2024-2025学年湖南省岳阳市云溪区高二上学期9月月考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12024年高二物理月考试卷一．选择题（共6小题，满分24分，每小题4分）1.以下对“电场”一章中几个公式的理解正确的是（）A.公式指出，电场强度跟检验电荷的电量成反比B.由公式可知，电场中两点的距离越大，电场场强越小C.在公式中，是的电场在位置的电场强度值D.公式指出，同一个电荷在电势越高的地方电势能越大【答案】C【解析】A．公式是电场强度的定义式，采用比值法定义，则知与、无关，A错误；B．公式只适用于匀强电场，而匀强电场的场强处处相同，与两点间的距离无关，B错误；C．在公式中，将看成场源电荷，看成试探电荷，则是点电荷产生的电场在点电荷处场强的大小，C正确；D．根据电势能公式知，同一个正电荷在电势越高处电势能越大，而同一个负电荷在电势越高处的电势能越小，D错误。故选Ｃ。2.以下关于多用电表的说法中，正确的是（）A.在测电流和电压时，都必须把多用电表串联到电路中B.在测电流时，若指针偏转过小，则需换更大的量程C.多用电表作为欧姆表使用时，每次更换倍率都必须进行欧姆调零D.多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，则需选择更大的倍率进行测量【答案】C【解析】A．在测电流时，应把多用电表串联到电路中；在测电压时，应把多用电表并联到电路中，故A错误；B．在测电流时，若指针偏转过小，说明电流很小，则需换更小的量程，故B错误；C．多用电表作为欧姆表使用时，每次更换倍率都必须进行欧姆调零，故C正确；D．多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，说明倍率大表盘刻度示数小，则需选择更小的倍率进行测量，故D错误。故选C。3.两根长度相同，横截面积之比S1∶S2=1∶2的均匀铜导线按图所示接入电路，关于两段导线以下说法中正确的是（）A.它们的电阻之比为1∶2B.它们的电流之比为2∶1C.它们的电子移动速率之比为1∶2D.它们的电压之比为2∶1【答案】D【解析】A．据电阻定律可知电阻与横截面积成反比，故它们的电阻之比为2∶1。故A错误；B．两段铜导线处于串联状态，电流相等，故B错误；C．由电流的微观表达式可知电流相等的前提下，电子移动速率与横截面积成反比，故电子移动速率之比为2∶1，故C错误。D．串联电路中电压与电阻成正比，故它们的电压之比为2∶1。故D正确。故选D。4.四根在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一个“井”字形，导线中通过的电流大小均为I，方向如图所示。a、b和c三点位于“井”字形对角线上，其中b点在“井”字形中心，且。下列说法正确的是（）A.a、c两点的磁感应强度相同B.a点磁感应强度方向垂直纸面向外C.b点的磁感应强度在三点中是最大的D.减小导线1的电流，b点的磁感应强度也减小【答案】B【解析】A．根据叠加原理和对称性可知，a、c两点的磁感应强度大小相等，方向相反，故A错误；B．所有导线在a点产生的磁感应强度方向均垂直纸面向外，叠加后a点磁感应强度方向垂直纸面向外，故B正确；C．根据安培定则和磁感应强度的叠加可知，1和3、2和4导线在b点产生的磁感应强度大小相等，方向相反，叠加后b点的磁感应强度为零，故C错误；D．减小导线1的电流，1和3导线在b点产生的磁感应强度不能抵消，则b点的磁感应强度增大，故D错误。故选B。5.在如图所示的电路中，开关闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则肯定出现了下列哪种故障（）A.短路 B.短路 C.短路 D.断路【答案】A【解析】A．若短路，接入的总电阻减小，干路电流增大，电流表的读数增大，根据电压表的读数都增大，故A正确；B．