2025年外研版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版必修3物理下册阶段测试试卷472考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P连接，另一端与物体A相连，物体A至于光滑水平桌面上，A右端连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连。开始时托住B，让A处于静止且细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速度。下列有关该过程的分析中正确的是（）

A.B物体受到细线的拉力保持不变B.A物体与B物体组成的系统机械能守恒C.物体B机械能的减少量小于弹簧弹性势能的增加量D.当弹簧的拉力等于B物体的重力时，A物体的动能最大2、如图所示是等腰直角三棱柱，其中底面abcd为正方形，边长为L，它们按图示位置放置于磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中，下列说法中不正确的是（）

A.通过abcd平面的磁通量与通过cdef平面的磁通量相等B.通过abcd平面的磁通量大小为C.通过abfe平面的磁通量大小为零D.以ab边为轴转动180°，通过abcd平面的磁通量的变化为零3、如图所示；从炽热的金属丝飘出的电子（速度可视为零），经加速电场加速后从两极板中间垂直射入偏转电场。在满足电子能射出偏转电场的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（）

A.仅增大加速电场的电压B.仅减小偏转电场两极板间的距离C.仅减小偏转电场的电压D.仅减小偏转电场极板的长度4、在地面附近存在着一有界电场，边界MN将空间分成上下两个区域I、Ⅱ，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域I中离边界某一高度由静止释放一质量为m的带电小球A，如图甲所示，小球运动的v-t图像如图乙所示；不计空气阻力。下列说法中正确的是（）

A.小球受到的重力与电场力大小之比为3：2B.在t=5s时，小球经过边界MNC.在小球向下运动的过程中，重力做的功大于电场力做功D.在1～4s过程中，小球的机械能先减少后增加5、一太阳能电池板的电动势为0.80V，内阻为20Ω将该电池板与一阻值为140Ω的电阻连成闭合电路，该闭合电路的路端电压为（）A.0.80VB.0.70VC.0.60VD.0.50V6、如图所示，两块水平放置的平行金属板a、b，相距为d，组成一个电容为C的平行板电容器，R1为定值电阻，R2为可变电阻，开关S闭合.质量为m的带正电的微粒从O点以水平速度v射入金属板问，沿曲线打在b板上的P点若经有关调整后，微粒仍从O点以水平速度v射入；不计空气阻力及板外电场，则下列判断正确的是（）

A.只增大R2，微粒打在P点左侧B.只增大R2，微粒仍打在P点C.S断开，a板稍微竖直上移，微粒仍打在P点D.S断开，a板稍微竖直上移，微粒打在P点左侧7、如图所示，直线是电源的路端电压和电流的关系图线，曲线为某元件R的U－I特性曲线，两图线的交点坐标为（0.4，3.0）用该电源直接与元件R相连组成闭合电路；由图像可知（）

A.电源的电动势为5V，内阻为1.0ΩB.电源的输出功率为1.2WC.元件R的阻值为3.75ΩD.电源的效率为50%评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、A、B为电场中的两点，对A、B两点间的电势差和电场力做功的理解正确的是（）A.A、B两点间的电势差和两点间移动电荷的电荷量q成反比B.不同的电荷从A点移动到B点，电场力做的功和电荷量q成正比C.与q、无关，与是否移动电荷也没有关系D.与q、无关，与电荷移动的路径无关9、如图甲所示，在匀强电场中的O点先后无初速度释放两个正点电荷Ⅰ和Ⅱ，电荷仅在电场力的作用下沿直线向A运动，两电荷的动能随位移x变化的关系如图乙所示。若Ⅰ的电荷量为q。则可知（）

A.匀强电场的场强大小为B.电荷Ⅱ的电荷量为2qC.选O点为电势零点，A点的电势为D.电场中O、A两点的电势差为10、如图所示；带正电的小球A用竖立在地面上的绝缘杆支撑，带正电的小球B用绕过A球正上方的定滑轮的绝缘细线拉着，开始时A；B在同一水平线上并处于静止，滑轮距小球A高度大于小球A和B的长度，不计两个小球的大小。现用手拉细线使小球B缓慢向上移动，小球B在向上移动过程中A、B两球的带电量保持不变，不计两球间的万有引力，则在B球缓慢移动的过程中（）

A.小球B初开始的运动轨迹是一段圆弧B.细线上的张力一直变小C.细线上的张力先变小后变大D.B两球的库仑力的大小先不变再减小11、下说法正确的是A.丝绸摩擦过的玻璃棒带负电B.元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根测得的C.库仑提出电场的概念，法拉第利用电场线形象的描述了电场的清晰图景D.实际上，任何两个彼此绝缘又相距很近的导体，都可以看成电容器12、如图所示电路中，C为电容器，R1为0～99.99Ω的电阻箱，电源内阻r＝5Ω，定值电阻R2＝2Ω，R3＝R4＝5Ω。现闭合开关S，调节R1使其电阻从零逐渐增至最大；在此过程中（  ）

