2025年统编版2024必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版2024必修3物理上册月考试卷290考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示为某水库用来检测水库水深的电路简图，其中R为可调电阻，为一定值电阻；可调电阻的滑动触头与一刚性轻杆连接，轻杆另一端与浮于液面的浮标相连接。当水库的液面高度发生变化时，灵敏电流计的指针发生改变。则下列说法正确的是（）

A.水库的液面降低时，滑动触头向下移动，灵敏电流计的示数变小B.水库的液面降低时，滑动触头向下移动，灵敏电流计的示数变大C.水库的液面升高时，滑动触头向下移动，灵敏电流计的示数变小D.水库的液面升高时，滑动触头向下移动，灵敏电流计的示数变大2、如图所示，带电小球A固定在绝缘支架上，带电小球B用绝缘丝线悬挂于天花板，悬点P位于小球A的正上方，A、B均视为点电荷。小球B静止时悬线与竖直方向的夹角为由于漏电，A、B两小球的电荷量逐渐减小。在电荷漏完之前，有关悬线对悬点P的拉力T和A、B之间库仑力F的大小；下列说法中正确的是（）

A.T保持不变，F逐渐减小B.T逐渐增大，F先变大后变小C.T逐渐减小，F逐渐减小D.T先变大后变小，F逐渐增大3、电场中有A、B两点，一个点电荷在A点的电势能为在B点的电势能为已知A、B两点在同一条电场线上，如图所示，该点电荷的电荷量数值为那么（）

A.该电荷为负电荷B.该电荷为正电荷C.A、B两点的电势差大小为4.0VD.把电荷从A移到B，电场力做功为W=4.0J4、下列叙述错误的是。

A.图甲：观察桌面微小形变的实验，采用了放大法B.图乙：伽利略研究力和运动关系时，运用了理想实验方法C.图丙：利用红蜡块的运动探究合运动和分运动的实验，体现了等效替代的思想D.图丁：探究影响电荷间相互作用力的因素时，运用了类比法5、如图所示，真空中两个等量异号的点电荷和分别位于A点和点，以连线中点O建立空间直角坐标系B、C、M、P是坐标轴上的4个点，其中下列说法正确的是（）

A.沿y轴从B点到C点电势先增大再减小B.B、M两点间的电势差与M、C两点间的电势差相等C.P点与O点的电场强度大小相等D.P点与M点的电场强度方向垂直6、下列物理量是矢量，且单位正确的是（）A.动量kg·m/sB.电势能JC.加速度m/sD.电荷量C7、电源电动势为内阻为向可变电阻供电，关于路端电压，下列说法正确的是（）A.因为电源电动势不变，所以路端电压也不变B.因为所以当增大时，路端电压也增大C.因为所以当增大时，路端电压减小D.若外电路断开，则路端电压为零8、关于磁感应强度和磁通量，下列说法中正确的是（）A.磁通量就是磁感应强度B.磁通量越大，磁感应强度越大C.通过某一面积的磁通量为零，该处磁感应强度不一定为零D.磁通量发生变化时，磁感应强度也一定发生变化评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、沿某一电场方向建立x轴，电场仅分布在的区间内，其电场场强与坐标____的关系如图所示。规定沿+x轴方向为电场强度的正方向，x=0处电势为零。一质量为m、电荷量为+q的带电粒子只在电场力作用下，沿x轴做周期性运动。以下说法正确的是（）

A.粒子在处的电势能为B.粒子向右运动可以到达点C.动能与电势能之和的最大值是D.一个周期内，在x>0区域的运动时间10、真空中M、N两个等大的均匀带电圆环，其圆心分别为A、C，带电量分别为+Q、-Q，将它们平行放置，A、C连线垂直于圆环平面B为AC的中点，现有质量为m、带电量为+q的微粒（重力不计）从左方沿A、C连线方向射入，到A点时速度vA=1m/s，到B点时速度vB=m/s。取无穷远处电势为零；下列说法正确的是（）