若短路，电流表的读数减小为0，接入的总电阻减小，干路电流增大，根据电压表读数都增大，故B错误；C．若短路，电压表读数减小为0，与并联，电压增大，根据欧姆定律电流表的读数增大，故C错误；D．若断路，电流表的读数为0，同时接入的总电阻增大，干路电流减小，根据电压表的读数减小，故D错误。故选A。6.如图所示，，，，AB两端接在电压恒定电源上，则（）A.S断开时，通过与的电流之比为B.S闭合时，通过与的电流之比为2∶1C.S断开时，电阻与两端的电压之比为D.S闭合时，电阻与两端的电压之比为【答案】B【解析】A．S断开时，电阻与串联，通过电阻的电流相等，则通过与的电流之比为1：1，A错误；B．S闭合时，电阻处在干路，处在支路，电阻与并联，根据B正确；C．S断开时，电阻与串联，电压之比等于电阻之比C错误；D．S闭合时，R2，R3并联根据分压关系可得D错误。故选B。二．多选题（共4小题，满分24分，每小题6分）7.下列关于磁场的说法正确的是（）A.磁场和电场一样，是客观存在的特殊物质B.磁场是人为构想出来的C.磁体与磁体之间是通过磁场发生作用的D.安培首先发现了电流的磁效应【答案】AC【解析】AB．磁场是客观存在的一种物质，A正确，B错误；C．磁体与磁体之间是通过彼此激发的磁场发生相互作用的，C正确；D．奥斯特首先发现了电流的磁效应，选项D错误。故选AC。8.如图所示，质量为、长为的平板车静止在光滑的水平地面上，车的左端有一个可视为质点的人，人的质量为。一开始人和车都静止，空气阻力忽略不计。人从车的左端走到车的右端的过程中，下列说法正确的是（）A.人与车组成的系统动量守恒B.人和车组成的系统机械能守恒C.人从车的左端行走到右端，人相对于地的位移为D.人到车的右端，可能与车一起向右运动【答案】AC【解析】A．对人与车构成的系统进行受力分析，系统所受外力的合力为0，系统动量守恒，故A正确；B．由于开始时人和车都静止，行走时，系统动能增加，则系统机械能增大，故B错误；C．根据动量守恒定律的位移表达式有又解得故C正确；D．人到车的右端，若与车一起向右运动，则动量不守恒，故D错误。故选AC。9.长征途中，为了突破敌方关隘，战士爬上陡峭的山头，居高临下向敌方工事内投掷手榴弹，战士在同一位置先后投出甲、乙两颗质量均为m的手榴弹，手榴弹从投出的位置到落地点的高度差为h，在空中的运动可视为平抛运动，轨迹如图所示，重力加速度为g，下列说法正确的有（）A.从投出到落地，每颗手榴弹的动能增加均为mghB.从投出到落地，每颗手榴弹的机械能变化量为mghC.甲在空中的运动过程中动量变化比乙大D.两手榴弹在落地前瞬间，重力的功率相等【答案】AD【解析】AB．从投出到落地，只有重力做功，机械能守恒，每颗手榴弹下降的高度均为h，重力势能都减少mgh，动能增加均为mgh，故A正确，B错误；C．手榴弹做平抛运动，竖直方向满足相等，根据甲乙在空中运动过程中动量变化相等，故C错误；D．手榴弹在落地前瞬间，重力的功率可表示为P=mgvy=mg⋅gt即两手榴弹在落地前瞬间，重力的功率相等，故D正确。故选AD。10.如图所示，线框面积为S，线框平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则下列说法正确的是（）A.如图所示位置时磁通量等于B.若使线框绕转过角，磁通量为C.若从初始位置绕转过角时，磁通量为D.若从初始位置线框翻转，则磁通量的变化量为零【答案】AB【解析】A．如图所示位置时磁通量等于故A正确；B．若使线框绕转过角，则磁通量为故B正确；C．若从初始位置绕转过角时，磁通量为0，故C错误；D．若从初始位置线框翻转，则磁通量的变化量为故D错误。故选AB。三．实验题（共2小题，满分16分，每小题8分）11.在“多用电表的使用”实验中，（1）如图为一正在测量中的多用电表表盘。如果用电阻挡“”测量，则读数为____。（2）下列说法中正确的是____A.在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零B.