浙教版九上第三章《能量的转化与守恒》第5～6节测试卷（解析版）

浙教版九上第三章：《能量的转化与守恒》5～6节测试卷总分：100分姓名：班级：得分：.一、选择题（每小题2分，共40分）1.下列现象中，与分子热运动有关的是.....（▲）A.余音绕梁B.尘土飞扬C.人声鼎沸D.花香扑鼻【答案】D【解析】掌握扩散现象是分子运动的结果，以及分子运动和机械运动的区别是解答本题的关键。【分析】本题主要考查学生对扩散现象，即分子运动的了解和掌握，是一道基础题。【详解】A、余音绕梁是指回声，声音以声波形式传播，声波是遇到障碍一部分会被反射回来，就像光反射一样，和分子运动无关。故A不符合题意；B、尘土飞扬是物质在运动，属于机械运动，故B不符合题意；C、人声鼎沸是指声音的响度大，和分子运动无关，故C不符合题意；D、花香扑鼻是分子在运动，属于扩散现象，故D符合题意；故选：D2.对于下列四幅图解释错误的是.....（▲）A.下滑时臀部有热的感觉是由于克服摩擦做功B.冬天人们喜欢搓手取暖是由于热传递改变内能C.水的比热容大，用来冷却发动机D.酒精蒸发吸热，用来给高烧病人降温【答案】B【解析】①做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移。②水的比热容大常用来冷却发动机。③酒精蒸发吸热可以使物体的温度降低。【分析】本题考查了多方面的知识，综合性较强，但都是一些基础知识，是中考常见题型。【详解】A、下滑时臀部有热的感觉是由于克服摩擦做功使物体的温度升高，不符合题意；B、冷天人们喜欢搓手取暖是由于摩擦做功改变内能，符合题意；C、因为水的比热容大常用来冷却发动机，不符合题意；D、因为酒精蒸发吸热所以可用来给高烧病人降温，不符合题意；故选：B3.下列增大铁丝内能的四个做法中，与另外三个方法不同的是.....（▲）A.摩擦铁丝，使它变热B.把铁丝放在火上烤，使它变热C.反复敲打铁丝，使它变热D.给铁丝通电，使它变热【答案】B【解析】

【分析】【详解】改变内能的途径：做工和热传递；摩擦铁丝，使它变热，是通过做功的方式增加了铁丝的内能，故选项A不符合题意；把铁丝放在火上烤，使它变热，是通过热传递改变铁丝的内能，故选项B符合题意；反复敲打铁丝，使它变热，是通过做功的方式改变内能，故选项C不符合题意；给铁丝通电，使它变热，是通过做功增加了内能，属于做功改变物体内能，故选项D不符合题意。故选：B4.下列四只灯泡，正常发光时最亮的是......（▲）A.“220V25W”B.“220V100W”C.“110V60W”D.“36V40W”【答案】B【解析】当灯泡正常发光时，灯泡的实际功率等于额定功率，实际功率决定了灯泡的明暗程度。【分析】本题考查决定灯泡明暗程度的物理量实际功率，以及实际功率与额定功率间的关系。【详解】下列灯泡都在额定电压下正常发光，其实际功率等于额定功率，而100W灯泡的额定功率最大，因此100W的灯泡最亮。故选：B5.将规格都是“220V100W”的一台电风扇、一台电视机和一把电烙铁分别接入同一家庭电路中，通电时间相同，下列说法正确的是......（▲）A.三个用电器产生的热量相同B.电风扇产生的热量最多C.电烙铁产生的热量最多D.电视机产生的热量最多【答案】C【解析】【分析】【详解】家庭电路的电压是220V，把三个用电器分别接入家庭电路中，三个用电器都正常工作，实际功率相同（等于额定功率）、通电时间相同，根据W=Pt可知消耗的电能相同。用电器消耗的电能不一定全部转化为内能，所以产生的热量不一定相同。电视机工作时将一部分电能转化为光能，少量电能转化为内能，电风扇工作时电动机将电能大部分转化机械能，少部分转化为内能，电烙铁工作时将电能全部转化为内能。所以产生热量最多的是电烙铁。故选：C6.汽车已经成为现代生活不可缺少的一部分，汽车多数采用汽油机作为发动机，如图是四冲程汽油机的工作循环示意图，下列说法中不正确的是.......（▲）A.甲冲程是把机械能转化为内能B.乙冲程是排气冲程C.丙冲程是把机械能转化为内能D.丁冲程是吸气冲程【答案】C【解析】热机的四个冲程，吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。