2025年人教版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高二物理上册阶段测试试卷286考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示；静止在斜面上的物体，受到的作用力有（）

A.重力；支持力。

B.重力；支持力、下滑力、摩擦力。

C.重力；支持力、摩擦力。

D.重力；压力、下滑力、摩擦力。

2、如图所示的电场中；关于M；N两点电场强度的关系判断正确的是（）

A.M点电场强度大于N点电场强度。

B.M点电场强度小于N点电场强度。

C.M；N两点电场强度大小相同。

D.M；N两点电场强度方向相反。

3、对于如图所示的电流i随时间t作周期性变化的图象，下列说法中正确的是()A.电流大小变化，方向不变，是直流电B.电流大小、方向都变化，是交流电C.电流大小变化，方向不变，不是直流电，是交流电D.电流最大值为0.2A，周期为0.02s4、交流发电机在工作时的电动势e=Emsin娄脴t

如果将其线圈的转速提高到原来的两倍，其它条件不变，则其电动势变为(

)

A.e=Emsin2娄脴t

B.e=2Emsin娄脴t

C.e=2Emsin2娄脴t

D.e=4Emsin2娄脴t

5、如图所示，固定的水平长直导线中通有直流电I，矩形线框与导线在同一竖直平面内,且一边与导线平行。线框由静止释放,在下落过程中()A.穿过线框的磁通量保持不变B.线框中感应电流方向为顺时针方向C.线框所受安培力的合力为零D.线框的机械能不断减小6、如下图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是()A.使B两板靠近一些B.使B两板正对面积减小一些C.断开S后，使B板向右平移一些D.断开S后，使B正对面积减小一些7、一质量为m的木块静止在光滑的水平面上，从t=0开始，将一个大小为F的水平恒力作用在该木块上，在t=T时刻，F的功率是（）A.B.C.D.8、如图所示，三个固定的斜面底边长度都相等，斜面倾角分别为30鈭�45鈭�60鈭�

斜面的表面情况都一样.

完全相同的物体(

可视为质点)ABC

分别从三斜面的顶部滑到底部的过程中(

)

A.物体A

克服摩擦力做的功最多B.物体B

克服摩擦力做的功最多C.物体C

克服摩擦力做的功最多D.三物体克服摩擦力做的功一样多9、如图所示是某型号电吹风的电路图，它主要由电动机M

和电热丝R

构成.

已知电吹风的额定电压为220V

吹冷风时的功率为120W

吹热风时的功率为1000W.

关于该电吹风，下列说法正确的是

A.电热丝的电阻为55娄赂

B.电动机的内阻约为403娄赂

C.若S1S2

均闭合，则电吹风吹冷风D.电动机工作时输出的机械功率为880W

评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)10、一个元电荷的电量是____C，3.2×10-8C电量有____个基元电荷。11、(1)如图所示，图甲中的游标卡尺的读数为______cm，图乙中的螺旋测微器的读数为______mm。（4分）(2)如图是多用表的刻度盘，当选用量程为50mA的电流挡测量电流时，指针指于图示位置，则所测电流为______mA；若选用倍率为“×100”的电阻挡测量电阻时，指针也指示在图示同一位置，则所测电阻的阻值为______Ω。如果要用此多用表测量一个约2.0×104Ω的电阻，为了使测量比较精确，应选的欧姆挡是______（选填“×10”、“×100”、“×1k”）。换挡结束后，实验操作上首先要进行的步骤是____________。（4分）12、蒸汽机、内燃机等热机以及电冰箱工作时都利用了气体状态变化来实现能量的转移和转化，我们把这些气体称为工质．某热机经过一个循环后，工质从高温热源吸热Q1，对外做功W，又对低温热源放热Q2，工质完全回复初始状态，内能没有变化．根据热力学第一定律，在工质的一个循环中，Q1、Q2、W三者之间满足的关系是____．热机的效率不可能达到100%，从能量转换的角度，说明____能不能完全转化为____能．13、某同学在做“用单摆测重力加速度”实验中；先测得摆线长为97.50cm，摆球直径为2.0cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间，则：

（1）单摆摆长为______cm．

（2）如果他测得的g值偏小，可能的原因是______

A．测摆线长时摆球拉得过紧。

B．摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C．开始计时时；秒表过迟按下。

D．实验中误将49次全振动数记为50次。

（3）为了提高实验精确度，在实验中可改变几次摆长L并测出相应的周期T，从而得出一组对应的L与T的数据如图所示，再以L为横坐标，T2为纵坐标，将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率为k，则重力加速度g=______．（用k表示）14、下图是研究电磁感应现象的实验装置，大小两个螺线管BA

