2024年沪科版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版高二物理上册月考试卷679考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、2010年10月1日18时59分，中国探月二期工程先导星“嫦娥二号”在西昌卫星发射中心成功升空．下列各种情况中，不可以把探月卫星“嫦娥二号”看作质点的是（）A.研究“嫦娥二号”离月球表面的距离B.研究“嫦娥二号”绕月球飞行的速度C.研究“嫦娥二号”从地球到月球的飞行轨迹D.研究“嫦娥二号”从地球到月球的飞行姿态2、把一根金属导线剪掉一半，剩余导线电阻为原来的（）A.B.C.2倍D.4倍3、光伏发电是利用半导体界面的光生伏特效应而将太阳能转变为电能的一项技术，关键元件是太阳能电池，如图的是太阳能电池组，关于太阳能及其利用，下列说法中正确的是（）A.由于日地距离过大，因此地球上能被利用的太阳能很少B.太阳能主要以热传递的方式传到地球C.太阳能电池是将电能转换为其他能的装置D.太阳能电池已经被广泛应用于航天事业．4、一块半圆柱形玻璃砖放在空气中，如图所示，一束白光从空气中沿着图示方向射向玻璃砖，经玻璃砖折射后在光屏P上形成彩色光带．下列说法正确的是（）A.红光穿越玻璃砖的时间比紫光穿越玻璃砖的时间长B.光带从左到右排列顺序为红→紫C.如果a逐渐减小时，则紫光最先消失D.无论a多大，各色光都能从玻璃砖中射出5、如图所示，M

是一小型理想变压器，接线柱a

、b

接在电压u

=311sin314

t

(V)

的正弦交流电源上，变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R

2

为用半导体热敏材料(

电阻率随温度升高而减小)

制成的传感器，所有电表均为理想电表，电流表A

2

为值班室的显示器，显示通过R

1

的电流，电压表V

2

显示加在报警器上的电压(

报警器未画出)

R

3

为一定值电阻.

当传感器R

2

所在处出现火情时，以下说法中正确的是()A.A

1

的示数增大，A

2

的示数增大B.A

1

的示数减小，A

2

的示数增大C.V

1

的示数增大，V

2

的示数增大D.V

1

的示数不变，V

2

的示数减小6、电感和电容对交变电流的阻碍作用的大小不但跟电感、电容本身有关，还跟交流电的频率有关，下列说法中正确的是()A.电感是通直流、阻交流，通高频、阻低频B.电感是通直流、阻交流，通低频、阻高频C.电容是通直流、阻交流，通高频、阻低频D.电容是通交流、隔直流，通低频、阻高频7、下列关于光电效应的说法正确的是(

)

A.同一频率的光照射不同的金属，如果都能发生光电效应，则逸出功大的金属产生的光电子的最大初动能也越大B.某种金属的逸出功为W

则该金属发生光电效应时，所产生的所有光电子克服金属束缚做的功均为W

C.当某单色光照射金属表面时发生了光电效应，则单位时间内产生的光电子数随入射光的强度增大而增多D.光某单色光照射金属表面时发生了光电效应，则产生的光电子的最大初动能与入射光的频率成正比8、足球运动员将足球踢向空中；足球向斜上方飞行过程中某时刻的受力如图所示，描述正确的是(G

为重力，F

为脚对球的作用力，Ff

为空气阻力)()

A.B.C.D.9、智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置。充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60-0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗）。如图为某一款移动充电宝，其参数见下表，下列说法正确的是（）。容量10000mAh兼容性兼容大部分智能手机和平板电脑边充边放否保护电路是输入DC5V2AMAX输出USBl：DC5VlAUSB2：DC5V2.1A尺寸140×63×22mm转换率0.6显示方式液晶显示重量约285gA.充电宝充电时将电能转化为内能B.该充电宝最多能储存能量为3.6×106JC.该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2hD.该充电宝给电量为零、容量为3000mAh的手机充电，则理论上能充满2次评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、如图所示；A；B、C是多用表在进行不同测量时转换开关分别指示的位置；