【分析】此题考查了对内燃机四个冲程的判断以及涉及能量转化的两个冲程，要结合气门和活塞运动情况进行判断。【详解】A.甲图：气门都关闭，活塞向上运行，是压缩冲程，将机械能转化为了内能，故A正确，不符合题意；B.乙图：排气门打开，活塞向上运动，是排气冲程，故B正确，不符合题意；C.丙图：气门都关闭，活塞向下运行，是做功冲程，将内能转化为机械能，故C错误，符合题意；D.丁图：进气门打开，活塞向下运行，是吸气冲程，故D正确，不符合题意。故选：C7.如图甲所示的两个电流表均为学校实验室里常用的电流表（如图乙所示），闭合开关后，两电流表的指针都正常偏转且偏转角度相同，此时两灯L1和L2所消耗的电功率P1和P2的比值最有可能的是......（▲）A.4:1B.1:4C.5:1D.1:5【答案】A【解析】从电路图中可以看出，两灯泡并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量通过灯泡L2的电流，两电流表的指针偏转角度相同，根据两电流表示数的大小关系和电流表的读数，我们可知电流大小的比值，根据公式P=UI可求灯L1和L2的所消耗的电功率P1和P2的比值。【分析】本题考查电功率的比值，难点是求通过两只灯泡的电流之比，关键是知道电流表偏转角度相同，但大小不同时的示数的关系，还要知道并联电路电流和电压的规律。【详解】电流表A1的示数大于电流表A2的示数，通过灯泡L1的电流为I1，通过灯泡L2的电流为I2，根据两电流表的指针偏转角度相同，我们可知，又因为I=I1+I2，所以，所消耗的电功率P1和P2的比值为．故选：A8.甲、乙两物体质量、初温都相同，甲的比热容大于乙的比热容。当它们放出相同的热量后，相互接触，接触以后内能的变化情况是......（▲）A.甲的内能增加，乙的内能减少B.甲的内能减少，乙的内能增加C.甲的内能不变，乙的内能减少D.甲、乙的内能都不变【答案】B【解析】解决此题要知道：热传递发生的条件是要有温度差；相同质量的不同物质，放出相同的热量后，比热容小的物质降低的温度值大。【分析】解决此题要结合比热容知识和热传递的条件进行分析解答。【详解】因甲、乙两个物体的质量、温度均相同，甲的比热容大于乙的比热容，所以当它们放出相同的热量后，乙降低的温度值比甲降低的大，所以甲的温度会高于乙的温度；当它们接触后，温度高的甲会向温度低的乙传递热量，甲放出热量、内能减少，乙吸收热量、内能增加；故选：B9.如图所示实验，在橡胶塞受到水蒸气的压力而冲出的过程中，以下说法正确的是......（▲）A.试管口出现的“白雾”是气体B.水蒸气对外做功，内能增加C.这个实验基本展示了蒸汽机的工作原理D.水蒸气的温度升高【答案】C【解析】（1）白雾都是小液滴，即水蒸气遇冷液化而成的小液滴；（2）物体对外做功，其自身的内能会减小，温度降低；（3）在汽油机的四冲程中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，试管内水蒸气的内能可以转化为塞子的机械能，与做功冲程相同。【分析】该题考查了液化现象的理解、做功改变内能的应用、热机工作原理的理解等知识点，是一道综合题。【详解】A、试管口出现的“白雾”是小液滴，即水蒸气遇冷液化而成的小液滴，故A错误；B、水蒸气对外做功，内能减小，温度降低，故B错误；C、在四冲程的热机中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，试管内水蒸气的内能可以转化为塞子的机械能，与做功冲程相同，故该实验基本展示了蒸汽机的工作原理，故C正确．D、该过程中，水蒸气对外做功，内能减小，温度降低，故D错误；故选：C10.将额定电压相同的两个灯泡L1、L2串联后接入电路中，如图所示。接通电路后发现L1要亮一些，则下列判断正确的是........（▲）A.L1的电阻比L2的小B.L1的额定功率比L2的大C.若将两灯并联接入电路，L1发光要亮一些D.两灯正常工作时L1发光要暗一些【答案】D【解析】两灯串联在电路中，则电流一定相等，根据灯泡的亮度可判断两灯泡电阻的大小；则由功率公式可判出额定功率的大小及正常工作时的亮度；若将两灯并联，则根据电压相等利用功率公式P=可判断两灯的明亮程度。