定律.9、在探究“物体的上浮或下沉与哪些因素有关”的活动中,同学们将大小相等的新鲜萝卜浸没在水中松手后萝卜都上浮,直至漂浮在水面上如图所示,为了使漂浮的萝卜沉下去,甲同学将一根短而粗的铁钉全部插入萝卜中,乙同学也用同样的铁钉,但只将其一半插入到萝卜中,再次将萝卜放入水中松手,结果两个萝卜均沉入水底.他们在探究过程中往萝卜中插入铁钉是为了____;从他们探究的方法来分析____(甲或乙)的方法更合理,理由是____.10、(2014春•屯溪区校级期中)如图所示,一个被x轴与曲线方程y=0.2sinx(m)所围的空间中存在着匀强磁场.磁场方向垂直纸面向里,磁感应强度B=0.2T.正方形金属线框的边长是L=0.2m,电阻是R=0.1Ω,它的一边与x轴重合,在拉力F的作用下,以v=10m/s的速度水平向右保持匀速运动.则拉力F的最大瞬时功率是____W,从图示位置开始把线框右边拉至x=0.15m坐标处,拉力F需要做____J的功.11、(2007•南开区模拟)一个同学要研究轻质弹簧的弹性势能与弹簧长度改变量的关系;进行了如下实验:在离地面高度为h的光滑水平桌面上,沿着与桌子边缘垂直的方向放置一轻质弹簧,其左端固定,右端与质量为m的一个小钢球接触.当弹簧处于自然长度时,小钢球恰好在桌子边缘,如图所示.让钢球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放,使钢球沿水平方向射出桌面,小钢球在空中飞行后落在水平地面上,水平距离为s.
(1)请你推导出弹簧的弹性势能Ep与小钢球质量m、桌面离地面高度h、小钢球飞行的水平距离s等物理量之间的关系式:____.
(2)弹簧的压缩量x与对应的钢球在空中飞行的水平距离s的实验数据如下表所示:
。弹簧的压缩量x(cm)1.001.502.002.503.003.50小钢球飞行的水平距离s(cm)1.011.502.012.493.013.50根据上面的实验数据,请你猜测弹簧的弹性势能Ep与弹簧的压缩量x之间的关系为____,并说明理由:____.12、有一种叫“阿特武德机”的装置;可以用来研究超重和失重现象,其研究步骤如下:如图所示,原来左右两侧都悬挂质量为2m的砝码,此时弹簧秤示数为2mg.若在右侧悬挂的砝码上再增加质量为m的砝码,左侧砝码将获得向上的加速度,可观察到弹簧秤上的示数变大,左侧砝码处于超重状态;若将右侧减少一个质量为m砝码,左侧砝码将向下加速运动,可观察到弹簧秤上的示数变小,左侧砝码处于失重状态.请问:
(1)左侧砝码超重状态时;弹簧秤的读数为多少?
(2)左侧砝码失重状态时;弹簧秤的读数为多少?
13、物体做初速度为v0的匀变速直线运动,经过时间t,物体的速度达到vt,则在这段时间内的平均速度=____如果物体在第1s末速度为v1,第4s末的速度为v2,则这3s内的平均速度=____,这3s内的位移可表示为s=____.评卷人得分三、判断题(共7题,共14分)14、物体的瞬时速度总为零,则平均速度一定为零.____.(判断对错)15、在磁场中任一点,小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向.____.(判断对错)16、向心力的方向始终指向圆心,所以向心力的方向始终不变.____(判断对错)17、质点是一个理想化模型,实际上并不存在,所以,引入这个概念没有多大意义.____.18、当温度升高时,物体内部所有分子的动能都增加.____.(判断对错)19、用电器的额定功率与所加的电压无关.____.(判断对错)20、向心力的方向始终指向圆心,所以向心力的方向始终不变.____(判断对错)评卷人得分四、识图作答题(共3题,共21分)21、如图为染色体数为2m的某动物精原细胞分裂的示意图,两对基因A、a和B、b分别在两对同源染色体上,③表示细胞处于染色体着丝点向两极移动的时期。据图分析回答下列问题:(1)①中有_______对同源染色体,核DNA数目为____________。(2)③含_________个染色体组;③中染色体数目为________________。