套在一起。开始时开关S

断开，在移动滑动变阻器滑片P

的过程中，发现电流表指针____发生偏转；接着闭合S

在闭合瞬间发现电流表指针____发生偏转；闭合S

后，将螺线管A

从B

中抽出，在抽出过程中发现电流表指针____发生偏转。(

均填“会”或“不会”)

15、不同的电荷在电场中的同一点具有不同的电势能，负电荷在电势低的地方具有的电势能比正电荷具有的电势能大．______(

判断对错)

16、在《用单摆测重力加速度》的实验中，先用刻度尺测出悬点到小球底端的长度如图甲所示，然后用游标卡尺测出小球的直径如图乙所示,则测出的小球直径为cm，单摆的摆长为cm．17、在远距离输电中，输送电压为220

伏，输送的电功率为44

千瓦，输电线的总电阻为0.2

欧，在使用原副线圈匝数比为110

的升压变压器升压，再用101

的降压变压器降压方式送电时.

输电线上损失的电压为______V

损失的电功率为______W.

评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

22、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）23、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、推断题(共1题，共7分)24、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首脍炙人口的中国民歌。茉莉花香气的成分有多种，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一种，它可以从茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯为原料进行人工合成。其中一种合成路线如下：回答下列问题：

rm{(1)A}rm{B}的结构简式为______________；

rm{(2)}写出反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式rm{垄脷}_____________________rm{;垄脼}_____________________

rm{(3)}上述反应中属取代反应的有______________

rm{(4)}反应______________rm{(}填序号rm{)}原子的理论利用率为rm{100%}符合绿色化学的要求。评卷人得分五、计算题(共1题，共8分)25、如图所示，有一个带负电的导体M，其附近有一点P，如果P处放置一个电荷量q=-3.0×10-8C的试探电荷，q在P点所受的电场力的大小为1.2×10-6N；方向如图中F所示，问：

（1）P点的场强多大？方向如何？

（2）若在P点放置一个q′=5.0×10-6C的正电荷，该点的场强又是多大？方向又如何？q′所受的电场力多大？方向如何？评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)26、如图所示，电源电动势E=12V，内阻r=1Ω，电阻R1=3Ω，R2=2Ω，R3=5Ω，电容器的电容C1=4μF，C2=1μF，求C1、C2所带电量．

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】

物体静止在斜面上；受力平衡。

地球上的一切物体都受到重力；因而物体一定受重力；

重力会使物体紧压斜面；因而斜面对物体有支持力；

若斜面光滑；物体会在重力的作用下沿斜面下滑，说明物体相对斜面有向下滑动的趋势，故还受到沿斜面向上的静摩擦力．

即物体受重力；支持力、摩擦力；如图。

故选C．

【解析】【答案】1．受力分析：把指定物体（研究对象）在特定物理情景中所受外力找出来；并画出受力图，这就是受力分析．2．受力分析的一般步骤：（1）选取研究对象：对象可以是单个物体也可以是系统．（2）隔离：把研究对象从周围的物体中隔离出来．（3）画受力图：按照一定顺序进行受力分析．一般先分析重力；然后环绕物体一周，找出跟研究对象接触的物体，并逐个分析弹力和摩擦力；最后再分析其它场力．在受力分析的过程中，要边分析边画受力图（养成画受力图的好习惯）．只画性质力，不画效果力．（4）检查：受力分析完后，应仔细检查分析结果与物体所处状态是否相符．

2、A【分析】

A；B、C由图看出；M处电场线密，N处电场线疏，则M点电场强度大于N点电场强度．故A正确，BC错误．

D；根据电场强度方向与该点电场线的切线方向相同可知；M、N两点的电场强度不同，但不是相反．故D错误．

故选A

【解析】【答案】根据电场线的疏密反映电场强度的相对大小；电场线越密，场强越大；电场线的切线方向与该点的电场强度方向相同进行选择．

3、A【分析】【解析】试题分析：由图象可知：电流的大小变化，方向始终为正，不发生变化变，所以是直流电，电流最大值为0.2A，周期为0.01s，所以A正确，BCD错误．故选A考点：交变电流．【解析】【答案】A4、C【分析】解：感应电动势的瞬时值表达式为e=Emsin娄脴t