【分析】电功率公式有：P=UI、P=I2R及P=，在纯电阻电路中三个公式都是成立的，要根据题目中的条件灵活选择。【详解】两灯串联时电流相等，L1比L2亮说明P1＞P2，由P=I2R可得：R1＞R2，故A错误；若将两灯并联，则两灯两端的电压相等，由P=可得：L1的实际功率要小于L2的实际功率，则C错误；两灯的额定电压相等，则由P=可得：P1额＜P2额，即两灯正常工作时，L1要比L2暗一些，故B错误，D正确；故选：D11.某保温电热水壶电路如图，S是温控开关，R1、R2为电热丝，且R1=R2=44Ω。以下关于电加热器的说法正确的是.......（▲）A.S接b时，电热水壶处于加热状态B.S接a时，电热水壶处于保温状态C.电加热器的保温功率为500WD.电加热器的加热功率为1100W【答案】D【解析】【分析】【详解】略12.电热水器是生活中常见的加热水的电器，下表是某电热水器的部分参数。张凯将该电热水器中盛满的初温为20℃的水加热至50℃用于洗澡，则这个过程中水吸收的热量为［已知c水＝4.2×103J/（kg·℃）,ρ水=1.0×103kg/m3].....（▲）容量功率加热时间恒温模式60L3500W10min全自动智能恒温A.8.4×106JB.7.56×106JC.8.4×103JD.7.56×107J【答案】B【解析】【分析】【详解】该电热水器中盛满后水的体积：V=60L=60dm3=0.06m3水的质量：m水=P水V=1.0×103kg/m3×0.06m3=60kg水吸收的热量：Q=c水m水（t-t0）=4.2×103J／（kg·℃）×60kg×（50℃-20℃）=7.56×106J。故B正确，ACD错误。故选：B13.2020年年初，武汉爆发新冠肺炎疫情，全国打响疫情防控阻击战。疫情期间，常用的某款手持式电子测温仪如图甲，图乙是它工作的原理图，其中电源电压保持不变，R是热敏电阻，用于靠近人体测温，定值电阻R0为保护电阻，显示仪是由电流表或电压表改装而成。在测量人的体温时显示仪的示数会随被测者体温的升高而变大，则下列分析正确的.......（▲）A.图乙中的显示仪是由电流表改装成的B.热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小C.被测温者体温越高，整个电路消耗的电能越小D.将R0更换为阻值更小的电阻，测相同温度，显示仪示数变大【答案】D【解析】【分析】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从题中获得有效的信息，难度不大。【详解】A.由图可知，R与R0串联，因显示仪与热敏电阻R并联，故显示仪是由电压表改装成的，故A错误；当被测者体温较高时，显示仪的示数（电压表的示数）也会变大，由串联电路分压特点可知，热敏电阻的电阻变大，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大，故B错误；被测者体温越高，电压表示数越大，根据串联电路分压特点可知，热敏电阻的阻值越大，电路的总电阻越大，由I=可知，电路的电流越小，根据P=UI可知，功率越小，由于时间不知，则根据W=Pt可知，无法判定消耗电能的多少，故C错误；D.温度相同时热敏电阻R的阻值不变，将R0更换为阻值更小的电阻，由串联电路分压特点可知，R0两端分得的电压变小，根据串联电路的电压特点可知，热敏电阻R两端的电压越大，因此显示仪示数会变大，故D正确。故选：D14.A、B两物体质量相等，温度均为10℃；甲、乙两杯水质量相等，温度均为50℃。现将A放人甲杯，B放入乙杯，热平衡后甲杯水温降低了4℃,乙杯水温降低了8℃,不考虑热量的损耗，则A、B两物体的比热容之比为......（▲）A.4:9B.3:5C.2:3D.1:2【答案】A【解析】（1）物体A放入甲杯水后，水的温度由50℃降低了4℃，变成50℃-4℃=46℃，A的温度由10℃升高到46℃，水放出的热量等于A吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求出A的比热容。