(3)与图中精细胞同时产生的另外3个精细胞的基因型是_________________。22、请仔细分析下列各图,根据所学知识回答问题(1)图甲代表某植物在一天内吸收CO2变化情况,若C、F时间所合成的葡萄糖速率相等,均为30mg/dm2·h,则A、C、F三点的呼吸强度的比较结果是__________(2)图乙中光照强度为b时,该叶肉细胞光合作用速率_________(填<、=、>)呼吸作用速率,光照强度为c时,单位时间内该叶肉细胞从周围吸收_________单位CO2。(3)某同学研究甲湖泊中x深度生物光合作用和有氧呼吸。具体操作如下:取三个相同的透明玻璃瓶a、b、c,将a先包以黑胶布,再包以铅箔。用a、b、c三瓶从待测水体深度取水,测定瓶中水内氧容量。将a瓶、b瓶密封再沉入待测水体深度,经24小时取出,测两瓶氧含量,结果如图丙。则24小时待测深度水体中生物光合作用制造的氧气量是每瓶__________(4)景天科植物A有一个很特殊的CO2同化方式:夜间气孔开放,吸收的CO2生成苹果酸储存在液泡中(如下图一所示);白天气孔关闭,液泡中的苹果酸经脱羧作用释放CO2用于光合作用(如下图二所示)。十字花科植物B的CO2同化过程如下图三所示,请回答:
白天植物A进行光合作用所需的CO2的来源有_________。在上午10:00点时,突然降低环境中CO2浓度后的一小段时间内,植物A和植物R细胞中C3含量的变化分别是________、________;将植物B放入密闭的玻璃置内,置于室外进行培养,用CO2浓度测定仪测得了该玻璃罩内CO2浓度的变化情况,绘成上图四的曲线。B~D段CO2相对含量下降的原因是__________。23、下图甲为植物激素调节过程,乙为动物激素调节过程(其中①为细胞,②③为激素、④为激素引起的生理变化)。请回答下列问题:
(1)从图甲可以看出,赤霉素能通过___________________,从而提高生长素的含量,促进植株生长。(2)在植物体内合成生长素较旺盛的部位有幼嫩的芽、叶和_____________________。(3)在人体内与图乙中的②相互制约的激素是___________,④表示的生理过程为______________。(4)从图乙中可以看出,血糖调节方式有___________。评卷人得分五、简答题(共3题,共6分)24、锂离子电池正极材料需要纯度较高的硫酸锰,目前工业硫酸锰中杂质rm{(}钙、镁、铁等rm{)}含量高,利用下图流程可制取纯度较高的硫酸锰溶液。反应rm{垄脵}使杂质生成氟化物的沉淀,对反应rm{垄脵}前后的杂质含量检测结果rm{(}以rm{350g/LMnSO_{4}}计rm{)}如下:。杂质净化前rm{/g}净化后rm{/g}去除率rm{/%}rm{Fe^{2+}}rm{Fe^{3+}}rm{0.001275}rm{0.001275}rm{隆陋}rm{Ca^{2+}}rm{0.490000}rm{0.021510}rm{95.61}rm{Mg^{2+}}rm{0.252000}rm{0.025100}rm{90.04}rm{(1)}滤渣rm{x}中含有的物质是____。rm{(2)}试分析钙镁去除结果不同的原因:____。rm{(3)}在滤液中加入rm{KMnO_{4}}可以将rm{Fe^{2+}}氧化为rm{Fe^{3+}}同时生成rm{Mn^{2+}}该反应的离子方程式为____。rm{(4)}已知:生成氢氧化物沉淀的rm{pH}。rm{Fe(OH)_{2}}rm{Fe(OH)_{3}}rm{Mn(OH)_{2}}开始沉淀时rm{6.3}rm{1.5}rm{8.3}完全沉淀时rm{8.3}rm{2.8}rm{9.8}注:金属离子的起始浓度为rm{0.1mol/L}根据表中数据解释流程中rm{垄脷}的目的:____。