A.微粒从B至C做加速运动，且vC=3m/sB.微粒越过C点后先做加速运动，后做减速运动C.微粒在整个运动过程中的最终速度为m/sD.微粒将以B为中心做往返运动11、如图，电子在电势差为U1的电场中加速后，垂直进入电势差为U2的偏转电场，在满足电子能射出的条件下，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是（）

A.U1变大，U2变大B.U1变小，U2变大C.U1变大，U2变小D.U1变小，U2不变12、如图所示为真空中的实验装置，平行金属板A、之间的加速电压为之间的偏转电压为为荧光屏。现有质子、氘核和粒子三种粒子分别在A板附近由静止开始加速，最后均打在荧光屏上。已知质子、氘核和粒子的质量之比为电荷量之比为则质子、氘核和粒子三种粒子（）

A.三种粒子都打在荧光屏上同一个位置B.从开始到荧光屏所经历时间之比为C.打在荧光屏时的动能之比为D.打在荧光屏时的动能之比为13、如图，一椭圆的两焦点M、N处固定两个等量异种电荷+Q、-Q，O为椭圆中心，ab是椭圆短轴上的两个端点，c是OM上的一点，d是Oa上的一点，ef是椭圆上关于O点对称的两个点；设无穷远处电势和电势能为零，下列说法中正确的是（）

A.a、b两点电势相等，但电场强度不同B.e、f两点电场强度相同，电势也相同C.一电子在c点受到的静电力大于在d点受到的静电力，且在c点的电势能小于在d点的电势能D.一质子从d点移到无穷远处，静电力做功为零14、如图所示，在M、N两点放置等量异种点电荷，O为两点电荷连线的中点，A、B、C、D、E、F、G、H是以O为圆心的圆周上均匀分布的8个点，并且A、E在两点电荷的连线上。则电场强度相同的点有（）

A.A点和E点B.B点和D点C.C点和G点D.D点和H点15、在地面附近，存在着一个有界电场，边界MN将空间分成上下两个区域I、II，在区域Ⅱ中有竖直向上的匀强电场，在区域I中离边界某一高度由静止释放一个质量为m的带电小球，如图甲所示，小球运动的图像如图乙所示；不计空气阻力，则（）

A.小球受到的重力与电场力之比为3:5B.在t=5s时，小球经过边界MNC.在小球向下运动的整个过程中，重力做的功大于电场力做的功D.在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大16、如图所示，真空中存在着水平向右的匀强电场，一个质量为带电量为的带正电的小球，从电场中的点以大小为的初速度竖直向上抛出。已知重力加速度为电场强度大小不计空气阻力，则小球在电场内运动的过程中（）

A.小球做的是匀变速运动B.小球运动到最高点所用时间为C.小球的最小速度为D.从开始至小球的速度大小再次为过程中，电场力做功为评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、如图所示,A、B为相互接触的用绝缘支柱支撑的金属导体,起初它们不带电,在它们的下部贴有金属箔片,C是带正电的小球。当C移近A时,A、B上的金属箔片都张开。

(1)若撤去C,A、B下部金属箔片是_________(选填“张开”或“闭合”)

(2)若先分离A、B,再撤去C,A、B下部金属箔片是_________(选填“张开”或“闭合”)。在分离A、B的过程中,A、B组成的系统电势能_______(选填“增大”“不变”或“减小”)

(3)静电感应的原因是金属导体中存在大量的_____________。18、(1)下图中是螺旋测微器和游标卡尺的某次测量。其中螺旋测微器的读数为_____mm。

(2)某表头满偏电流为1mA、内阻为982Ω。为了将表头改装成量程为50mA的电流表，需要一个阻值约为_____Ω的电阻与表头并联（计算结果取整数）19、用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U-I图象，由图可知测得的电池的电动势为______V，内电阻为______Ω.