（2）物体B放入乙杯水后，水的温度由50℃降低了8℃，变成50℃-8℃=42℃，A的温度由10℃升高到42℃，水放出的热量等于B吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求出B的比热容。求出A和B的比热容后，就可以解决问题。【分析】本题解题的关键在于学生能否正确写出高温物体放热和低温物体吸热的表达式，利用方程的思想可以解决许多物理问题，在学习中注意运用。【详解】（1）物体A放入甲杯水后，它们的共同温度为50℃-4℃=46℃，水放出的热量Q放=c水m水△t水A吸收的热量Q吸=cAmA△tA，根据热平衡方程：Q放=Q吸，即c水m水△t水=cAmA△tA代入相关数据得：cA=（2）物体B放入乙杯水后，它们的共同温度为50℃-8℃=42℃，水放出的热量Q放=c水m水△t水B吸收的热量Q吸=cBmB△tB，根据热平衡方程：Q放=Q吸，即c水m水△t水=cBmB△tB代入相关数据得：cB=（3）∵A、B两物体质量相等，即mA=mB，∴=4:9故选:A15.如图所示，将阻值为5Ω和10Ω的电阻丝分别放在装有相同质量煤油的烧瓶中，再用带有相同温度计的橡胶塞盖紧瓶口，煤油的初始温度相同，把两个电阻串联起来连在电路中。不考虑热量损失，闭合开关，通电一段时间。下列说法中正确的是.......（▲）A.右瓶的温度计示数较高B.左瓶的煤油吸收的热量较多C.R1两端的电压比R2两端的电压大D.通过R1的电流比通过R2的电流大【答案】A【解析】由图知，两电阻串联，由串联电路的电流特点知通过两电阻的电流关系；已知R1＜R2,根据欧姆定律判断R1两端的电压与R2两端的电压关系；由Q=I2Rt分析产生热量多的电阻丝，产生热量多的使瓶中的煤油温度上升的高。【分析】此题考查了串联电路的电流特点、欧姆定律、焦耳定律的计算公式的应用，综合性较强，难度适中。【详解】A选项，B选项：由图可知，电阻丝R1、R2串联，闭合开关，通过电阻丝R1、R2的电流大小相等，R1、R2的通电时间相同，由于右边烧瓶内的电阻丝的阻值大，由Q=I2Rt可知，右边烧瓶内的电阻丝放出的热量多，右边烧瓶内的煤油吸收的热量多，温度计示数升高的多，故A正确，故B错误；C选项：由于R2＞R1,而通过R1、R2的电流相等，由U=IR可知，电阻大的电阻丝分得的电压大，即R2两端电压比R1两端电压大，故C错误；D选项：串联电路中电流大小处处相等，故可知通过R1、R2的电流大小相等，故D错误；故选：A16.额定功率是1000W的蒸汽电熨斗，在预热后熨烫衣物时，基本上按照加热10s停5s的程序工作，如果熨一件衣服用时10min,消耗的电能是......（▲）A.6×105JB.104JC.2×105JD.4×105J【答案】D【解析】知道蒸汽电熨斗加热10s停5s，求出10min的加热时间，利用W=Pt求消耗的电能。【分析】本题考查了电能的计算，根据题意求出10min内电熨斗的加热时间是本题的关键。【详解】10min电熨斗加热时间：t=600s×=400s，由P=得消耗的电能；W=Pt=1000W×400s=4×105J故选：D17.甲、乙两用电器电功率之比为1:2,通电时间之比为3:4,则消耗电能之比为.......（▲）A.1:2B.3:8C.3:4D.2:3【答案】B【解析】已知用电器功率与通电时间之比，由W=Pt可以求出用电器消耗的电能之比。【分析】熟练应用电功公式即可正确解题，本题是一道基础题。【详解】甲乙用电器消耗的电能之比为；故选：B18.将A、B两个灯泡，按图一、图二两种方式连接，已知RA=4Ω、RB=6Ω,电源电压相同，下面分析正确的是.........（▲）A.图一中A灯比B灯暗B.图二中A灯比B灯暗C.图一中A灯比图二中A灯亮D.图一中的总功率比图二中的总功率要大【答案】A【解析】（1）图一中，两灯泡串联，通过它们的电流相等，根据P=UI=I2R比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮；图二中，两灯泡并联，它们两端的电压相等，根据P=UI=比较两灯泡的实际功率关系，然后判断亮暗关系；根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点分析两图中A灯两端的电压关系，根据P=UI=比较两种情况下A灯的实际功率关系，然后判断亮暗关系；（4）根据电阻的串并联比较两图的总电阻关，根据P=UI=比较两种情况下电路的总功率关系。