D是多用表表盘指针在测量时的偏转位置．

（1）A是____档，若用此档测量，指针偏转如D，则读数是____；

（2）B是____档，若用此档测量，指针偏转如D，则读数是____；

（3）C是____档，若用此档测量，指针偏转如D，则读数是____．

11、在一根横绳上悬挂4个双线摆，其中A与B摆长相等，当使A自由摆动起来后，其它几个摆也随之摆动，周期分别设为TA、TB、TC、TD，则周期间的大小关系是______，B、C、D中摆幅最大的是______．12、一列简谐横波沿x轴正方向传播，各质点的振幅为2cm，某时刻相距30m的两质点a、b的位移都为1cm，但运动方向相反，质点a沿y轴反方向运动，质点b沿y轴正方向运动（如下面左图），则这列波的波长最大为m。13、如图甲所示为电视机中的显像管的原理示意图，电子枪中的灯丝加热阴极而逸出电子，这些电子再经加速电场加速后，从O点进入由磁偏转线圈产生的偏转磁场中，经过偏转磁场后打到荧光屏MN上，使荧光屏发出荧光形成图象，不计逸出的电子的初速度和重力．已知电子的质量为m、电荷量为e，加速电场的电压为U，偏转线圈产生的磁场分布在边长为l的正方形abcd区域内，磁场方向垂直纸面，且磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示．在每个周期内磁感应强度都是从-B0均匀变化到B0．磁场区域的左边界的中点与O点重合，ab边与OO′平行，右边界bc与荧光屏之间的距离为s．由于磁场区域较小；且电子运动的速度很大，所以在每个电子通过磁场区域的过程中，可认为磁感应强度不变，即为匀强磁场，不计电子之间的相互作用．求：

（1）为使所有的电子都能从磁场的bc边射出；求偏转线圈产生磁场的磁感应强度的最大值．

（2）若所有的电子都能从磁场的bc边射出时；荧光屏上亮线的最大长度是多少？

14、质量m=1000kg的汽车通过圆形拱桥的速率恒定，拱桥的半径r=10m，则汽车对拱桥顶端时的压力为车重的一半时的速率为______m/s；汽车的速率为10m/s时对拱桥的压力为______N．（g=10m/s2）评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)15、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）16、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、画图题(共2题，共18分)21、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象22、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分五、证明题(共2题，共8分)23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分六、综合题(共4题，共36分)25、拢脹

物理隆陋隆陋

选修3篓C5拢脻

(1)

两球A、B

在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，m

A=1kg

m

B=2kg

v

A=6m/s

v

B=2m/s

当A

追上B

并发生碰撞后，两球A、B

速度的可能值是()

A.v

A隆盲=2m/s

v

B隆盲=4m/sB

．v

A隆盲=5m/s

v

B隆盲=2.5m/s

C.v

A隆盲=鈭�4m/s

v

B隆盲=7m/sD

．v

A隆盲=7m/s

v

B

隆盲

=1.5m/s

(2)

如图所示，一光滑水平桌面AB

与一半径为R

的光滑半圆形轨道相切于C

点，且两者固定不动，一长L

为0.8m

的细绳，一端固定于O

点，另一端系一个质量m1

为0.2kg

的球.

当球在竖直方向静止时，球对水平桌面的作用力刚好为零.

现将球提起使细绳处于水平位置时无初速释放.

当球m1

摆至最低点时，恰与放在桌面上的质量m2

为0.8kg

的小铁球正碰，碰后m1

小球以2m/s

的速度弹回，m2

将沿半圆形轨道运动，恰好能通过最高点Dg=10m/s

求垄脵m2

在圆形轨道最低点C

的速度为多大？垄脷

光滑圆形轨道半径R

应为多大？26、如图所示，虚线区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一单匝正方形导线框垂直磁场放置，框的右边与磁场边界重合..现将导线框沿纸面垂直边界拉出磁场，则此过程中穿过导线框的磁通量________((选填“增加”或“减少”))若这一过程中磁通量变化了0.05Wb0.05Wb所用时间为0.1s0.1s则导线框中产生的平均感应电动势是________VV．27、如图所示的匀强电场中，有abc

三点，ab

间距离Lab=8cmbc

间距离Lbc=14cm

其中ab

沿电场方向，bc

和电场方向成60鈭�

角.