rm{(5)}进一步研究表明,如果反应rm{垄脵}后不过滤直接加入rm{KMnO_{4}}同时控制加入的量,反应后调节rm{pH}然后再过滤,可以进一步提高钙镁的去除率。对钙镁去除率提高的原因有如下假设:假设Ⅰ:rm{Fe^{2+}}与rm{MnO_{4}^{隆陋}}生成了rm{Fe^{3+}}rm{Fe^{3+}}水解生成的rm{Fe(OH)_{3}}吸附了沉淀物;假设Ⅱ:rm{Mn^{2+}}与rm{MnO_{4}^{隆陋}}反应生成的活性rm{MnO_{2}}吸附了沉淀物。选择适当的无机试剂,设计实验验证假设是否成立。____________rm{(6)}锂离子电池充放电过程中,锂离子在正极和负极之间来回移动,就像一把摇椅,称“摇椅式电池”。典型的锂离子电池工作原理如下图所示。rm{垄脵}放电时rm{Li^{+}}的移动方向从____极到____极rm{(}填“rm{a}”或“rm{b}”rm{)}rm{垄脷}已知电极总反应:写出放电时正极的电极反应式。25、(2015秋•长沙校级期末)如图所示的电路中,电源电动势E=10V,内阻r=0.5Ω,电动机的电阻R0=1.0Ω,电阻R1=1.5Ω.电动机正常工作时,电压表的示数U1=3.0V;求:
(1)电源释放的总电功率;
(2)通电一分钟,电动机做的有用功为多少?26、如图所示,重为100N的物体受推力F作用贴于墙面静止,F与墙的夹角θ=60°,墙对物体的最大静摩擦力为40N,要使物体保持静止,求推力F的大小范围.评卷人得分六、解答题(共1题,共10分)27、如图甲所示,两平行金属板间接有如图乙所示的随时间t变化的交流电压u,金属板间电场可看做均匀、且两板外无电场,板长L=0.2m,板间距离d=0.1m,在金属板右侧有一边界为MN的匀强磁场,MN与两板中线OO′垂直,磁感应强度B=5×10-3T,方向垂直纸面向里.现有带正电的粒子流沿两板中线OO′连续射入电场中,已知每个粒子的比荷=108C/kg,重力忽略不计,在0-0.8×10-5s时间内两板间加上如图乙所示的电压(不考虑极板边缘的影响).已知t=0时刻进入两板间的带电粒子恰好在0,.2×10-5s时刻经极板边缘射入磁场.(不考虑粒子间相互影响及返回板间的情况).
求:
(1)求两板间的电压U0
(2)0-0.2×10-5s时间内射入两板间的带电粒子都能够从磁场右边界射出;求磁场的最大宽度。
(3)若以MN与两板中线OO′垂直的交点为坐标原点,水平向右为x轴,竖直向上为y轴建立二维坐标系,请写出在0.3×10-5s时刻射入两板间的带电粒子进入磁场和离开磁场(此时;磁场只有左边界,没有右边界)时的位置坐标.
(4)两板间电压为0,请设计一种方案:让向右连续发射的粒子流沿两板中线OO′射入,经过右边的待设计的磁场区域后,带电粒子又返回粒子源.参考答案一、选择题(共6题,共12分)1、A【分析】【分析】简谐运动的表达式为x=Acos(ωt+φ),A为振幅,ω为圆频率,φ是初相.由振动方程可读出振幅、初相位、圆频率,根据f=可求出频率.将t=1s代入振动方程即可求得位移.【解析】【解答】解:ABC、根据简谐运动的表达式为x=3sin(5πt+π)cm,知振动的振幅A=3cm,圆频率ω=5πrad/s,则频率为f==2.5Hz;初相位为π,而相位为5πt+π.
故A正确;B;C错误.
D;将t=1s代入振动方程得;x=3sin(5πt+π)cm=3sin6πcm=0.故D错误.
故选:A2、C【分析】【分析】解答本题关键掌握:D表示某质点的位移,则表示速度,若D表示速度,则表示加速度,掌握两个变化量的比值定义一个新的物理量的方法.【解析】【解答】解:A、某个质点的位移变化率可以表示质点的速度;速度表示质点运动的快慢,A选项错误;
B、某个质点的速度变化率可以表示质点运动的加速度;加速度表示质点速度变化的快慢,故B选项错误;
C、某个闭合回路的磁通量的变化率可以表示感应电动势的大小;故C选项正确;
D、某个力的功的变化率可以表示这个力的功率;功率表示力做功的快慢,故D选项错误.