【分析】本题考查了串并联电路的特点和电功率公式的灵活应用，正确的选取电功率公式是关键，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。【详解】A.图一中，两灯泡串联，因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，A灯泡的电阻较小，由P=UI=I2R可知，A灯泡的实际功率较小，即A灯比B灯暗，故A正确；B.图二中，两灯泡并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由P=UI=可知，A灯泡的电阻较小，其实际功率较大，A灯比B灯亮，故B错误；由于图一中A灯泡两端的电压小于电源电压，图二中A灯泡两端的电压等于电源的电压，所以，由P=UI=可知，图一中A灯泡的实际功率较小，灯泡较暗，即图一中A灯比图二中A灯暗，故C错误；因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，所以，图一中的总电阻大于图二中的总电阻，由P=UI=可知，图一中的总功率比图二中的总功率要小，故D错误。故选：A19.如图所示的电路中，闭合开关S后，电流表A1的示数为0.2A,电流表A2的示数为0.8A,此时，电阻R1和R2消耗的功率之比是......（▲）A.1:3B.3:1C.1:4D.4:1【答案】B【解析】由电路图可知，闭合开关S时，两电阻并联，电流表A1测量通过电阻R2的电流，电流表A2测量通过电路的总电流；根据并联电路电流的特点可求通过电阻R1的电流，根据并联电路的电压特点和P=UI可求电阻R1和R2消耗的功率之比。【分析】本题考查电流、电压、电功率的计算，关键是明白并联电路电流和电压的规律。【详解】等效电路图如下图所示：∵两电阻并联，且I=0.8A，I2=0.2A，∴I1=I-I2=0.8A-0.2A=0.6A；∵并联电路各支路两端的电压相等，且P=UI，∴P1:P2=I1:I2=0.6A:0.2A=3:1故选：B20.灯泡L与定值电阻R组成的电路如图甲所示，L和R的I-U图线分别为图乙中的A、B,闭合开关S,L正常发光，电路的总功率为4.8W,此时灯泡L的......（▲）A.电压为7VB.电流为0.3AC.电阻为20ΩD.功率为3W【答案】D【解析】图中灯泡和电阻并联，根据图象信息和电路总功率确定电压、电流和电阻。【分析】此题主要考查的是学生对图象的分析和处理能力，正确运用电功率、欧姆定律计算公式是基础，读懂图象是关键。【详解】图甲中灯泡和电阻并联，已知L和R的I-U图线分别为图乙中的A、B；闭合开关S,要求总功率为4.8W,因并联电路各支路两端的电压相等，根据图象可知，在电压为6V时，通过灯泡的电流IL=0.5A,通过电阻R的电流IR=0.3A，则干路中的电流：I=IL+IR=0.5A+0.3A=0.8A,此时的总功率：P=UI=6V×0.8A=4.8W,满足题中的要求；所以，电源电压为6V,则此时灯泡L的电压为6V,通过灯泡的电流IL=0.5A,故AB错误；根据欧姆定律可得，此时灯泡的电阻：RL==12Ω，故C错误。此时灯泡的功率为：PL=UIL=6V×0.5A=3W；故D正确；故选：D二、填空题（每空1分，共25分）21.不断弯折铁丝，铁丝的温度升高，是通过▲的方法增大铁丝的内能；把铁丝放在火上烤，铁丝的温度升高，是通过▲的方法增大铁丝的内能；我们通常把烧红的铁丝放入水中冷却，这是利用了水的▲较大的性质。【答案】做功；热传递；比热容【解析】（1）改变物体内能有两种方式：做功和热传递。热传递的实质是能量的转移，做功是能量的转化。（2）对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。【分析】本题考查了改变物体内能有两种方式，对物体做功，物体内能增加，温度升高；物体吸收热量，内能增加，温度升高，同时还要学会用比热容解释生活中的现象。