20、在点电荷Q产生的电场中有a、b两点，相距为d．已知a点的场强大小为E，方向与ab连线夹角为b点的场强方向与连线成角，如图所示．则b点的场强大小为__，a、b两点____点电势高．

21、能量的转化∶做机械运动的物体具有_____和_____，相互之间可以转化；在电路中，电源将___________转化为____，负载又将_____转化为内能、光能、机械能等。22、被测金属丝，直流电源（4V），电流表（0～0.6A），电压表（0～3V），滑动变阻器（50Ω），开关，导线若干，________，_______。23、氢原子核外电子的轨道半径为若电子质量为电荷量为则电子所受到的库仑力大小为________，方向________，电子做圆周运动的周期为________．评卷人得分四、作图题(共2题，共12分)24、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

25、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)26、某同学做“测电源的电动势和内阻”的实验时，作出电源的图像如图所示，则该电源的电动势_______V，内阻________

27、某兴趣小组测定一金属丝的电阻率。主要步骤如下：

（1）用游标卡尺测得其长度如图（a）所示，其长度为__________mm；用螺旋测微器测得其直径如图（b）所示，其直径为__________mm。

（2）如图（c）为某同学在仅利用电流表的情况下设计的一种测该金属丝电阻Rx的正确方案，测得电流表A1的读数为I1，电流表A2的读数为I2，且已知电流表A1的内阻为R1，则这段金属丝电阻的计算式为Rx=__________（用题干中字母表示）。从设计原理来看，其测量值__________真实值（填“大于”“小于”或“等于”）。

28、通过实验测量金属丝的电阻率。

（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，某次测量示数如图所示可得金属丝直径的测量值d=__________mm。

（2）按图所示的电路测量金属丝的电阻Rx（阻值约为5Ω）。实验中除开关、若干导线之外还提供了下列器材：。器材（代号）规格电压表（）量程电压表（）量程电流表（）量程电流表（）量程滑动变阻器（）总阻值约滑动变阻器（）总阻值约电源（）电动势约为

从以上器材中选择合适的器材进行测量，电压表应选_________，电流表应选___________，滑动变阻器应选________________（填器材代号）。

(3)小明将开关分别接通了a处和b处，通过观察，他认为将开关与a处接通进行实验实验误差较小，请描述小明看到的现象___________，本实验中的误差是_________(填系统误差或者偶然误差），电阻的测量值R测和其真实值R真的大小关系是R测____________R真（填大于；小于、等于）

(4）小明对（3）中出现了误差很不满意，他在实验中放弃了伏特表，而是选用了量程为IG，内阻为RG的电流计G，还有量程为99999欧的电阻箱，小明设想的实验电路图如图所示，并写出该实验中待测电阻的测量值R的表达式_______________（描述表达式中各个物理量的物理意义）。

29、某同学想测如图（1）集成电路里很薄的方块电阻的电阻率同时测干电池的电动势E和内阻r，他设计了如图（2）的电路。已知方块电阻的上、下表面是边长为L的正方形，上下表面间的厚度为d；连入电路时电流方向如图（1）。

①断开开关k，闭合开关S，改变电阻箱R阻值，记录不同R对应的电压表的示数U；

②将开关S、k均闭合，改变电阻箱R阻值，再记录不同R对应的电压表的示数U；

（1）画出步骤①②记录的数据对应的随变化关系的图像分别对应如图（4）的两条图线，横截距分别为纵截距为请判断哪条是步骤①对应的图线______，则电源的电动势E=___________，电源内阻r=___________，则方块电阻___________。

（2）若考虑电压表内阻的影响，方块电阻的测量值___________（选填“偏大”；“偏小”、“不变”）。

（3）要测出方块电阻的电阻率，先用螺旋测微器测量上下表面间的厚度d。在测微螺杆和测砧相接时，示数如图（a）。在夹方块电阻测厚度时示数如图（b），则厚度d=___________mm。

（4）方块电阻的电阻率表达式为___________。（用a、b、d等已测量字母表示）参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