故选:C.3、B【分析】【分析】若是位移时间图象,由位移与时间的图象纵坐标的变化量读出位移关系,分析三个物体的运动情况,确定路程关系;如果是速度时间图象由图象的点可知任意时刻的速度;由图象的斜率可得出物体的加速度;由面积可得出位移.【解析】【解答】解:A、如果是位移时间图象,由位移与时间的图象纵坐标的变化量可知,在t1的时间内,乙的位移为b,甲乙通过的位移相同,甲乙都在单向直线运动,位移大小等于路程,则甲乙两车在t1时间内路程相等;故A错误,B正确;
C、如果是速度时间图象,图象与坐标轴围成的面积表示位移,则在t1时间内甲的位移大于乙的位移,甲的平均速度,而乙的平均速度小于.故CD错误.
故选:B4、B【分析】【分析】分析:通过竖直上抛运动经历的时间求出重力加速度之比,然后根据万有引力等于重力,即G=mg,求出中心天体的质量比.【解析】【解答】解:A、B、根据g=;知重力加速度之比等于它们所需时间之反比,地球上的时间与星球上的时间比1:5,则地球表面的重力加速度和星球表面重力加速度之比g:g′=5:1.故A错误,B正确.
C、D、根据万有引力等于重力,即G=mg,得到:M=.星球和地球表面的重力加速度之比为1:5,半径比为1:4,所以星球和地球的质量比M星:M地=1:80.故C错误;D错误.
故选:B.5、C【分析】【分析】由图可知电路结构,则由滑片的移动明确电阻的变化,由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流及电容器两端的电压变化;从而得出电量的变化及灯泡的亮度变化;由功率公式可得出电源提供的功率变化.【解析】【解答】解:A、当滑片向b滑动时;滑动变阻器接入电阻阻值减小,则电路中电流增大,则灯泡的亮度变亮,故A错误;
B;而电源的输出功率P=EI;因电流增大,则电源提供的总功率增大;
CD;因灯泡及电源内压均增大;则滑动变阻器两端的电压减小,故电容器所带电量减小,故C正确;D错误;
故选:C.6、B【分析】【分析】三个小球均处于静止状态,以整个系统为研究对象根据平衡条件得出c的电荷量,再以c电荷为研究对象受力分析求解.【解析】【解答】解:设c电荷带电量为Q;以c电荷为研究对象受力分析;
根据平衡条件得a、b对c的合力与匀强电场对c的力等值反向;即:
2××cos30°=E•Q
所以匀强电场场强的大小为.
故选B.二、填空题(共7题,共14分)7、2:2:12:4:1【分析】【分析】两轮靠摩擦传动,轮子边缘上的点线速度大小相等,共轴转动角速度大小相等,根据v=rω求出角速度大小之比和线速度大小之比;最后根据an=求解加速度之比.【解析】【解答】解:点A;点B、点C的转动半径之比为2:1:1;
①A、B两点相等时间内通过的弧长相等,则A、B线速度大小相等,即vA=vB;
点A和点B线速度大小相等,转动半径之比为2:1,根据v=rω知,A、B两点转动的角速度之比为:ωA:ωB=1:2;
②点A和点C是同轴传动;角速度大小相等;
A、C两点的角速度大小相等,根据v=rω知;A的线速度是C的2倍;
综上:A;B、C线速度之比为2:2:1;故A、B、C角速度之比为1:2:1;
根据an=,有:
故答案为:2:2:1,2:4:18、静止匀速直线运动【分析】【分析】如果物体不受任何力的作用,那么原来静止的物体将永远的保持静止状态(没有力改变它的运动状态);原来运动的物体将永远的保持匀速直线运动状态(没有力改变它的运动状态).【解析】【解答】解:牛顿第一定律:一切物体在没有受到外力作用的时候;总保持静止状态或匀速直线运动状态.
故答案为:静止,匀速直线运动.9、改变重力的大小,使重力大于浮力甲甲将铁钉全部插入萝卜中,在改变重力时,体积(或浮力)几乎不变【分析】【分析】决定萝卜浮沉的是它的重力与浮力的大小关系,因此,两位同学是从这一角度来改变探究条件的,从控制变量法的要求来看,我们应尽量保持浮力不变的情况下,来改变萝卜的重力,才更有说服力.【解析】【解答】解:插入铁钉改变了萝卜的重力;使重力大于浮力,从而使萝卜一沉;
根据控制变量的要求;在改变萝卜重力的过程中,应尽量保证其体积与浮力的大小不变,因此,甲的方法更合理.