在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零C.在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测D.在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测【答案】（1）1500（2）AD##DA【解析】（1）[1]用挡测电阻，由图示可知，其读数为（2）[2]A．欧姆表换挡后要进行欧姆调零，在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零，故A正确；B．在测量电流时，更换量程后不必进行调零，故B错误；C．在测量未知电阻时，可以先选择一个倍率进行测量，然后根据指针偏转情况再选择合适的倍率进行测量，不一定必须先选择倍率最大挡进行试测，故C错误；D．为保护电表安全，在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测，故D正确。故选AD。12.用DIS（电流传感器，内阻可忽略）测电源电动势和内阻的电路如图甲所示，R0为一定值电阻。（1）调节电阻箱R，记录电阻箱接入电路的阻值R和相应的电流I，将测得数据以R为横坐标，以_________为纵坐标，经计算机拟合得到如图乙所示图像，由图线可得该电源电动势为_______V；（2）现有三个相同规格的小灯泡A、B、C，将它们与图甲中电源按图丙所示电路相连，此种灯泡的I-U特性曲线如图丁所示，C灯泡两端电压为2.0V，则电源内阻r=_______Ω，图甲中定值电阻R0=_______Ω，电源的输出功率为_____W。【答案】（1）3（2）1.5【解析】（1）[1]由闭合电路欧姆定律有整理有所以纵坐标为。[2]由图像乙得解得（2）[3]灯泡C两端电压为2.0V，由图丁可知，其电流为0.45A，由并联电路电压相等可知A、B的串联电压为2.0V，所以A、B两个灯泡的电压分别为1.0V，由图丁可知流过灯泡A、B的电流为0.3A，所以流过电源的电流为=0.45A+0.3A=0.75A由闭合电路欧姆定律有解得[4]由于所以[5]电源的输出功率四．解答题（共4小题，满分36分，每小题9分）13.在粗糙水平面上，静止放置一质量为的物体，物体与水平面间的动摩擦因数，物体带电量。空间中有一斜向右下方的匀强电场，场强，与水平面的夹角。（已知，，g取）（1）1s内物体前进的位移大小x；（2）经1s撤去电场，求物体还能继续运动的时间t。【答案】（1）；（2）【解析】（1）对物块受力分析，在水平方向垂直运动方向解得1s内物体前进的位移1s时刻物体的速度（2）1s撤去电场，物体的加速度解得则物体运动的时间，逆向思维14.汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图所示，在打开车灯，电动机未启动时，电流表读数为10A；在打开车灯，电动机启动时电流表读数为33A。若电源电动势为12.5V，内阻为0.1Ω，电动机线圈的电阻0.2Ω，电流表内阻不计，车灯阻值恒定。求：（1）车灯的电阻值；（2）电动机启动时流过车灯的电流以及电动机的热功率；（3）因电动机启动，车灯的电功率降低了多少？【答案】（1）1.15Ω；（2）8A，125W；（3）41.4W【解析】（1）电动机未启动时车灯两端的电压为由部分电路欧姆定律有解得（2）电动机启动时车灯两端的电压为根据部分电路欧姆定律有流过电动机的电流为电动机的热功率（3）电动机启动时车灯的电功率电动机未启动时车灯的电功率车灯的电功率降低15.如图所示，竖直平面内的光滑半圆形轨道MN的半径为R，MP为粗糙水平面。两个小物块A、B可视为质点，在半圆形轨道圆心O的正下方M处，处于静止状态。若A、B之间夹有少量炸药，炸药爆炸后，A恰能经过半圆形轨道的最高点N，而B到达的最远位置恰好是A在水平面上的落点。