A.电容器的a板先带正电后带负电B.电容器的a板先带负电后带正电C.电源的输出功率先增大后减小D.电容器两板间的电压先增大后减小13、如图甲所示为一电源路端电压与电流关系的函数图象,把此电源接在如图乙所示的电路中,其中则下列说法中错误的是()

A.若间连一电容为C=20μF的电容器,则电容器所带电荷量是B.若间用一导线连接,则电源效率最高C.若在间连一个理想电流表,其读数是0.375D.若在间连一个理想电压表,其读数是0.75评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，粒子由M运动到N对这个运动；我们可以作如下分析：

运动轨迹粒子带正电粒子电势能减小粒子动能增大；其中，①的理由是曲线运动合外力指向轨迹内侧，与场强方向相同。

请写出②的理由：______；

请写出③的理由：______。15、在如图乙所示的电路中，电源电动势内阻定值电阻电压表为理想电表。闭合开关通过电阻的电流________电压表示数________电阻消耗的功率________

16、真空中有两个相同的金属小球，带电量分别为＋1.6×10－8C和＋4.8×10－8C，相距r时（远大于小球直径），相互作用为0.3N，现将两球相接触后再放回原处，则它们之间的相互作用力为________N，此时每个小球的带电量相当于______个电子所带电量。17、如图所示，分别在A、B两点放置点电荷Q1=＋2×10-14C和Q2=-2×10-14C。在AB的垂直平分线上有一点C，且AB=AC=BC=6×10-2m。如果有一电子静止放在C点处，静电力常量k=9.0×109N·m2/C2，则它所受的静电力的大小为______N，方向______。

18、在绵阳南山中学物理实验室中，甲同学用螺旋测微器测一金属丝直径时，仪器刻度的位置如左下图所示，则金属丝为__________mm；该同学又用游标卡尺测一金属球直径时，仪器刻度的位置如右下图所示，则金属球的直径为__________cm。

19、量程为0-0.6A的电流表读数。读数为_________A。

评卷人得分四、作图题(共2题，共8分)20、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短21、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

A.以A、B组成的系统为研究对象，有由于弹簧的伸长量x逐渐变大，所以从开始到B速度达到最大的过程中，B加速度逐渐减小，由可知绳子的拉力T逐渐增大；选项A错误；

B.整个系统只有弹力和重力做功，因此A物体与B物体以及弹簧组成的系统的机械能守恒；选项B错误；

C.B物体机械能的减小量等于弹簧弹性势能的增量和物体A动能的增量，所以物体B机械能的减少量大于弹簧弹性势能的增加量；选项C错误；

D.由知由于弹簧的伸长量x逐渐变大加速度逐渐减小，当加速度减为零时速度达到最大，此时弹簧的拉力等于B物体的重力；选项D正确。

故选D。2、D【分析】【分析】

【详解】

A．abcd平面与cdef平面在垂直于磁场方向的投影面积相等；故磁通量相等，A正确，不符合题意；

B．通过abcd平面的磁通量大小为

B正确；不符合题意；

C．abfe平面与磁场平行，故通过abfe平面的磁通量大小为零；C正确，不符合题意；

D．设转动前通过abcd平面的磁通量为以ab边为轴转动180°后的磁通量为则该过程磁通量的变化量为

D错误；符合题意。

故选D。3、B【分析】【分析】

【详解】

设电子经加速电场加速后的速度为加速电压为偏转电压为偏转电场两极板间的距离为极板的长度为则电子经加速电场加速的过程中，根据动能定理可得

电子在偏转电场中的加速度

运动时间

离开偏转电场时速度方向与水平方向夹角的正切值为

故B正确；ACD错误。

故选B。4、D【分析】【详解】

B．小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，然后反向加速出离电场区域，最后向上减速；由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是t=1s时和t=4s时刻；故B错误；

A．由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为

进入电场后的加速度大小为

由牛顿第二定律得mg=ma1F-mg=ma2

得电场力

联立得重力mg与电场力F之比为3︰5；故A错误；

C．向下运动的过程中；动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等，故C错误；

D．在1s～4s过程中，小球在MN下方先向下减速运动；速度减到零后再向上加速，电场力先做负功后做正功，则小球的机械能先减小后增大，故D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

根据闭合电路的欧姆定律可得

则路端电压为

故选B。6、C【分析】【详解】

AB．由电路连接情况可知，两板间电场方向竖直向上，带正电微粒所受电场力方向竖直向上，电阻R1与R2串联，根据串联分压规律可知，增大R2，R1两端电压减小，两极板间电压减小，粒子所受电场力减小，故微粒所受竖直向下的合外力增大，由牛顿第二定律可知，微粒运动加速度增大，竖直方向