当线圈转速提高到原来的两倍，其他条件不变时，根据Em=nBS娄脴Em

为原来的2

倍，故最大电动势为2Em

角速度变成原来的2

倍；

所以其表达式变为：e隆盲=4Emsin2娄脴t

．

故选：C

．

感应电动势的瞬时值表达式为e=Emsin娄脴t

其中Em=nBS娄脴

只将转速增大，则可知最大值及角速度变化．

本题考查考虑问题的全面性，e=Emsin娄脴t

式中Em

和娄脴

都与转速成正比，难度不大，属于基础题【解析】C

5、B|D【分析】【解析】试题分析：线框在下落过程中，所在磁场减弱，穿过线框的磁感线的条数减小，磁能量减小．故A错误．下落过程中，因为磁通量随线框下落而减小，根据楞次定律，感应电流的磁场与原磁场方向相同，不变，所以感应电流的方向不变，故B正确．线框左右两边受到的安培力平衡抵消，上受的安培力大于下边受的安培力，安培力合力不为零．故C错误．线框中产生电能，机械能减小．故D正确故选BD考点：电磁感应中的能量转化；楞次定律．【解析】【答案】BD6、C|D【分析】静电计是检测电压的仪器，电压增大可增大指针张角，断开S后电容器电量不变，使B板向右平移一些，电容器的电容减小，由U=Q/C可知电压增大，C对；同理D对；当电容器极板与电源相连时两极板电压不变，张角不变，AB错；【解析】【答案】CD7、B【分析】【解答】解：由牛顿第二定律可以得：

F=ma，故

在t=T时刻的速度为v=at=T

所以t时刻F的功率为：P=Fv=

故选：B

【分析】物体在水平恒力作用下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可以求得物体的加速度的大小，再由速度公式可以求得物体的速度的大小，由P=Fv来求得瞬时功率．8、D【分析】【分析】

根据受力分析和三角函数知识表示出摩擦力大小和斜面的距离.

根据功的定义式去比较两物体克服摩擦力做的功。

要比较不同情境下一个物理量的大小；一般我们应该先把这个物理量表示出来，看与哪些因素有关，再根据题目已知的去判断.

当然物理量表示的过程就运用了物理规律。

【解答】

设斜面底边长度为s

倾角为娄脠

那么的斜边长为L=Scos娄脠

对物体受力分析，那么物体受到的滑动摩擦力为f=娄脤FN=娄脤mgcos娄脠

那么物体克服摩擦力做的功为W=fL=娄脤mgcos娄脠?Scos娄脠=娄脤mgs

即物体克服摩擦力做的功与倾角无关，所以三物体克服摩擦力做的功一样多，故D正确，ABC错误。

故选D。

【解析】D

9、A【分析】【分析】吹热风时，电热丝和电动机都工作，它们是并联的，电路的总功率等于它们功率之和，根据并联电路的特点可以求出电热丝消耗的功率，再由P=U2R求出电热丝的电阻。电动机为非纯电阻元件，所以电动机的内阻无法用r=U2Pr=dfrac{{U}^{2}}{P}求得。当电吹风吹冷风时，电热丝不工作，即电动机工作的电功率等于吹冷风时的电功率减去电动机的内阻热功率。【解答】A.电机和电阻并联，，，，，当吹热风时，，，，，电阻消耗的功率为PP==PP热??PP冷==10001000WW??120120WW==880880WW，PP==PP热??PP冷==10001000WW??120120WW==880880WW，PP==PP热??PP冷==10001000WW??120120WW==880880WW，PP==PP热??PP冷==10001000WW??120120WW==880880WW，PP==PP热??PP冷==10001000WW??120120WW==880880WW，PP==PP热PP热PPPP热热热热??B.PP冷PP冷PPPP冷冷冷冷==C.10001000WW??120120WW==880880WW，D.由P=U2RP=dfrac{{U}^{2}}{R}，P=U2RP=dfrac{{U}^{2}}{R}，P=U2RP=dfrac{{U}^{2}}{R}，P=U2RP=dfrac{{U}^{2}}{R}，P=U2RP=dfrac{{U}^{2}}{R}，，可知R=U2P=2202880娄赂=55娄赂R=dfrac{{U}^{2}}{P}=dfrac{{220}^{2}}{880}娄赂=55娄赂R=U2P=2202880娄赂=55娄赂R=dfrac{{U}^{2}}{P}=dfrac{{220}^{2}}{880}娄赂=55娄赂故选A。R=U2P=2202880娄赂=55娄赂R=dfrac{{U}^{2}}{P}=dfrac{{220}^{2}}{880}娄赂=55娄赂【解析】A

二、填空题(共8题，共16分)10、略

【分析】【解析】试题分析：一个元电荷的电量是1.6×10-19C，3.2×10-8C电量有个基元电荷考点：考查元电荷【解析】【答案】1.6×10-19，2×101111、略