AB．水库的液面降低时；可调电阻的触头向上移动，其接入电路的阻值增大，电路的总阻值增大，灵敏电流计的示数变小，选项AB错误；

CD．水库的液面升高时；滑动触头向下移动，其接入电路的电阻阻值减小，电路的总电阻阻值减小，灵敏电流计的示数变大，选项C错误，D正确。

故选D。2、A【分析】【详解】

以球B为研究对象，受到重力G、库仑力F和悬线的拉力T三个力作用；如图所示。

由平衡条件可得

根据可得

可得

在A、B两小球的电荷量逐渐减小的过程中，PB、PQ、G均不变，则悬线的拉力T不变；因电荷量减小，库仑力F减小；故A正确，B；C、D错误。

故选A。3、C【分析】【详解】

AB．由题可知，点电荷在从A到B的过程电场力做正功；但电场强度的方向不知道，同时两点的电势也不能确定，故该点电荷的带电性质无法确定，AB错误；

CD．电荷在从A到B的过程电场力做正功，即

又

解得

C正确；D错误。

故选C。4、D【分析】【详解】

A．用镜面反射观察桌面微小变形时；是根据：入射光线不变时，当入射角改变α时，反射角改变2α，所用的物理思想方法是放大法，A正确，不符合题意；

B．在研究力和运动的关系时；伽利略运用了理想实验方法，巧妙地设想了两个对接斜面的实验，B正确，不符合题意；

C．利用红蜡块的运动探究合运动和分运动的实验；采用物理思想方法是等效替代法，C正确，不符合题意；

D．研究影响电荷间相互作用力的因素时；所用的物理思想方法是控制变量法，D错误，符合题意．

故选Ｄ。5、B【分析】【详解】

A．根据等量异种电荷的电场线分布可知，y轴上和之间的电场线方向为沿y轴正方向，沿电场线电势降低，所以沿y轴从B点到C点电势逐渐减小。故A错误；

B．根据等量异种电荷的电场线分布可知，B和C关于O点对称的情况下，而M点处电势为0，因此B、M两点间的电势差与M、C两点间的电势差相等。故B正确；

C．根据等量异种电荷的电场线分布可知，从O点开始沿z轴正方向场强逐渐减小，P点电场强度小于O点。故C错误；

D．根据等量异种电荷的电场线分布可知，和点的对称轴上的点电场强度均为沿y轴正方向，P点与M点的电场强度方向相同。故D错误。

故选B。6、A【分析】【详解】

A．动量是矢量且单位为A正确；

B．电势能是标量；B错误；

C．加速度单位是C错误；

D．电荷量是标量；D错误。

故选A。7、C【分析】【分析】

【详解】

ABC．路端电压

因为增大时，变化，所以不能用判断路端电压的变化情况，根据

可知，当增大时；路端电压减小，AB错误，C正确；

D．当外电路断开时，路端电压为D错误。

故选C。8、C【分析】【分析】

【详解】

A．磁通量是穿过线圈的磁感线的多少；而磁感应强度是描述磁场的强弱，两者不是相同的概念，故A错误；

B．根据。

Φ=BSsinα磁通量越大，磁感应强度不一定大，可能是S大；故B错误；

C．穿过某个面的磁通量为零；此处磁感应强度不一定为零，可能此平面与磁感线平行，故C正确；

D．根据磁通量。

Φ=BSsinα磁通量的变化可能由B、S、α的变化引起；故D错误。

故选C。二、多选题(共8题，共16分)9、C:D【分析】【分析】

考查电场的能的性质；属于综合题。

【详解】

A．O点为零电势点，由图像可知带电粒子在x负半轴受到向右的静电力，由-d到O做正功，即

故粒子在处的电势能为选项A错误；

B．若粒子到达d点时速度恰好为0，则粒子将在电场力作用下经过-d点冲出电场；不满足题干中的周期性运动，故选项B错误；

C．要满足粒子在x轴做周期性运动，则粒子活动范围为（-d，），且在两端点速度均为零，因此粒子的动能与电势能之和的最大值是即为-d点的电势能；选项C正确；

D．粒子在正半轴运动时间由减速和加速两段组成，加速段有

故粒子在x>0区域的运动时间选项D正确。

故选CD。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．由于A、C两点的电量相同，AC之间的电场是对称的，A到B做的功和B到C做的功相同，根据动能定理可知