已知粗糙水平面与B之间的动摩擦因数为μ=0.8，求：（1）B到达的最远位置离M点的距离；（2）极短爆炸过程中，若A的质量为，则A受到爆炸力的冲量大小；（3）A与B的质量之比。【答案】（1）2R；（2）；（3）4:5【解析】（1）A恰能经过半圆形轨道的最高点，由牛顿第二定律得解得A做平抛运动，由平抛运动规律可得水平方向联立可得B到达的最远位置离M点的距离即为x=2R（2）A上升到N的过程，由机械能守恒定律解得根据动量定理可得（3）对B，由动能定理可得炸药爆炸过程由动量守恒定律得联立以上可得16.如图所示的电路中，电源电动势为，内阻为，定值电阻。、为两个平行金属板，板长为，板间距离为。质量为、带电量为的颗粒从两金属板左端沿板间中线以v0=2m/s的速度射入两板间。闭合开关S，调节电阻箱，使颗粒刚好打到下板右侧边缘的D点。颗粒重力忽略不计。求：（1）颗粒在两板间运动的加速度大小；（2）两板间的电压U；（3）电阻箱的阻值。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）颗粒在两板间做类平抛运动，平行于板方向匀速直线运动，运动时间为垂直于板方向做初速度为零匀加速运动解得颗粒在两板间运动的加速度大小（2）颗粒受电场力方向竖直向下，由牛顿第二定律可得又解得两板间的电压（3）由欧姆定律可知由闭合电路欧姆定律可知解得2024年高二物理月考试卷一．选择题（共6小题，满分24分，每小题4分）1.以下对“电场”一章中几个公式的理解正确的是（）A.公式指出，电场强度跟检验电荷的电量成反比B.由公式可知，电场中两点的距离越大，电场场强越小C.在公式中，是的电场在位置的电场强度值D.公式指出，同一个电荷在电势越高的地方电势能越大【答案】C【解析】A．公式是电场强度的定义式，采用比值法定义，则知与、无关，A错误；B．公式只适用于匀强电场，而匀强电场的场强处处相同，与两点间的距离无关，B错误；C．在公式中，将看成场源电荷，看成试探电荷，则是点电荷产生的电场在点电荷处场强的大小，C正确；D．根据电势能公式知，同一个正电荷在电势越高处电势能越大，而同一个负电荷在电势越高处的电势能越小，D错误。故选Ｃ。2.以下关于多用电表的说法中，正确的是（）A.在测电流和电压时，都必须把多用电表串联到电路中B.在测电流时，若指针偏转过小，则需换更大的量程C.多用电表作为欧姆表使用时，每次更换倍率都必须进行欧姆调零D.多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，则需选择更大的倍率进行测量【答案】C【解析】A．在测电流时，应把多用电表串联到电路中；在测电压时，应把多用电表并联到电路中，故A错误；B．在测电流时，若指针偏转过小，说明电流很小，则需换更小的量程，故B错误；C．多用电表作为欧姆表使用时，每次更换倍率都必须进行欧姆调零，故C正确；D．多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，说明倍率大表盘刻度示数小，则需选择更小的倍率进行测量，故D错误。故选C。3.两根长度相同，横截面积之比S1∶S2=1∶2的均匀铜导线按图所示接入电路，关于两段导线以下说法中正确的是（）A.它们的电阻之比为1∶2B.它们的电流之比为2∶1C.它们的电子移动速率之比为1∶2D.它们的电压之比为2∶1【答案】D【解析】A．据电阻定律可知电阻与横截面积成反比，故它们的电阻之比为2∶1。故A错误；B．两段铜导线处于串联状态，电流相等，故B错误；C．由电流的微观表达式可知电流相等的前提下，电子移动速率与横截面积成反比，故电子移动速率之比为2∶1，故C错误。D．串联电路中电压与电阻成正比，故它们的电压之比为2∶1。故D正确。故选D。4.四根在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一个“井”字形，导线中通过的电流大小均为I，方向如图所示。