故答案为:改变重力的大小,使重力大于浮力;甲;甲将铁钉全部插入萝卜中,在改变重力时,体积(或浮力)几乎不变.10、1.60.012【分析】【分析】线框的一边做切割磁感线运动,产生感应电动势,当切割长度最大时,感应电流最大,拉力最大,拉力功率最大.线框右边和左边分别切割磁感线,产生正弦式交变电流,可用切割感应电动势公式、安培力和功、功率知识求解.【解析】【解答】解:(1)当线框的一条竖直边运动到x=0.15m处时;线圈的感应电动势最大;
感应电动势的最大值:Em=BLv=0.2×0.2×10V=0.4V;
电路最大电流:Im===4A;
拉力F的最大值为:Fm=BLIm=0.2×4×0.2=0.16N;
拉力F最大功率为:Pm=Fmv=0.16×10W=1.6W;
(2)把线框拉过磁场区域时;因为有效切割长度是按正弦规律变化的,线框中的电流也是按正弦规律变化的(有一段时间线框中没有电流).
电动势的有效值是:E===0.2V;
从图示位置开始把线框右边拉至x=0.15m坐标处需要的时间:t===0.015s;
拉力做功:W=t=×0.015=0.012J;
故答案为:1.6,0.012.11、EP=Ep与x2成正比x正比于s,Ep正比于s2【分析】【分析】(1)弹簧释放后;小球在弹簧的弹力作用下加速,弹簧与小球系统机械能守恒,小球离开桌面后,做平抛运动,根据平抛运动的知识可以求平抛的初速度,根据以上原理列式即可;
(2)先从实验数据得出弹簧的压缩量与小球的射程的关系,再结合第一小问中结论得到弹性势能与小球的射程的关系,最后综合出弹簧的弹性势能EP与弹簧长度的压缩量x之间的关系.【解析】【解答】解:(1)由平抛运动规律有s=vt;
h=;
得v=s.
由机械能守恒定律得EP==
(2)Ep与弹簧的压缩量x之间的关系为:Ep与x2成正比.
猜测的理由:由表中数据可看出;在误差范围内,x正比于s;
又Ep==,所以Ep正比于x2.
故答案为:Ep=;Ep与x2成正比;x正比于s,Ep正比于s212、略
【分析】
(1)处于超重状态时;
对左侧物体受力分析由牛顿第二定律知。
F-2mg=2ma
同理对右侧的物体受力分析知。
3mg-F=3ma
联立以上二式解得F=2.4mg
(2)处于失重状态时;对左侧物体受力分析知。
2mg-F′=2ma′
对右侧的物体受力分析知F′-mg=ma′
联立以上二式解得F′=mg
答:左侧砝码超重状态时,弹簧秤的读数为2.4mg,左侧砝码失重状态时,弹簧秤的读数为mg.
【解析】【答案】当右侧增加一砝码时;左侧砝码超重,右侧砝码失重,此时分别对左右两侧砝码受力分析,利用牛顿第二定律即可解决,同理右侧减少一砝码时,同样利用此法可解.
13、【分析】【分析】物体在某段时间内的平均速度等于位移与时间的比值,根据匀变速直线运动的公式可推导出平均速度的推论表达式为初末速度和的一半,位移为平均速度与时间的乘积【解析】【解答】解:匀变速直线运动平均速度等于初末速度和的一半,故
3s内的位移为x=
故答案为:,,三、判断题(共7题,共14分)14、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段时间或某一过程内的运动情况;而瞬时速度只能表示物体在某一瞬时或某一位置时的速度.平均速度与位移与时间的比值求解.【解析】【解答】解:因瞬时速度为0;则物体不动,无位移,则平均速度为0
故答案为:√15、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的,但它会对放入它中的磁体产生力的作用,小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同.【解析】【解答】解:磁体的周围存在磁场;电流周围也存在磁场,磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用.
磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致;或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向.所以该说法是正确的.
故答案为:√16、×【分析】【分析】匀速圆周运动合力等于向心力,方向始终指向圆心,只改变速度的方向,不改变速度的大小.【解析】【解答】解:物体做圆周运动;向心力方向始终指向圆心,方向时刻变化,此说法错误.