联立解得

故A错误；

B．根据电场线分布的特点可知微粒越过C点后开始阶段电场合力向右；粒子做加速运动，后面的阶段电场合力向左，粒子做减速运动，故B正确；

C．等量异种电荷的中垂线上的电势为零，无穷远处的电势为零，因此微粒在整个运动过程中的最终速度为B点的速度m/s；故C正确；

D．粒子运动到无穷远处时的速度为m/s，粒子不会再回到B点；故D错误。

故选BC。11、B:D【分析】【分析】

【详解】

设偏转电场极板的长度为L，两板间距离为d。电子在加速电场中由动能定理得

再由牛顿第二定律和电场强度与电势差的关系

电子在偏转电场中由类平抛运动规律

则电子的偏转角

即U1变小，U2变大，或者U1变小，U2不变一定能使电子的偏转角变大。

故选BD。12、A:B:C【分析】【详解】

B．设加速电场AB间距离为d，偏转极板长度为l，偏转极板间的距离为h，屏到偏转电场右边缘距离为s，粒子在加速过程中，根据

可得

在加速电场中运动的时间

进入偏转电场，以及离开偏转电场后到打到屏上，水平方向速度保持不变，因此打到屏的时间

从开始到荧光屏所经历时间

可知运动时间与成反比，由于

设质子、氘核和粒子三种粒子离开加速度电场的速度分别为因此

B正确；

A．粒子进入偏转电场之后，做类平抛运动

其中

可得

可知所有粒子在偏转电场中；偏转距离相等，即三种粒子打到荧光屏上的位置相同，A正确；

CD．根据动能定理

可知打在荧光屏时的动能仅仅与粒子的带电量成正比，因此

D错误；C正确。

故选ABC。13、C:D【分析】【详解】

AB．根据等量异种电荷电场线和等势面的分布规律可知，a、b两点电场强度相同，电势均为零，e、f两点关于O点对称，则电场强度相同，根据沿电场线方向电势降低，则e点的电势大于f点的电势；即电势不同，故AB错误；

C．根据等量异种电荷电场分布规律可知，c点电场强度大于O点的电场强度，O点的电场强度又大于d点的电场强度，则电子在c点受到的静电力大于在d点受到的静电力，根据沿电场线方向电势降低，知c点的电势大于d点的电势，根据电势能又因为电子带负电，则电子在c点的电势能小于在d点的电势能；故C正确；

D．由题意可知，无穷远处电势为零，则两电荷在d点产生的电势大小相等，符号相反，代数和为零，即d点电势为零，一质子在d点和无穷远处具有的电势能都为零，即电势能相等，所以将质子从d点移到无穷远处；静电力做功为零，故D正确。

故选CD。14、A:C:D【分析】【详解】

等量异种点电荷产生的电场如图。

由场强强度的矢量叠加可知，等量异种点电荷产生的电场中，关于中点O对称的两点场强相同，可知A点和E点、B点和F点、C点和G点、D点和H点均关于中点O对称；场强相同，故ACD正确，B错误。