一个所带电量q=鈭�4隆脕10鈭�8C

的负电荷从a

点移到b

点克服电场力做功Wab=1.2隆脕10鈭�6

J.求：

(1)

匀强电场的电场强度；(2)

电荷从b

点移到c

点，电场力所做的功；(3)ac

两点间的电势差．28、[

物理隆陋隆陋

选修3隆陋3]

(1)

甲、乙两分子相距较远，设甲固定不动，乙在分子力作用下逐渐向甲靠近直到不能再靠近的过程中，下列说法正确的是_________(

填正确答案标号。)

A.乙分子的速度先增大后减小B.加速度先增大后减小C.分子力先减小后增大D.分子动能先增大后减小E.分子势能先减小后增大

(2)

如图所示，玻璃管A

上端封闭，B

上端开口且足够长，两管下端用橡皮管连接起来，A

管上端被一段水银柱封闭了一段长为6cm

的气体，外界大气压为75cmHg

左右两水银面高度差为5cm

温度为t1=27隆忙

(i)

保持温度不变，上下移动B

管，使A

管中气体长度变为5cm

稳定后的压强为多少？(ii)B

管应向哪个方向移动？移动多少距离？(iii)

稳定后保持B

不动，为了让A

管中气体长度回复到6cm

则温度应变为多少？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】解：A；研究“嫦娥二号”离月球表面的距离时；“嫦娥二号”的形状和大小可以忽略不计，可以看成质点，故A错误；

B；研究“嫦娥二号”绕月球飞行的速度时；“嫦娥二号”的形状和大小可以忽略不计，可以看成质点，故A错误；

C；研究“嫦娥二号”从地球到月球的飞行轨迹时；“嫦娥二号”的形状和大小可以忽略不计，可以看成质点，故A错误；

D；研究“嫦娥二号”从地球到月球的飞行姿态时；要看，“嫦娥二号”的形状和大小不可以忽略，不可以看成质量，故D正确．

故选D

当物体的形状；大小对所研究的问题没有影响时；我们就可以把它看成质点；

本题就是考查学生对质点概念，是很基本的内容，必须要掌握住的，题目比较简单．【解析】【答案】D2、B【分析】解：导线剪掉一半后，由于截面积不变，长度变为原来的一半，则由R=可知；电阻变为原来的一半，故B正确，ACD错误．

故选：B．

根据电阻定律进行分析，明确截面积和长度的变化，从而由R=分析电阻大小．

本题考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比，剪断导线后，导线的截面积不变，故电阻与导线长度成正比．【解析】【答案】B3、D【分析】解：A；虽然日地距离过大；但是地球上能被利用的太阳能仍然很大．故A错误；

B；太阳能主要以热辐射的方式传到地球．故B错误；

C；太阳能电池可以把太阳能转化为电能．故C错误；

D；太阳能电池已经被广泛应用于航天事业．故D正确．

故选：D

自然界中的风能和太阳能是能量巨大的资源；现在科学家都在设计装置利用它们的能量；

太阳能电池可以把太阳能转化为电能．

风能和太阳能都是清洁能源，且能量取之不尽用之不竭，能够巧妙的设计利用是关键．【解析】【答案】D4、C【分析】解：

A、红光的折射率最小，紫光的折射率最大，根据v=分析得知红光在玻璃砖中传播速度最大；穿越玻璃砖的时间最短；故A错误．

B；由于白光是复色光；各种色光的折射率不同，折射率最大的偏折程度最大，从玻璃射向空气中时，折射光线更远离法线．在各种色光中，红光的折射率最小，紫光的折射率最大，所以紫光偏折最严重，红光偏折最小，从左到右的排布是由紫→红．故B错误．

