【智慧测评】2021高考生物(人教版)总复习作业：必修2-第1章-第2讲-孟德尔的豌豆杂交实验(二)

必修②第一章其次讲一、选择题1．下列有关基因分别定律和自由组合定律的说法，错误的是()A．二者具有相同的细胞学基础B．二者揭示的都是生物细胞核中遗传物质的遗传规律C．在生物性状遗传中，二者可以同时进行，同时起作用D．基因分别定律是基因自由组合定律的基础解析：基因分别定律的细胞学基础是同源染色体分别，导致其上的等位基因分别，分别进入不同的配子；基因自由组合定律的细胞学基础是同源染色体分别，非同源染色体自由组合，导致非同源染色体上的非等位基因自由组合。答案：A2．下图是同种生物4个个体的细胞示意图，其中等位基因A和a把握一对相对性状，等位基因B和b把握另一对相对性状，则哪两个图代表的生物个体杂交可得到2种表现型、6种基因型的子代个体()A．图1、图4 B．图3、图4C．图2、图3 D．图1、图2解析：要形成6种基因型的子代，两对等位基因需要分别能形成2、3种基因型，然后通过自由组合即可。一对等位基因要形成3种基因型，必需都是杂合子。图1和图2代表的生物个体杂交子代中的基因B、b能形成3种基因型，基因A、a可以形成2种基因型，所以子代有6种基因型，且表现型只有2种。答案：D3．已知玉米的某两对基因依据自由组合定律遗传，子代的基因型及比值如图所示，则双亲的基因型是()A．DDSS×DDSs B．DdDs×DdSsC．DdSs×DDSs D．DdSS×DDSs解析：单独分析D(d)基因，后代只有两种基因型，即DD和Dd，则亲本基因型为DD和Dd；单独分析S(s)基因，后代有三种基因型，则亲本都是杂合子。答案：C4．(2021·海淀模拟)番茄易软化受显性基因A把握，但该基因的表达受基因B的抑制。若在培育过程中筛选得到了基因型为AaB＋B－(A对a为显性，B＋表示具有B基因，B－表示没有B基因)的植株。按自由组合定律，该植株自交后代中，抗软化耐贮藏番茄的比例为()A.eq\f(13,16) B.eq\f(12,16)C.eq\f(6,16) D.eq\f(3,16)解析：依据题意，A－B－B－表现为易软化，其他基因型的番茄均抗软化耐贮藏。AaB＋B－自交产生A－B－B－的概率为eq\f(3,4)×eq\f(1,4)＝eq\f(3,16)，故抗软化耐贮藏番茄的比例为1－eq\f(3,16)＝eq\f(13,16)。答案：A5．以黄色皱粒(YYrr)与绿色圆粒(yyRR)的豌豆作亲本进行杂交，F1植株自花传粉，从F1植株上所结的种子中任取1粒绿色圆粒和1粒绿色皱粒的种子，这两粒种子都是纯合子的概率为()A.1/3 B．1/4C．1/9 D．1/16解析：黄色皱粒(YYrr)与绿色圆粒(yyRR)的豌豆杂交，F1植株的基因型为YyRr，F1植株自花传粉，产生F2(即为F1植株上所结的种子)，F2性状分别比为9∶3∶3∶1，绿色圆粒所占的比例为3/16，其中纯合子所占的比例为1/16，绿色皱粒为隐性纯合子，所以两粒种子都是纯合子的几率为1/3×1＝eq\f(1,3)。答案：A6．已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型个体(aa的个体在胚胎期致死)，两对基因遵循基因自由组合定律，Aabb∶AAbb＝1∶1，且该种群中雌雄个体比例为1∶1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的成活子代中能稳定遗传的个体所占比例是()A.eq\f(5,8) B.eq\f(3,5)C.eq\f(1,4) D.eq\f(3,4)解析：该种群中Aabb∶AAbb＝1∶1，且雌雄个体比例为1∶1，自由交配时有♀Aabb×♂Aabb、♀AAbb×♂AAbb、♀Aabb×♂AAbb、♀AAbb×♂Aabb四种，成活子代中能稳定遗传的个体有eq\f(9,15)＝eq\f(3,5)。答案：B7．某种植物的花色受两对等位基因(A、a，B、b)的支配，这两对基因位于非同源染色体上。