【详解】（1）拿一段铁丝反复弯折多次，感到弯折处也烫手是通过做功改变物体内能的，对物体做功，物体内能增加，温度升高；把铁丝放在火上烤，铁丝的温度升高，是通过热传递的方式增大铁丝内能的。（2）我们通常把烧红的铁丝放入水中冷却，这是因为水的比热容较大，升高相同的温度，水吸收的热量多，因此这是利用了水的比热容较大的性质。故答案为：做功；热传递；比热容22.夏天在海边玩耍，感觉沙子烫脚而海水却是凉的，这是因为沙子的比热容比海水的▲（填“大”或“小”），在受到同样的太阳光照射时，▲的温度升高得更多。【答案】小；沙子【解析】要解答本题需掌握：水的比热容大，故其在相同条件下温度变化最小。【分析】此题考查比热容在实际生活中的应用。【详解】因为沙子的比热容比海水的小，由吸热公式Q=cm△t知，△t=，因此在受到同样的太阳光照射（即吸热相同的热量）时，沙子的温度升高的更多。故答案为：小；沙子23.在物理学中常提到“热”字，但其含义各不相同，请将下列“热”的含义填入空格内。（1）这盆水很热，这里的“热”是指▲。（2）物体吸热升温，这里的“热”是指▲。（3）摩擦生热，这里的“热”是指▲。【答案】（1）温度；（2）热量；（3）热能【解析】根据三个物理量的概念进行分析。内能是指物体内部所有分子做无规则运动所具有的动能和分子势能的总和；温度指物体的冷热程度；热量是指在热传递或做功的过程中，内能改变的多少。【分析】虽然同样是”热“，但在不同的语境中含义却不一样。本题要求学生知道温度、热量和内能的相同点和不同点，并且能够区分温度、热量和内能。【详解】这盆水很热是反映水的冷热程度，所以这个“热”指温度；物体吸热升温是指物体吸收热量时温度升高，故这里的“热”指热量；摩擦生热是通过克服摩擦做功，使物体的内能增加，所以这里的“热”指内能。故答案为：温度；热量；内能24.在比较不同燃料热值的实验中，小明利用与图示完全相同的两套实验装置，分别在燃烧皿中放入质量相同的燃料甲和燃料乙，点燃后对质量都为100g和初温都为20℃的水加热。燃烧相同时间后，用甲加热后的水温度为30℃,另一杯温度为24℃,此过程中水的内能▲（填“增大”或“减小”），用甲加热的水吸收的热量为▲J,此时▲（填“能”或“不能”）说明甲的热值较大。［水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）]【答案】增大；4.2×103；不能【解析】（1）加热水时通过热传递的方式改变水的内能，水吸收了多少热量，就增加了多少内能；知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cmΔt求水吸收的热量；（2）在其它条件相同时，甲杯水的温度升高的较快，即甲燃烧产生的热量多，所以其热值大。【分析】本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运放用。【详解】（1）水吸热过程中，水温度升高，水的内能增大；燃烧点燃后对质量都为100g和初温都为20℃的水加热，则用甲加热的水吸收的热量为：Q吸=cm(t-t0)=4.2×103J／（kg·℃）×0.1kg×(30℃-20℃)=4.2×103J；虽然在其它条件相同时，甲杯水的温度升高的较快，即甲燃烧产生的热量多，所以其热值大。但相同时间两种燃料燃烧的质量不能比较，故不能比较热值的大小。故答案为：增大；4.2×103；不能小明同学把有预约功能的电饭煲接在220V的家庭电路上，电饭煲每次工作经过待机、加热、保温三个过程。某次做饭电饭煲消耗的电功率随时间变化的图像如图甲所示，保温过程消耗的电能是▲kW·h。电饭煲加热和保温部分基本电路原理如图乙所示，S是接通家庭电路的开关，S1是自动开关，R1和R2为电阻不变的电热丝，则R1=▲Ω。【答案】0.22；73.33【解析】【分析】本题考查多挡位问题的计算。【详解】由图可知，保温挡功率为220W,保温挡工作一小时消耗的电能为220W×1h=0.22kW·h；待机功率为44W(分析电路图可知，该电路并联有其他未画出的元件，其总阻值表示为R外）,加热挡功率为880W,根据P=可得，P待机=P保温=+，P加热=++，联立可解出R1≈73.33Ω。