故答案为:×17、×【分析】【分析】质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型,故实际上并不存在,质点虽然忽略物体的形状和大小但保留了物体其它的性质,故不同于几何中的点,只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点,与物体的体积的大小无关.【解析】【解答】解:质点是一个理想化模型;实际上并不存在,质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型,只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点.故说法错误.
故答案为:×.18、×【分析】【分析】温度是分子的平均动能的标志,是大量分子运动的统计规律,由此分析解答即可.【解析】【解答】解:温度是分子的平均动能的标志;是大量分子运动的统计规律,对单个的分子没有意义;当温度升高时,物体内的分子的平均动能增加,不是物体内部所有分子的动能都增加.所以该说法是错误的.
故答案为:×19、√【分析】【分析】根据额定电压和额定功率的概念进行分析,即用电器正常工作时的电压为额定电压,在额定电压下的功率为额定功率.【解析】【解答】解:因用电器正常工作时;电压为额定电压,在额定电压下的功率为额定功率,所以额定功率与实际电压无关,实际功率与工作时的电压有关;
故答案为:√20、×【分析】【分析】匀速圆周运动合力等于向心力,方向始终指向圆心,只改变速度的方向,不改变速度的大小.【解析】【解答】解:物体做圆周运动;向心力方向始终指向圆心,方向时刻变化,此说法错误.
故答案为:×四、识图作答题(共3题,共21分)21、(1)m或2m4m(2)22m(3)AbaBaB【分析】【分析】本题结合细胞分裂过程图,考查有丝分裂和减数分裂的相关知识,要求考生识记有丝分裂和减数分裂过程特点,掌握有丝分裂和减数分裂过程中染色体数目、DNA数目和染色单体数目变化规律,准确判断各选项。分析题图:①表示有丝分裂;②处于减数第一次分裂过程,属于初级精母细胞,细胞含有同源染色体;③处于减数第二次分裂后期,属于次级精母细胞,细胞中不含同源染色体。【解答】(1)①处于有丝分裂;含有m或2m对同源染色体,DNA复制之后,数目加倍,即DNA数目为4m。
(2)③为处于减数第二次分裂后期的次级精母细胞;不含同源染色体,此时染色体数目与体细胞相同,即染色体数目为2m,含2个染色体组。
(3)一个精原细胞减数分裂只能形成2种精细胞,因此与图中精细胞同时产生的另外3个精细胞的基因型应该是aB、aB、Ab。【解析】(1)m或2m4m(2)22m(3)AbaBaB22、(1)F>C=A
(2)<0
(3)k-vmol
(4)苹果酸经脱羧作用释放的和呼吸作用产生的A基本不变B下降植物的细胞呼吸速率小于光合作用速率【分析】【分析】
本题考查光合作用和呼吸作用的相关知识,意在考查学生能运用所学知识与观点,通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理,做出合理的判断或得出正确的结论。【解答】(1)据图分析,图中A点呼吸速率(CO2释放速率)为8mg/dm2·h,根据题意,C、F时间所合成的葡萄糖速率相等,均为30mg/dm2·h,即总光合作用吸收CO2速率为mg/dm2·h,据图分析可知,图中,C点净光合作用吸收CO2速率为36mg/dm2·h,F点净光合作用吸收CO2速率为32,则C、F两点的呼吸强度(CO2释放速率)分别为44-36=8mg/dm2·h、44-32=12mg/dm2·h,所以A、C、F三点的呼吸强度的比较结果是F>C=A。(2)据图分析,图乙中光照强度为b时,叶肉细胞CO2释放量大于0,说明该叶肉细胞光合作用速率小于呼吸作用速率,光照强度为c时,叶肉细胞O2产生总量与呼吸作用CO2释放量相同,即光合速率等于呼吸速率,即单位时间内该叶肉细胞从周围吸收0单位CO2。(3)某同学研究甲湖泊中x深度生物光合作用和有氧呼吸。具体操作如下:取三个相同的透明玻璃瓶a、b、c,将a先包以黑胶布,再包以铅箔。用a、b、c三瓶从待测水体深度取水,测定瓶中水内氧容量。将a瓶、b瓶密封再沉入待测水体深度,经24小时取出,测两瓶氧含量,结果如图丙。则24小时待测深度水体中生物光合作用制造的氧气量是每瓶k-vmol。