则运动时间减小，水平方向

微粒水平位移减小，微粒将打在P点右侧；AB错误；

CD．断开开关，电容器所带电荷量Q不变，电容的公式

场强与电势差的关系式

可得

可知改变板间距离不会改变两板间场强，所以粒子仍打在P点；D错误C正确。

故选C。7、B【分析】【详解】

A．由电源的特征曲线可知，电源的电动势为纵轴截距，即E=5V

内阻为图线的斜率绝对值，即

故A错误；

BC．两图线的交点表示，用该电源直接与元件R相连组成闭合电路，元件的两端电压为3.0V，电路中电流为0.4A。由功率的公式可得

根据欧姆定律，可得

故B正确；C错误；

D．电源的效率为

故D错误。

故选B。二、多选题(共6题，共12分)8、B:C【分析】【详解】

AC．A、B两点间的电势差由电场决定，与两点间移动电荷的电荷量q及无关；故A错误，C正确；

B．A、B两点间的电势差由电场决定，在不变的电场中，A、B两点间的电势差不变，所以不同的电荷从A点移动到B点，电场力做的功和电荷量q成正比；故B正确；

D．与q、有关；与电荷移动的路径无关，故D错误。

故选BC。9、A:B:D【分析】【详解】

AB．根据动能定理可知，图像斜率表示电场力，因此正点电荷Ⅰ和Ⅱ所受电场力

根据

可知

电荷Ⅱ的电荷量为2q；故AB正确；

CD．根据

可知

选O点为电势零点，A点的电势为

故C错误；D正确。

故选ABD。10、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

AD．设小球B受到的重力为mg，A、B两球的带电量分别为q1、q2，两球间的距离为r，定滑轮距离A球为h，距离B球为d，对B球受力分析如图。

根据相似三角形可知。

可得。

在小球移动过程中，r不变，库仑力不变，因此小球的运动轨迹是一段圆弧，当B球到达A球正上方以后的过程中；两球间的距离在增大，库仑力开始减小，故AD正确；

BC．由上分析可知。

由于d在减小，因此F在减小，当B球到达A球正上方以后的过程中；两球间的距离在增大，库仑力开始减小，拉力在增大，故B错误，C正确。

故选ACD。11、B:D【分析】【详解】

A．丝绸摩擦玻璃棒的过程中；由于玻璃棒原子核束缚电子的本领弱，一部分电子转移到丝绸上而始玻璃棒带正电，故A错误；

B．元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根测得的；故B正确；

C．法拉第提出电场的概念；并利用电场线形象的描述了电场的清晰图景，故C错误；

D．任何两个彼此绝缘又相距很近的导体，都可以看成电容器而能储存一定量的电荷，故D正确．12、A:C【分析】【详解】

ABD．当R1为零时，a板接电源正极，电势最高，带正电；当R1＝2Ω时，电容器两板等势，不带电；当R1>2Ω时，b板电势较高，a板带负电，即a板先带正电后带负电；电容器两板间的电压先减小后增大，故A正确，BD错误；

C．当R1为零时，外电阻最小，最小值为Rmin＝＝1.67Ω

当R1最大时，外电阻最大，最大值为Rmax＝＝9.11Ω

根据电源的输出功率与外电阻的关系图像。

可知电源的输出功率先增大后减小；故C正确。

故选AC。13、A:B:D【分析】【详解】

由图甲可得

A．若C、D间连一电容为C=20μF的电容器，则和与电源串联，电容器的电压等于的电压

电容器所带电荷量

故A错误；不符合题意；

B．由

可知，外电阻越大，电源的效率越高；若C、D间用一导线连接，则与并联再与串联接在电源上此时外电阻不是最大；电源效率不最高．故B错误，不符合题意；

C．若在C、D间连一个理想电流表，则与并联再与串联接在电源上，此时电路中的总电流

代入数据得又

则

故C正确；不符合题意；

D．若在C、D间连一个理想电压表，则和与电源串联，电压表测的电压

故D错误；符合题意。

综上，选错误的，答案为ABD。三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]因为粒子带正电；受力方向与运动方向成锐角，电场力做正功，电势能减小。

[2]带电粒子在电场中仅受电场力作用，动能和电势能之和不变。电势能减少时，动能增大。【解析】电场力做正功，电势能减小带电粒子在电场中仅受电场力作用，动能和电势能之和不变15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]电源电动势内阻定值电阻闭合开关通过电阻的电流

电压表示数

电阻消耗的功率【解析】①.2②.8③.1616、略

【分析】【详解】

[1]据库仑定律可得，原来的作用力可表示为

由于两球均带正电，接触后再放回原处，带电量均为总和的一半，作用力可表示为

代入数据解得

[2]此时每个小球的带电量为

电子所带电荷量为

可得

即相当于电子所带电量。【解析】0.42×101117、略

【分析】【分析】

【详解】

电子带负电荷，在C点同时受A、B两点电荷的静电力FA、FB；如图所示：

由库仑定律得

同理可得FB=8.0×10-21N