a、b和c三点位于“井”字形对角线上，其中b点在“井”字形中心，且。下列说法正确的是（）A.a、c两点的磁感应强度相同B.a点磁感应强度方向垂直纸面向外C.b点的磁感应强度在三点中是最大的D.减小导线1的电流，b点的磁感应强度也减小【答案】B【解析】A．根据叠加原理和对称性可知，a、c两点的磁感应强度大小相等，方向相反，故A错误；B．所有导线在a点产生的磁感应强度方向均垂直纸面向外，叠加后a点磁感应强度方向垂直纸面向外，故B正确；C．根据安培定则和磁感应强度的叠加可知，1和3、2和4导线在b点产生的磁感应强度大小相等，方向相反，叠加后b点的磁感应强度为零，故C错误；D．减小导线1的电流，1和3导线在b点产生的磁感应强度不能抵消，则b点的磁感应强度增大，故D错误。故选B。5.在如图所示的电路中，开关闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，电压表和电流表的读数都增大，则肯定出现了下列哪种故障（）A.短路 B.短路 C.短路 D.断路【答案】A【解析】A．若短路，接入的总电阻减小，干路电流增大，电流表的读数增大，根据电压表的读数都增大，故A正确；B．若短路，电流表的读数减小为0，接入的总电阻减小，干路电流增大，根据电压表读数都增大，故B错误；C．若短路，电压表读数减小为0，与并联，电压增大，根据欧姆定律电流表的读数增大，故C错误；D．若断路，电流表的读数为0，同时接入的总电阻增大，干路电流减小，根据电压表的读数减小，故D错误。故选A。6.如图所示，，，，AB两端接在电压恒定电源上，则（）A.S断开时，通过与的电流之比为B.S闭合时，通过与的电流之比为2∶1C.S断开时，电阻与两端的电压之比为D.S闭合时，电阻与两端的电压之比为【答案】B【解析】A．S断开时，电阻与串联，通过电阻的电流相等，则通过与的电流之比为1：1，A错误；B．S闭合时，电阻处在干路，处在支路，电阻与并联，根据B正确；C．S断开时，电阻与串联，电压之比等于电阻之比C错误；D．S闭合时，R2，R3并联根据分压关系可得D错误。故选B。二．多选题（共4小题，满分24分，每小题6分）7.下列关于磁场的说法正确的是（）A.磁场和电场一样，是客观存在的特殊物质B.磁场是人为构想出来的C.磁体与磁体之间是通过磁场发生作用的D.安培首先发现了电流的磁效应【答案】AC【解析】AB．磁场是客观存在的一种物质，A正确，B错误；C．磁体与磁体之间是通过彼此激发的磁场发生相互作用的，C正确；D．奥斯特首先发现了电流的磁效应，选项D错误。故选AC。8.如图所示，质量为、长为的平板车静止在光滑的水平地面上，车的左端有一个可视为质点的人，人的质量为。一开始人和车都静止，空气阻力忽略不计。人从车的左端走到车的右端的过程中，下列说法正确的是（）A.人与车组成的系统动量守恒B.人和车组成的系统机械能守恒C.人从车的左端行走到右端，人相对于地的位移为D.人到车的右端，可能与车一起向右运动【答案】AC【解析】A．对人与车构成的系统进行受力分析，系统所受外力的合力为0，系统动量守恒，故A正确；B．由于开始时人和车都静止，行走时，系统动能增加，则系统机械能增大，故B错误；C．根据动量守恒定律的位移表达式有又解得故C正确；D．人到车的右端，若与车一起向右运动，则动量不守恒，故D错误。故选AC。9.长征途中，为了突破敌方关隘，战士爬上陡峭的山头，居高临下向敌方工事内投掷手榴弹，战士在同一位置先后投出甲、乙两颗质量均为m的手榴弹，手榴弹从投出的位置到落地点的高度差为h，在空中的运动可视为平抛运动，轨迹如图所示，重力加速度为g，下列说法正确的有（）A.从投出到落地，每颗手榴弹的动能增加均为mghB.从投出到落地，每颗手榴弹的机械能变化量为mghC.甲在空中的运动过程中动量变化比乙大D.两手榴弹在落地前瞬间，重力的功率相等【答案】AD【解析】AB．从投出到落地，只有重力做功，机械能守恒，每颗手榴弹下降的高度均为h，重力势能都减少mgh，动能增加均为mgh，故A正确，B错误；C．