其表现型和基因型的对应关系如下表所示，下列分析不正确的是()基因型A_B_(A和B同时存在)A_bb(A存在，B不存在)aaB_或aabb(A不存在)表现型紫花红花白花A.基因型为aaBB的白花植株与AAbb的红花植株杂交，F1的表现型为紫花B．基因型为AaBb的紫花植株自交，后代的性状分别比为9∶3∶4C．基因型为AAbb的红花植株与aabb的白花植株杂交，后代全为红花D．基因型为AaBb的紫花植株与aabb的白花植株测交，则后代中白花所占的概率为eq\f(1,4)解析：基因型为aaBB的白花植株与AAbb的红花植株杂交，F1的基因型是AaBb，其表现型为紫花，故A项正确；基因型为AaBb的紫花植株自交后，依据基因的自由组合定律及题干中供应的信息，后代基因型和表现型为A_B_(紫花)∶A_bb(红花)∶aaB_(白花)∶aabb(白花)＝9∶3∶3∶1，由此可知后代的性状分别比是9∶3∶4，故B项正确；基因型为AAbb和aabb的两亲本杂交，后代的基因型全为A_bb，表现型为红花，故C项正确；基因型为AaBb的紫花植株与aabb的白花植株测交，后代的基因型及性状分别比为A_B_(紫花)∶A_bb(红花)∶aaB_(白花)∶aabb(白花)＝1∶1∶1∶1，由此求得后代中白花所占的概率为eq\f(2,4)＝eq\f(1,2)，故D项错。答案：D8．图1表示该生物正常个体的体细胞中两对基因和染色体的关系，图2表示该生物的黑色素产生需要三类基因参与把握，三类基因的把握均表现为完全显性，下列说法正确的是()A．由图1可知该生物是四倍体，基因型是AabbB．由图1所示的基因型可以推知：该生物体确定不能合成黑色素C．若图1中的一个b基因突变为B基因，则该生物体可以合成出物质乙D．图1所示的生物体中确定存在含有四个b基因的细胞解析：从图1中可知该生物为二倍体；由图1不能推出该生物不能合成黑色素；b基因突变为B基因，则不能合成物质乙。答案：D9．基因D、d和T、t是分别位于两对同源染色体上的等位基因，在不同状况下，下列叙述符合因果关系的是()A．基因型为DDTT和ddtt的个体杂交，则F2双显性性状中能稳定遗传的个体占1/16B．后代表现型的数量比为1∶1∶1∶1，则两个亲本的基因型肯定为DdTt和ddttC．若将基因型为DDtt的桃树枝条嫁接到基因型为ddTT的植株上，自花传粉后，所结果实的基因型为DdTtD．基因型为DdTt的个体，假如产生的配子中有dd的类型，则可能是在减数其次次分裂过程中发生了染色体变异解析：基因型为DDTT和ddtt的个体杂交，F2中双显性个体占9/16，F2双显性个体中能稳定遗传的个体占1/9；亲本基因型为Ddtt和ddTt，后代表现型的数量比也为1∶1∶1∶1；将基因型为DDtt的桃树枝条嫁接到基因型为ddTT的植株上，基因型为DDtt的桃树自花传粉，所结果实基因型为DDtt；基因型为DdTt的个体在进行减数分裂时，D和d在减数第一次分裂后期分别，若产生了基因型为dd的配子，则可能是减数其次次分裂后期，含有d的两条染色体移向细胞的同一极，同时含有T(t)的两条染色体移向细胞另一极的结果，应属于染色体变异。答案：D10．玉米中，有色种子必需具备A、C、R三个显性基因，否则表现为无色。现将有一色植株M同已知基因型的三个植株杂交，结果如下：①M×aaccRR→50%有色种子；②M×aaccrr→25%有色种子；③M×AAccrr→50%有色种子，则这个有色植株M的基因型是()A．AaCCRr B．AACCRRC．AACcRR D．AaCcRR解析：由①杂交后代中A__C__R__占50%知该植株A__C__中有一对是杂合的；由②杂交后代中A__C__R__占25%知该植株A__C__R__中有两对是杂合的；由③杂交后代中A__C__R__占50%知该植株C__R__中有一对是杂合的；由此可以推知该植株的基因型为AaCCRr。答案：A11．(2021·南京模拟)人类的肤色由A/a、B/b、E/e三对等位基因共同把握，A/a、B/b、E/e位于三对同源染色体上，AABBEE为黑色，aabbee为白色，其他性状与基因型的关系如下图所示，即肤色深浅与显性基因个数有关，如基因型为AaBbEe、AABbee与aaBbEE等与含任何三个显性基因的肤色一样。