故答案为：0.22；73.3326.如图是某种物质熔化时温度随时间的变化图。根据图像的特征和信息，可以判定该物质是▲（填“晶体”或“非晶体”）；它的熔点是▲℃,在熔化过程中▲（填“吸热”“放热”或“不吸热也不放热”）；这种物质液体的比热▲（填“大于”“小于”或“等于”）固体的比热。【答案】晶体；80；吸热；大于【解析】【分析】此题考查了晶体熔化图象的分析和比热容与物质种类的关系，掌握晶体熔化特点，知道相同时间物质吸收热量相同，是解答此题的关键。【详解】①晶体在熔化过程中，吸收热量，温度保持不变；晶体熔化时的温度叫熔点；②同一加热设备，相同时间提供的热量相同。由图象知，此物质从30℃加热经10min,温度达到80℃,虽然继续吸收热量，但温度不再升高，直到第25min后温度继续升高，也就是在10∽25min时间内吸收热量，温度不变，所以属于晶体的熔化过程，熔化时吸收热量，温度保持不变，也就是熔点为80℃；同一加热设备，相同时间提供的热量是相同的，也就是这种物质每分钟吸收的热量相同。固态时加热10min(0∽10min),温度升高80℃-30℃=50℃；液态时加热10min(25min∽35min),温度升高100℃-80℃=20℃,由公式Q=cmΔt知，升高温度越少，说明比热容越大。即该液体的比热容大于固体。故答案为：晶体；80；吸热；大于。27.有一只小灯泡额定电压是3V,它正常发光时灯丝的电阻是6Ω,如果同学们只有电压为9V的电源，要使小灯泡正常工作，需要串联一个▲Ω的电阻，此时电阻消耗的电功率是▲W。【答案】12；3【解析】已知灯泡的额定电压和电阻，根据公式I=可求出灯正常工作时的电流；根据串联电路特点求出串联电阻两端的电压，根据公式R=求出串联电阻的大小；最后由P=I2R求出电阻的功率。【分析】本题考查电流、电压和电阻的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，还要知道串联电路电流、电压和电阻的规律。【详解】电路中电流I==0.5A，串联电阻电压UR=U-UL=9V-3V=6V，串联电阻的阻值R==12Ω，电阻消耗的功率PR=I2R=（0.5A）2×12Ω=3W故答案为：12；328.在汽油机的一个工作循环中，内能转化为机械能的是▲冲程；某品牌汽车行驶100km消耗汽油7kg,这些汽油完全燃烧能放出▲J的热量。（汽油的热值q=4.6×107J/kg）【答案】做功；3.22×108【解析】（1）内燃机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程将机械能转化成内能，做功冲程将内能转化成机械能；（2）燃料完全燃烧放出的热量用公式Q=qm计算，其中q为燃料的热值。【分析】本题考查了内燃机冲程的能量转化以及燃料燃烧放出的热量的计算，是比较基本的问题，要重点掌握。【详解】（1）内燃机的四个冲程中，实现将内能转化成机械能的是做功冲程。（2）7kg汽油完全燃烧要放出的热量：Q放=mq=4.6×107J/kg×7kg=3.22×108J。故答案为：做功；3.22×10829.如图是某家用电热水壶内部的电路简化结构图，其中R1、R2为阻值相同的电热丝，该电热水壶加热有高温、中温、低温三挡，高温挡的电功率为P1,连接方法是将接线柱1和3连接，同时将接线柱▲连接起来，低温挡的电功率为P2,则P1:P2=▲。【答案】2和4；4:1【解析】【分析】【详解】[1]由图知道，接线柱1和3连接，同时将接线柱2和4连接起来，两电阻并联，由并联电路电阻的特点知道，电路的电阻是P并=R1此时电路电阻最小，由P=知道，电功来最大为P1,处于高温挡，且R1=由图知道，接练柱2和3连换，两电阻串联，此时电路电阻最大为2R1,由P=知道，电功率最小为P2,处于低温挡，且P2=故=4:1。故答案为：2和4；4:130.如图所示的电路中，R1、R2为定值电阻，其中R1=10Ω。当只闭合开关S1时，电流表的示数为0.4A,则电源电压为▲V；当同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数增大为1.2A,则R2消耗的电功率为▲W。