(4)根据题意,景天科植物A有一个很特殊的CO2同化方式:夜间气孔开放,吸收的CO2生成苹果酸储存在液泡中(如下图一所示);白天气孔关闭,液泡中的苹果酸经脱羧作用释放CO2用于光合作用,所以白天植物A进行光合作用所需的CO2的来源有苹果酸经脱羧作用释放的和呼吸作用产生的。在上午10:00点时,突然降低环境中CO2浓度后的一小段时间内,对植物A无影响,C3含量基本不变,植物B暗反应阶段所需CO2减少,则C3含量下降。将植物B放入密闭的玻璃置内,置于室外进行培养,用CO2浓度测定仪测得了该玻璃罩内CO2浓度的变化情况,绘成上图四的曲线。B~D段CO2相对含量下降的原因是植物的细胞呼吸速率小于光合作用速率。
【解析】(1)F>C=A(2)<0(3)k-vmol(4)苹果酸经脱羧作用释放的和呼吸作用产生的A基本不变B下降植物的细胞呼吸速率小于光合作用速率23、(1)促进生长素的合成和抑制生长素的分解(2)发育中的种子(3)胰岛素肝糖原分解(4)神经调节和激素调节(或神经—激素调节;神经—体液调节)【分析】【分析】本题结合图示主要考查植物激素的合成与分泌及血糖平衡的调节,意在强化学生对相关激素的生理作用的理解与运用。据图分析:图甲中,赤霉素通过促进生长素的合成和抑制生长素的分解来促进细胞的生长。图乙中,①是胰岛A细胞,②是胰高血糖素,③是肾上腺素,④是肝糖原的分解。【解答】(1)据图甲分析;赤霉素通过促进生长素的合成和抑制生长素的分解来促进细胞的生长,说明赤霉素与生长素具有协同作用。
(2)合成生长素的主要部位是植物体内幼嫩的芽;叶和发育中的种子。
(3)图乙中;②是胰高血糖素,胰岛素与其具有拮抗作用,共同参与血糖稳定的调节,图乙中,④是肝糖原的分解。
(4)据图乙分析;血糖调节是神经调节和激素调节共同作用的结果。
【解析】(1)促进生长素的合成和抑制生长素的分解(2)发育中的种子(3)胰岛素肝糖原分解(4)神经调节和激素调节(或神经—激素调节;神经—体液调节)五、简答题(共3题,共6分)24、(1)CaF2MgF2(2)CaF2比MgF2更难溶(3)MnO4-+5Fe2++8H+=5Fe3++Mn2++4H2O(4)将Fe3+转化为Fe(OH)3达到分离铁元素与锰元素的目的(5)取工业硫酸锰废水,加入MnF2后分成两份,一份加入Fe(OH)3胶体,另一份加入活性MnO2,分别检测Ca2+、Mg2+的去除率,若去除率提高(大于95.61%、90.04%),则说明假设成立(6)①ba②Li1-xCoO2+xLi++xe-=LiCoO2【分析】【分析】本题考查常见离子的性质与检验,同时涉及原电池的反应原理以及电极反应式的书写,掌握常见离子的性质是解题的关键,注意基础知识的落实,难度不大。【解答】rm{(1)}由表可知钙离子与镁离子反应前后质量变化较大,所以滤渣rm{X}为氟化钙与氟化镁。故答案为:rm{CaF_{2}}rm{MgF_{2}}rm{CaF_{2}}rm{MgF_{2}}由表可知钙离子比镁离子除去的更彻底,说明rm{(2)}由表可知钙离子比镁离子除去的更彻底,说明rm{(2)}比rm{CaF}rm{2}更难溶,存在沉淀溶解平衡的转化,故答案为:rm{2}rm{MgF}比rm{2}rm{2}更难溶;rm{CaF}根据所给反应物和产物的离子可以整理出对应的离子方程式为:rm{2}rm{2}rm{MgF}rm{2}rm{2}rm{(3)}rm{MnO_{4}^{-}}rm{MnO_{4}^{-}}rm{+}rm{5Fe^{2+}}rm{+}rm{8H^{+}=5Fe^{3+}}rm{+}rm{Mn^{2+}}rm{+}rm{4H_{2}O}故答案为:rm{+}rm{5Fe^{2+}}rm{5Fe^{2+}}rm{+}rm{8H