【分析】本题考查的是测量长度的仪器与万用表的读数问题，按照读数规则读即可；【解析】【答案】（1）1.660cm2分5.695mm±0.002mm2分（2）31.0mA±0.1mA1分1500Ω1分×1k1分调整欧姆零点1分12、Q1﹣Q2=W内机械【分析】【解答】根据热力学第一定律，有：△U=W′+Q；其中：△U=0，Q=Q1﹣Q2，W′=﹣W;故Q1﹣Q2=W；

热机将从高温热源吸收热量的一部分转化为机械能；故答案为：Q1﹣Q2=W；内，机械；

【分析】根据热力学第一定律列方程，结合热力学第二定律分析热机的效率问题；13、略

【分析】解：（1）单摆的摆长为：L=．

（2）根据T=得：g=．

A；测摆线时摆球拉得过紧；则摆长的测量值偏大，所以重力加速度的测量值偏大．故A错误．

B；摆线上端未牢固地系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加了，知摆长的测量值偏小，所以重力加速度的测量值偏小．故B正确．

C；开始计时时；秒表过迟按下，周期的测量值偏小，知重力加速度的测量值偏大．故C错误．

D；实验中误将49次全振动数记为50次；周期的测量值偏小，知重力加速度的测量值偏大．故D错误．

故选：B．

（3）根据T=得，知图线斜率k=则g=．

故答案为：（1）98.50；（2）B；（3）

（1）单摆的摆长等于摆线的长度与摆球的半径之和．

（2）根据单摆的周期公式得出重力加速度的表达式；从而分析测量值偏小的原因．

（3）根据单摆的周期公式得出T2-L关系式；结合图线的斜率求出重力的加速度g的表达式．

解决本题的关键掌握单摆的周期公式，知道T2-L图线斜率表示的物理意义．【解析】98.50；B；14、不会会会。

【分析】【分析】根据感应电流产生的条件分析答题；穿过闭合回路的磁通量发生变化，电路产生感应电流。

本题考查了判断电流表指针是否发生偏转；知道感应电流产生的条件即可正确解题。

【解答】

开始时开关S

断开；在移动滑动变阻器滑片P

的过程中，穿过线圈B

的磁通量不变，不产生感应电流，电流表指针不会发生偏转；接着闭合S

在闭合瞬间穿过线圈B

的磁通量发生变化，产生感应电流，发现电流表指针会发生偏转；闭合S

后，将螺线管A

从B

中抽出，穿过线圈B

的磁通量发生变化，产生感应电流，在抽出过程中发现电流表指针会发生偏转。

故答案为：不会会会。

【解析】不会会会。

15、略

【分析】解：不同的电荷在电场中的同一点可能具有不同的电势能；不同的电荷在电场中电势为0

处，所有电荷的电势能都是0

电场中的电势为正值的一点上；正电荷所具有的电势能大于负电荷具有的电势能.

可知以上的说法都是错误的．

故答案为：隆脕

电场中电势高的地方；正电荷在该点具有的电势能就大.

电场中电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它具有的电势能不一定越大.

电势为零的点，任一试探电荷在该点的电势能一定为零．

本题考查电势、电势能的关系，可根据电势的定义式娄脮=EPq

分析它们之间的关系．【解析】隆脕

16、略

【分析】试题分析：小球的直径刻度尺的准确数字为88.4cm，估读为0.2mm，所以摆长为87.42cm考点：考查了刻度尺，游标卡尺的读数问题【解析】【答案】1.94cm，87.42cm～87.46cm17、480

【分析】解：在远距离输电中；输送电压为220

伏，使用原副线圈匝数比为110

的升压变压器升压，故升压变压器的输出电压为2200V

根据P=UI

输出电流为：

I=44隆脕1000W2200V=20A

故电压损失为：鈻�U=Ir=20A隆脕0.2娄赂=4V

电功率损失为：鈻�P=I2r=202隆脕0.2=80W

故答案为：480

．

根据变压比公式求解升压变压器的输出电压U

根据P=UI

求解传输电流，根据鈻�U=Ir

求解电压损失，根据鈻�P=I2r

求解功率的损失．

掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决，注意输电的电流的求解，及损失的功率计算．【解析】480

三、判断题(共6题，共12分)18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．22、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．23、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、推断题(共1题，共7分)24、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，难度不大，注意结合乙醇、氯代烃的性质进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，有利于基础知识的巩固。【解答】rm{(1)}乙醇与氧化铜加热反应生成rm{A}rm{A}为乙醛，甲苯在光照条件下与氯气反应生成rm{B}rm{B}为故答案为：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式分别为：的化学方程式分别为：rm{垄脷}rm{垄脼}故答案为：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3