C、D根据全反射临界角公式sinC=可知；紫光的临界角最小，如果a逐渐减小时，入射角增大，紫光最先发生全反射，最先从彩色光带中消失，故C正确，D错误．

故选：C．

白光是由七种不同色光组成的复色光，红光的折射率最小，紫光的折射率最大，根据v=分析各种色光在玻璃砖中传播速度的大小；即可判断时间的关系；由于白光是复色光，各种色光的折射率不同，所以折射率最大的偏折程度最大；根据偏折角大小，分析彩色光带排列顺序．分析各种色光的临界角大小可得出最先发生全反射的光．光线从玻璃射到空气中时，当入射角等于临界角时，会产生全反射．

本题关键要掌握产生全反射的条件，知道紫光的折射率最大．红光的折射率最小，由sinC=可知折射率与临界角的关系．【解析】【答案】C5、D【分析】略【解析】D

6、C【分析】【分析】根据电感和电容对直流和交流电路的作用判断。本题考查了电感和电容对交变电流的作用。此类识记问题，关键是要在理解相关知识的前提下，要牢固记忆。【解答】电感线圈的作用是“通直流、阻交流，通低频、阻高频”，电容器的作用是“通交流、隔直流，通高频、阻低频”，所以B

项正确。故选B。【解析】C

7、C【分析】解：A

根据光电效应方程知；Ekm=hv鈭�W0

知逸出功大的金属产生的光电子的最大初动能越小.

故A错误；

B；根据逸出功定义；可知，逸出功是电子克服金属束缚做的最小功，不是所有光电子做功相同.

故B错误；

C；发生光电效应时；光强越强，则单位时间内产生的光电子数目会增多.

故C正确．

D；根据光电效应方程知；Ekm=hv鈭�W0

知光电子的最大初动能与入射光的频率成一次函数关系，不是正比关系.

故D错误．

故选：C

．

光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率；与入射光的强度无关，入射光的强度影响单位时间发出光电子的数目；根据光电效应发出判断最大初动能与入射光频率的关系．

解决本题的关键知道光电效应的条件，掌握光电效应方程，知道光的强度不影响能否发生光电效应，影响的是单位时间内发出的光电子数目，理解逸出功的概念．【解析】C

8、B【分析】【分析】对物体受力分析；明确物体和周围几个物体相接触，即每个力应找到施力物体。

本题解答时学生易错选D答案，原因是没有真正惯性的意义，同时应注意在受力分析时养成找施力物体的习惯。【解答】足球飞在空中时，一定受重力，且竖直向下；同时由于空气的作用，受到空气阻力，方向与运动方向相反。故B正确。故选B。【解析】B

9、D【分析】解：A；充电宝充电时将电能转化为化学能；不是内能；故A错误；

B、该充电宝的容量为：q=10000mAh=10000×10-3×3600=3.6×104C；

该电池的电动势为5V，所以充电宝储存的能量：E=E电动势•q=5×3.6×104=1.8×105J；故B错误；

C、以2A的电流为用电器供电则供电时间t=故C错误；

D、由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为：10000mA•h×0.6=6000mAh，给容量为3000mAh的手机充电的次数：n==2次；故D正确；

故选：D。

根据铭牌读出充电宝的容量和电动势。充电宝的容量是指电池能释放的总电量；根据电流的定义式求出该充电宝在工作1小时后达到的电流和以10mA的电流工作可用的时间。

本题考查读取电池铭牌信息的能力。解答的关键是要知道电池的容量是指电池所能释放的总电量。【解析】D二、填空题(共5题，共10分)10、略

【分析】

A是欧姆挡；读数为：示数×倍率=30×100=3000Ω；

B是电流10mA档；每小格表示1mA，读数为：5.0×1=5.0mA；

C是电压50V挡；每小格表示5V，读数为：5.0×5=25.0V．

故答案为：（1）欧姆；3000Ω；

（2）电流；5.0mA；

（3）电压；25.0V

【解析】【答案】欧姆表读数为：示数×倍率；电压和电流表，先根据挡位求出每小格表示的数，再乘以示数．

11、略

【分析】解：由A摆摆动从而带动其它3个单摆做受迫振动，受迫振动的频率等于驱动力的频率，故其它各摆振动周期跟A摆相同，故：TA=TB=TC=TD；

受迫振动中；当固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，振幅达到最大，由于C摆的固有频率与A摆的相同，故C摆发生共振，振幅最大；