故选ACD。15、A:D【分析】【详解】

小球进入电场前做自由落体运动，进入电场后受到电场力作用而做减速运动，由图可以看出，小球经过边界MN的时刻是t=1s时，故B错误；由图象的斜率等于加速度得小球进入电场前的加速度为：进入电场后的加速度大小为：由牛顿第二定律得：mg=ma1，F-mg=ma2，得电场力：可得重力mg与电场力F之比为3：5，故A正确，整个过程中，动能变化量为零，根据动能定理，整个过程中重力做的功与电场力做的功大小相等．故C错误；整个过程中，由图可得，小球在0-2.5s内向下运动，在2.5s-5s内向上运动，在1s～4s过程中，小球的机械能先减小后增大电场力先做负功，后做正功．电势能先增大，后减小；由于整个的过程中动能、重力势能和电势能的总和不变，所以，小球的机械能先减小后增大．故D正确。16、A:C:D【分析】【详解】

A．根据小球的初速度和受力特点；合力恒定，与初速度不在一条直线上，所以小球将做匀变速曲线运动，A正确；

B．将小球的运动分解为竖直方向的竖直上抛运动和水平向左的初速度为零的匀加速直线运动，其加速度分别为

当小球运动到最高点时，由运动的独立性和等时性可知，小球运动到最高点所经历的时间

B错误；

C．将重力和电场力合成，合力方向为斜向右下方，设与水平方向夹角为则

小球运动过程中只有重力与电场力做功，当小球运动到速度方向与合力方向垂直时，速度最小，设小球从抛出到此位置经历的时间为t1，则

解得

故小球的最小速度为C正确；

D．当小球速度再次到达v0时，此时恰好是竖直方向速度为零的时候，由前面分析可得运动到此时所用时间为

此时速度为

水平位移为

电场力做功为

D正确。

故选ACD。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）当带正电的小球C靠近AB时；由静电感应A带负电B带正电，AB上的金属箔片都张开，当撤去C时，AB是连接在一起的，A上的负电荷和B上的正电荷相互中和，AB上的金属箔片都闭合。

（2）当带正电的小球C靠近AB时；由静电感应A带负电B带正电，AB上的金属箔片都张开，先移开AB在撤去C时，AB不是连在一起的，A上的负电荷和B上的正电荷不能相互中和，AB仍然带电，AB下部的金属箔片张开；在分离AB的过程中，C对A吸引，C对B排斥，C对AB都在做正功，电势能在减小。

（3）感应起电是自由电荷从物体的一端移动到另一端，因此要发生感应起电就必须要有自由电荷【解析】闭合张开减小自由电荷18、略

【分析】【详解】

(1)[1]左侧装置为螺旋测微器，其中固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01×40.0mm=0.400mm，所以最终读数为

故答案为0.900。

(2)[2]由电路并联规律可得

代入数值可得【解析】0.9002019、略

【分析】【详解】

试题分析：电源的U-I图像，纵轴截距为电源电动势，由图可得电池电动势为1.40V；电池内电阻为

考点：测定电池的电动势和内电阻。

点评：容易题．本题要特别注意纵坐标没有由零开始，计算内电阻时不能用．【解析】1.401.020、略

【分析】【详解】

[1][2]将场强Ea、Eb延长，交点即为点电荷所在位置，如图所示，由于电场强度方向指向点电荷Q，则知该点电荷带负电，根据几何知识分析解得a点到Q点的距离：

b点到Q点的距离

a、b两点到点电荷Q的距离之比

由公式得：a、b两点场强大小的比值Ea：Eb=1：3

得：Eb=3E

由于a点距离负点电荷Q更近，所以a点的电势高于b点的电势。

【解析】3Ea21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]能量的转化∶做机械运动的物体具有动能和势能；相互之间可以转化；

[3][4][5]在电路中，电源将其他形式的能转化为电能，负载又将电能转化为内能、光能、机械能等。【解析】动能势能其他形式的能电能电能22、略

【分析】【详解】

略【解析】螺旋测微器毫米刻度尺23、略

【分析】【详解】

[1]由库仑定律可知，电子所受到的库仑力大小为

[2]库仑力的方向在它们的连线上；由异种电荷相互吸引可知，库仑力方向应指向氢核。

[3]由库仑力提供向心力有

解得：【解析】指向氢核四、作图题(共2题，共12分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析25、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将