^{+}=5Fe^{3+}}rm{8H^{+}=5Fe^{3+}}rm{+}rm{Mn^{2+}}rm{Mn^{2+}}rm{+}调节溶液rm{4H_{2}O}为rm{4H_{2}O}之间是为了使铁离子完全沉淀而达到分离铁元素与锰元素的目的,故答案为:将rm{MnO_{4}^{-}}转化为rm{MnO_{4}^{-}}rm{+}rm{5Fe^{2+}}rm{+}rm{8H^{+}=5Fe^{3+}}rm{+}rm{Mn^{2+}}rm{+}rm{4H_{2}O}达到分离铁元素与锰元素的目的;rm{+}rm{5Fe^{2+}}rm{5Fe^{2+}}rm{+}rm{8H^{+}=5Fe^{3+}}rm{8H^{+}=5Fe^{3+}}rm{+}rm{Mn^{2+}}rm{Mn^{2+}}rm{+}后分成两份,一份加入rm{4H_{2}O}胶体,另一份加入活性rm{4H_{2}O},分别检测rm{(4)}调节溶液rm{pH}为rm{2.5隆芦4}之间是为了使铁离子完全沉淀而达到分离、rm{(4)}调节溶液rm{pH}为rm{2.5隆芦4}之间是为了使铁离子完全沉淀而达到分离的去除率,rm{(4)}后分成两份,一份加入rm{pH}胶体,另一份加入活性rm{2.5隆芦4},分别检测rm{Fe^{3+}}、rm{Fe(OH)}的去除率,若去除率提高rm{3}大于rm{3}、rm{(5)}假设Ⅰ为则说明假设成立;rm{Fe(OH)}rm{Fe(OH)}由电极总反应可知,放电时rm{3}为负极,rm{3}为正极,在原电池中,阳离子向正极移动,所以吸附了沉淀物,假设Ⅱ为生成的活性rm{MnO}到rm{MnO}rm{2}rm{2}吸附了沉淀物,可以由总反应可以整理出正极反应的电极反应式为取工业硫酸锰废水,加入rm{MnF_{2}}后分成两份,一份加入rm{Fe(OH)_{3}}胶体,另一份加入活性rm{MnO_{2}},分别检测rm{Ca^{2+}}、rm{Mg^{2+}}的去除率,,故答案为:rm{MnF_{2}}rm{MnF_{2}}【解析】rm{(1)CaF_{2}}rm{MgF_{2}}rm{(2)CaF_{2}}比rm{MgF_{2}}更难溶rm{(3)MnO_{4}^{-}+5Fe^{2+}+8H^{+}=5Fe^{3+}+Mn^{2+}+4H_{2}O}rm{(4)}将rm{Fe^{3+}}转化为rm{Fe(OH)_{3}}达到分离铁元素与锰元素的目的rm{(5)}取工业硫酸锰废水,加入rm{MnF_{2}}后分成两份,一份加入rm{Fe(OH)_{3}}胶体,另一份加入活性rm{MnO_{2}}分别检测rm{Ca^{2+}}rm{Mg^{2+}}的去除率,若去除率提高rm{(}大于rm{95.61%}rm{90.04%)}则说明假设成立rm{(6)垄脵b}rm{a}rm{垄脷Li1-xCoO2+xLi}rm{垄脷Li1-xCoO2+xLi}rm{{,!}^{+}}rm{+xe}rm{+xe}rm{{,!}^{-}}rm{=LiCoO}25、略
【分析】【分析】(1)通过电阻两端的电压求出电路中的电流I;电源的总功率为P=EI,即可求得;
(2)由U内=Ir可求得电源内阻分得电压,电动机两端的电压为U=E-U1-U内,电动机消耗的功率为P电=UI;电动机将电能转化为机械能的功率为P机=P电-I2R0,再根据W=P机t求解.【解析】【解答】解:(1)电动机正常工作时,总电流为I==A=2A;
电源释放的电功率为P释=EI=10×2W=20W;
(2)电动机两端的电压为U=E-Ir-U1=(10-2×0.5-3.0)V=6V
电动机消耗的电功率为:P电=UI=6×2W=12W
电动机的热功率为:P热=I2R0=22×1W=4W
根据能量守恒定律,电动机将电能转化为机械能的功率P机=P电-P热=12W-4W=8W
则W=P机t=480J.
答:(1)电源释放的总电功率为20W;
(2)通电一分钟,电动机做的有用
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