【答案】4；3.2【解析】【分析】【详解】（1）只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，由I=可得，电源电压：U=I1R1=0.4A×10Ω=4V；（2）当同时闭合开关S1、S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，因为并联电路各支路独立工作、互不影响，所以通过R1的电流不变，仍为0.4A,因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流：I2=I-I1=1.2A-0.4A=0.8A,因为并联电路各支路两端的电压相等，R2消耗的电功率：P2=U2I2=4V×0.8A=3.2W。故答案为：4；3.2三、实验探究题（每空2分，共22分）31.为了探究电流产生的热量跟什么因素有关，王军设计了如图所示的甲、乙两种装置，他将两根阻值不同的电阻丝（R1＜R2）分别密封在两个完全相同的烧瓶中，并通过短玻璃管与相同的气球相连，两次实验电源电压不变。（1）实验中通过▲的变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。（2）甲装置可探究电流产生的热量与▲的关系。（3）在装置甲、乙的两次实验中，通过比较相同时间里气球B与D的变化情况，可探究电流产生的热量与▲的关系。（4）甲、乙两装置同时实验，在相同的通电时间里，与▲气球（填气球字母标号）相通的电阻丝产生的热量最多。【答案】（1）气球膨胀的程度大小；（2）电阻；（3）电流；（4）C【解析】【分析】【详解】（1）当电阻丝通电后，电流产生热量使瓶内温度升高，从而使气球膨胀，根据气球膨胀的程度大小可知电流通过电阻丝产生的热量的多少。（2）甲中阻值不相等的两电阻串联，则两电阻中的电流相等，通电时间也相等，所以可探究电流产生热量与电阻大小的关系。由乙图可知两电阻并联，而甲、乙两图右烧瓶中的电阻相等，电压不相等，则可知两瓶中的电流不同，可探究电流产生的热量与通过电流的关系。（4）甲图中两电阻串联，则通过两电阻的电流相等，由焦耳定律可得，电阻大的电阻丝发热较多，即与气球B相通的电阻丝R2发热量要多；乙图中两电阻并联，则电压相等，由Q=W=t可得，电阻小的发热量要多，故与气球C相通的电阻丝R1发热量要多；而与气球B、D相通的电阻丝电阻相等，而气球D中对应电阻丝R2两端电压大，则电阻丝热量就多，故与气球C相通的电阻丝热量最多。故答案为：（1）气球膨胀的程度大小；（2）电阻；（3）电流；（4）C32.小宜同学做“测量小灯泡电功率”的实验，电源电压恒定为6V,标有“2.5V”字样的待测小灯泡，正常发光时的电阻约为10Ω,所用滑动变阻器的规格为“50Ω1A”。（1）请用笔画线代替导线将图甲中未完成的实物电路连接完整。（2）闭合开关后，移动滑片P至某一位置，电压表的示数如图乙所示，为了让小灯泡正常发光，小宜应该将变阻器滑片向▲（填“左”或“右”）移动。甲乙（3）小宜同学在实验中为了能得到比较准确的小灯泡的额定功率，改变接入电路的滑动变阻器的阻值，分别得到三组数据，如表：实验序号电压表示数／V电流表示数／A功率／W额定功率／W12.00.180.36P额==0.5822.50.240.6033.00.260.78你认为小宜求平均值得到额定功率的数据处理方法是▲（填“正确”或“错误”）的，正确的测量结果是P额＝▲W。（4）在某次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了AR1,小灯泡的阻值变化了ΔR2,则ΔR1▲ΔR2(填“大于”“小于”或“等于”）。（5）另外一位同学还想探究电流与电阻的关系，于是将图甲中的小灯泡换成定值电阻R,并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R,记录各次电流表的示数，在实验过程中，当AB两点间的电阻由5Ω变为10Ω后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是.......（▲）A.保持变阻器滑片不动B.将变阻器滑片适当左移C.将变阻器滑片适当右移