若双方均为含三个显性基因的杂合体婚配(AaBbEe×AaBbEe)，则子代肤色的基因型和表现型分别有多少种()A．27,7 B．16,9C．27,9 D．16,7解析：亲代为：AaBbEe×AaBbEe，则子代基因型有3×3×3＝27种，据显性基因多少，子代基因型中含显性基因的个数分别为0、1、2、3、4、5、6，共7种，因此表现型为7种。答案：A二、非选择题12．(2021·大纲全国高考)已知玉米子粒黄色(A)对白色(a)为显性，非糯(B)对糯(b)为显性，这两对性状自由组合。请选用适宜的纯合亲本进行一个杂交试验来验证：①子粒的黄色与白色的遗传符合分别定律；②子粒的非糯与糯的遗传符合分别定律；③以上两对性状的遗传符合自由组合定律。要求：写出遗传图解，并加以说明。解析：验证分别定律和自由组合定律，要选择具有两对等位基因的纯合亲本进行杂交试验，依据题干供应的材料，可以选择纯合白糯与纯合黄非糯作为亲本进行杂交，也可以选择纯合黄糯与纯合白非糯作为亲本进行杂交。杂交试验图解如下：P(亲本)：纯合黄非糯AABB×aabb纯合白糯↓F1：AaBb(杂合黄非糯)↓⊗F2说明：让纯合黄非糯(AABB)与纯合白糯(aabb)杂交，得F1的种子；种植F1的种子，待F1植株成熟后，让其自交，得F2的种子(也可用纯合白非糯与纯合黄糯作为亲本)。统计分析F2的子粒性状表现。①若黄粒∶白粒＝3∶1，则说明子粒的黄色与白色的遗传符合基因分别定律。②若非糯粒∶糯粒＝3∶1，则说明子粒的非糯与糯的遗传符合基因分别定律。③若黄非糯粒∶黄糯粒∶白非糯粒∶白糯粒＝9∶3∶3∶1；则说明以上两对性状的遗传符合基因自由组合定律。答案：亲本(纯合白非糯)aaBB×AAbb(纯合黄糯)亲本或为：(纯合黄非糯)AABB×aabb(纯合白糯)↓F1AaBb(杂合黄非糯)↓⊗F2F2子粒中：①若黄粒(A__)∶白粒(aa)＝3∶1，则验证该性状的遗传符合分别定律；②若非糯粒(B__)∶糯粒(bb)＝3∶1，则验证该性状的遗传符合分别定律；③若黄非糯粒∶黄糯粒∶白非糯粒∶白糯粒＝9∶3∶3∶1，即A__B__∶A__bb∶aaB__∶aabb＝9∶3∶3∶1，则验证这两对性状的遗传符合自由组合定律。13．现有4个纯合南瓜品种，其中2个品种的果形表现为圆形(圆甲和圆乙)，1个表现为扁盘形(扁盘)，1个表现为长形(长)。用这4个南瓜品种做了3个试验，结果如下：试验1：圆甲×圆乙，F1为扁盘，F2中扁盘∶圆∶长＝9∶6∶1试验2：扁盘×长，F1为扁盘，F2中扁盘∶圆∶长＝9∶6∶1试验3：用长形品种植株的花粉分别对上述两个杂交组合的F1植株授粉，其后代中扁盘∶圆∶长均等于1∶2∶1。综合上述试验结果，请回答：(1)南瓜果形的遗传受________对等位基因把握，且遵循________定律。(2)若果形由一对等位基因把握用A、a表示，若由两对等位基因把握用A、a和B、b表示，以此类推，则圆形的基因型应为________，扁盘的基因型应为________，长形的基因型应为________。(3)为了验证(1)中的结论，可用长形品种植株的花粉对试验1得到的F2植株授粉，单株收获F2中扁盘果实的种子，每株的全部种子单独种植在一起可得到一个株系。观看多个这样的株系，则全部株系中，理论上有1/9的株系F3果形均表现为扁盘，有________的株系F3果形的表现型及其数量比为扁盘∶圆＝1∶1，有________的株系F3果形的表现型及其数量比为____________。解析：(1)试验1与试验2的F2中扁盘∶圆∶长＝9∶6∶1，是9∶3∶3∶1的变形，说明南瓜的果形是由两对等位基因把握的，遵循基因的自由组合定律。(2)由题意可知，显性基因A和B同时存在时，南瓜表现型为扁盘形，基因型为AaBb、AABb、AaBB、AABB；当基因型为AAbb、aaBB、Aabb、aaBb时，南瓜表现型为圆形；当没有显性基因基因存在时，南瓜表现型为长形，基因型为aabb。(3)F2扁盘果实的种子中，理论上的基因型及比例分别为1/9AABB、2/9A