手榴弹做平抛运动，竖直方向满足相等，根据甲乙在空中运动过程中动量变化相等，故C错误；D．手榴弹在落地前瞬间，重力的功率可表示为P=mgvy=mg⋅gt即两手榴弹在落地前瞬间，重力的功率相等，故D正确。故选AD。10.如图所示，线框面积为S，线框平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则下列说法正确的是（）A.如图所示位置时磁通量等于B.若使线框绕转过角，磁通量为C.若从初始位置绕转过角时，磁通量为D.若从初始位置线框翻转，则磁通量的变化量为零【答案】AB【解析】A．如图所示位置时磁通量等于故A正确；B．若使线框绕转过角，则磁通量为故B正确；C．若从初始位置绕转过角时，磁通量为0，故C错误；D．若从初始位置线框翻转，则磁通量的变化量为故D错误。故选AB。三．实验题（共2小题，满分16分，每小题8分）11.在“多用电表的使用”实验中，（1）如图为一正在测量中的多用电表表盘。如果用电阻挡“”测量，则读数为____。（2）下列说法中正确的是____A.在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零B.在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零C.在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测D.在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测【答案】（1）1500（2）AD##DA【解析】（1）[1]用挡测电阻，由图示可知，其读数为（2）[2]A．欧姆表换挡后要进行欧姆调零，在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零，故A正确；B．在测量电流时，更换量程后不必进行调零，故B错误；C．在测量未知电阻时，可以先选择一个倍率进行测量，然后根据指针偏转情况再选择合适的倍率进行测量，不一定必须先选择倍率最大挡进行试测，故C错误；D．为保护电表安全，在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测，故D正确。故选AD。12.用DIS（电流传感器，内阻可忽略）测电源电动势和内阻的电路如图甲所示，R0为一定值电阻。（1）调节电阻箱R，记录电阻箱接入电路的阻值R和相应的电流I，将测得数据以R为横坐标，以_________为纵坐标，经计算机拟合得到如图乙所示图像，由图线可得该电源电动势为_______V；（2）现有三个相同规格的小灯泡A、B、C，将它们与图甲中电源按图丙所示电路相连，此种灯泡的I-U特性曲线如图丁所示，C灯泡两端电压为2.0V，则电源内阻r=_______Ω，图甲中定值电阻R0=_______Ω，电源的输出功率为_____W。【答案】（1）3（2）1.5【解析】（1）[1]由闭合电路欧姆定律有整理有所以纵坐标为。[2]由图像乙得解得（2）[3]灯泡C两端电压为2.0V，由图丁可知，其电流为0.45A，由并联电路电压相等可知A、B的串联电压为2.0V，所以A、B两个灯泡的电压分别为1.0V，由图丁可知流过灯泡A、B的电流为0.3A，所以流过电源的电流为=0.45A+0.3A=0.75A由闭合电路欧姆定律有解得[4]由于所以[5]电源的输出功率四．解答题（共4小题，满分36分，每小题9分）13.在粗糙水平面上，静止放置一质量为的物体，物体与水平面间的动摩擦因数，物体带电量。空间中有一斜向右下方的匀强电场，场强，与水平面的夹角。（已知，，g取）（1）1s内物体前进的位移大小x；（2）经1s撤去电场，求物体还能继续运动的时间t。【答案】（1）；（2）【解析】（1）对物块受力分析，在水平方向垂直运动方向解得1s内物体前进的位移1s时刻物体的速度