故答案为：TA=TB=TC=TD；C．

4个单摆中；由A摆摆动从而带动其它3个单摆做受迫振动，受迫振动的频率等于驱动力的频率；受迫振动中，当固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，振幅达到最大．

本题关键明确两点：受迫振动的频率等于驱动力频率；当固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象．【解析】TA=TB=TC=TD；C12、略

【分析】试题分析：设波动方程为由题意，两点的位移都是1cm，振幅都是2cm，则有代入波动方程得，当波长最长时，x分别取由题意可知此时有故解得最长波长为考点：波长、频率和波速的关系，横波的图像【解析】【答案】9013、略

【分析】

（1）根据动能定理求出电子射出加速电场时的速度大小；根据几何关系求出临界状态下的半径的大小，结合洛伦兹力提供向心力求出磁感应强度的最大值．

（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动；出磁场做匀速直线运动，通过最大的偏转角，结合几何关系求出荧光屏上亮线的最大长度．

考查电子受电场力做功，应用动能定理；电子在磁场中，做匀速圆周运动，运用牛顿第二定律求出半径表达式；同时运用几何关系来确定半径与已知长度的关系．【解析】解：（1）当偏转线圈产生磁场的磁感应强度最大为B0时，电子恰好从b点射出．

电子先经过加速电场加速；由动能定理：

qU=mv2-0

然后；电子在磁场中发生偏转，洛仑兹力提供圆周运动向心力：

B0qv=m

由几何关系可知；此时电子做圆周运动的半径为：

R=l

则偏转线圈产生磁场的最大磁感应强度：B0==•

（2）电子从偏转磁场射出后做匀速直线运动，当它恰好从b点射出时；对应屏幕上的亮点离O′最远．

此时，电子的速度偏转角满足：sin=

所以电子在荧光屏上亮线的最大长度：X=2stanφ+l=s+l

答：（1）为使所有的电子都能从磁场的bc边射出，偏转线圈产生磁场的磁感应强度的最大值B0==•．

（2）若所有的电子都能从磁场的bc边射出时，荧光屏上亮线的最大长度是X=s+l．14、50【分析】解：根据牛顿第二定律得：mg-N=m

因N=mg

解得：v==m/s=5m/s；

汽车通过拱桥最高点由重力和支持力提供其向心力；根据牛顿第二定律有：

mg-N=m

代入数据解得：N=0N；

根据牛顿第三定律得汽车对拱桥的压力大小是0N。

故答案为：50。

（1）根据牛顿第二定律求出汽车对拱桥的压力为车重的一半时的速率。

（2）汽车在桥顶；靠重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出汽车对拱桥的压力。

汽车过拱桥问题属于竖直平面内的圆周运动问题，关键找到向心力来源，然后根据牛顿第二定律列式求解。【解析】50三、判断题(共6题，共12分)15、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．16、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、画图题(共2题，共18分)21、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】22、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】五、证明题(共2题，共8分)23、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动24、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动六、综合题(共4题，共36分)25、（1）A（2）解：（1）设球m1摆至最低点时速度为v0，由小球（包括地球）机械能守恒：

得：

m1与m2碰撞，动量守恒，设m1、m2碰后的速度分别为v1、v2

选向右的方向为正方向；则：

m1v0=m1v1+m2v2

代入数值解得：v2=1.5m/s

（2）m2在CD轨道上运动时；由机械能守恒有：

①

由小球恰好通过最高点D点可知；重力提供向心力，即：

②

由①②解得：R=0.045m

【分析】(1)

【分析】两球碰撞过程，系统不受外力，在碰撞过程中系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A

球速度不会大于B

球的速度。由此分析即可。【解答】碰前系统总动量为：P=mAvA+mBvB=1隆脕6+2隆脕2=10kg?m/s

碰前总动能为：Ek=12mAvA2+12mBvB2=12隆脕1隆脕62+12隆脕2隆脕22=22J

A.如果vA隆盲=2m/svB隆盲=4m/s

则碰后总动量为P隆盲=mAvA隆盲+mBvB隆盲=1隆脕(2)+2隆脕4=10kg?m/s

动量守恒，能量关系为：Ek鈥�=12mAvA鈥�2+12mBvB鈥�2=12隆脕1隆脕22+12隆脕2隆脕42=18J

系统总动能减少，也符合运动情况，是可能的，故A正确；B.如果.vA隆盲=5m/svB隆盲=2.5m/s

则碰后总动量为P隆盲=mAvA隆盲+mBvB隆盲=1隆脕(5)+2隆脕2.5=17.5kg?m/s

动量不守恒，故B不可能；

D.如果vA隆盲=7m/svB隆盲=1.5m/s

则碰后A

的速度大于B

的速度，不符合实际，不可能，故D错误;

C.如果vA隆盲=鈭�4m/svB隆盲=7m/s

则碰后总动量为P隆盲=mAvA隆盲+mBvB隆盲=1隆脕(鈭�4)+2隆脕7=10kg?m/s

动量守恒。碰后总动能为Ek鈥�=12mAvA鈥�2+12mBvB鈥�2=12隆脕1隆脕42+12隆脕2隆脕72=57J

系统总动能增加，不可能，故C错误；

故选A。(2)

球m1

摆至最低点的过程中，根据机械能守恒定律求出到最低点时的速度，碰撞过程，根据动量守恒列式求碰后m2

的速度。m2

沿半圆形轨道运动，根据机械能守恒定律求出m2

在D

点的速度。恰好能通过最高点D

时，由重力提供向心力，由牛顿第二定律可求出R

本题主要考查了动量守恒、机械能守恒定律、向心力公式的应用，要知道小球恰好通过最高点时，由重力提供向心力。【解析】(1)A

(2)

解：(1)

设球m1

摆至最低点时速度为v0

由小球(

包括地球)

机械能守恒：

得：

m1

与m2

碰撞；动量守恒，设m1m2

碰后的速度分别为v1v2

选向右的方向为正方向；则：

m1v0=m1v1+m2v2

代入数值解得：v2=1.5m/s

(2)m2

在CD

轨道上运动时；由机械能守恒有：

垄脵

由小球恰好通过最高点D

点可知；重力提供向心力，即：

垄脷

由垄脵垄脷

解得：R=0.045m

26、减少0.5【分析】【分析】根据磁通量的计算公式分析答题，应用法拉第电磁感应定律求出感应电动势。本题考查了判断磁通量的变化、求感应电动势，知道磁通量的计算公式、应用法拉第电磁感应定律即可正确解题。【解答】将导线框沿纸面垂直边界拉出磁场，在此过程中，面积S

减小，由娄碌=BS

可知，穿过导线框的磁通量减少，由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势为：E=娄陇?娄陇t=0.05Wb0.1s=0.5V

故答案为：减少；0.5

【解析】减少0.5

27、解：(1)由Wab=-qELab，得

(2)电荷从b点移到c点电场力所做的功为Wbc=qELbccos60°=-1.05×10-6J

(3)a、c两点间的电势差【分析】本题要抓住电场力是一种力，具有力的共性，求电场力做功可以根据功的一般公式W=Flcos娄脕W=Flcos娄脕得到W=qEdW=qEd知道电势差也可以根据W=qUW=qU求解。(1)

根据电场力做功公式W=qEdd

为沿电场