2024年沪教版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高二物理上册月考试卷295考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示为一束白光照射到放置在空气中的玻璃三棱镜发生色散的光路示意图,a、b为其中两处折射出的单色光,以下说法中正确的是:（）A.a光的光子能量小于b光的光子能量B.在玻璃中a光的传播速度小于b光的传播速度C.用同一双缝干涉装置看到的a光干涉条纹间距比b光的宽D.如果b光能使某种金属发生光电效应,则a光也一定能使该金属发生光电效应2、质点以坐标原点O为中心位置在y轴上做简谐运动，其振动图象如图甲所示，振动在介质中产生的简谐横波沿x轴正方向传播，波速为1.0m/s。0.3s后，此质点立即停止运动，再经过0.1s后的波形图是图乙中的3、如图所示在同一地点的不同高度处以相同方向水平抛出甲乙两小球.

已知两球在空中某处相遇，则甲乙两球(

)

A.同时抛出，抛出时乙速度较大B.同时抛出，抛出时甲速度较大C.甲先抛出，抛出时乙速度较大D.甲先抛出，抛出时甲速度较大4、下列关于安培力的说法中正确的是(

)

A.通电导线在磁场中一定受安培力的作用B.安培力的大小与磁感应强度成正比，与电流成正比，而与其他量无关C.安培力的方向总是垂直于磁场和通电导线所构成的平面D.安培力的方向不一定垂直于通电直导线5、康普顿效应证实了光子不仅具有能量，也有动量.

如图给出了光子与静止电子碰撞后，电子的运动方向，则碰后光子(

)

A.可能沿1

方向，且波长变小B.可能沿2

方向，且波长变小C.可能沿1

方向，且波长变长D.可能沿3

方向，且波长变长评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示；由图可知（）

A.该交流电的电压的有效值为100VB.该交流电的频率为25HzC.该交流电压瞬时值的表达式为u=100sin25tD.若将该交流电压加在阻值为100Ω的电阻两端，该电阻消耗的功率为50W7、物理学重视逻辑，崇尚理性，其理论总是建立在对事实观察的基础上，下列说法正确的是（）A.天然放射现象说明原子核内部是有结构的B.电子的发现使人认识到原子具有核式结构C.玻尔建立了量子理论，成功解释了各种原子发光现象D.普朗克通过对黑体辐射的研究，第一次提出了能量量子化8、如图所示，A

、B

为两块平行金属板，A

板带正电荷、B

板带负电荷，两板之间存在着匀强电场，两板间距为d

、电势差为U

，在B

板上开有两个相距为L

的小孔M

、N

，C

、D

为两块同心半圆形金属板，圆心都在贴近B

板的O

隆盲

处，C

带正电、D

带负电。两板间的距离很近，两板末端的中心线正对着B

板上的小孔，两板间的电场强度可认为大小处处相等，方向都指向O

隆盲

半圆形金属板两端与B

板的间隙可忽略不计。现从正对B

板小孔紧靠A

板的O

处由静止释放一个质量为m

、电荷量为q

的带正电的粒子(

粒子的重力不计)

则下列说法中正确的是：()

A.粒子穿过B

板小孔M

的速度是qUm

B.当C

、D

板间的场强大小E

=4UL

时，粒子能在C

、D

板间运动而不碰板C.从释放粒子开始，粒子通过小孔N

的时间可能是(4d+娄脨L2)m2qU

D.从释放粒子开始，粒子通过半圆形金属板最低点P

的时间可能是(6d+3娄脨L4)m2qU

9、某电场的电场线分布如图所示；以下说法正确的是(

)

A.c

点场强大于b

点场强B.a

点电势高于b

点电势C.若将一试探电荷+q

由a

点释放，它将沿电场线运动到b

点D.若在d

点再固定一点电荷鈭�Q

将一试探电荷+q

由a

移至b

的过程中，电势能减小10、如图所示，一平行板电容器，带电量为Q

上极板带正电，下极板带负电，在两板中间放入一不带电的导体(

宽度小于板间距)

在板中间有三点123

对应的场强分别是E1E2E3

把导体移走后三点的场强分别是E_{1}{{"}}E_{2}{{"}}E_{3}{{"}}则下列说法正确的是(

)

A.导体的上表面a

带负电，下表面b

带正电B.E1>E2>E3

C.E_{1}{{"}}=E_{2}{{"}}=E_{3}{{"}}D.E_{1}{{"}}>E_{3}>E_{2}11、下列说法正确的是（）A.液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现B.扩散现象在气体、液体和固体中都能发生C.气体分子单位时间内跟单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内的分子数及分子平均动能有关E.由阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和气体的密度，可以估算出理想气体分子间的平均距离E.由阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和气体的密度，可以估算出理想气体分子间的平均距离评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、如图所示，分布在半径为r的圆形区域内的匀强磁场；磁感应强度为B，方向垂直纸面向里．电荷量为q；质量为m的带正电粒子从磁场边缘a点处沿圆的半径AO方向射入磁场，离开磁场时速度方向偏转了60°角，试求：

（1）粒子做圆周运动的半径R；

（2）粒子的入射速度；

（3）若保持粒子的速率不变；从a点入射时速度的方向顺时针转过60°角，粒子在磁场中运动的时间t．

13、如图16为一定质量的某种理想气体的p--V图，其中A、B、C三点所对应的状态的温度分别用TA、TB、TC来表示，那么TA：TB：TC=．14、如图所示是某办公室的电路，A是保险丝，甲图虚线框内的可变电阻R相当于负载的总电阻，乙图相当于甲图中虚线框内负载的连接方式，S是交流电源，交流电源的内电阻和保险丝电阻不计，电源输出电压随时间变化的规律是u=220sin100πt（V）．则该电路中电流方向每秒钟改变______次，当电路中电灯达到一定数量时，此时负载总电阻R=110Ω，保险丝恰好熔断，则保险丝熔断电流I0=______A．15、在做“用油膜法估测分子的大小”的实验中，若用直径为0.5m的浅圆盘盛水，让油酸在水面上形成单分子油酸薄膜，那么油酸滴的体积的数量级不能大于______m3．16、在下列描述核反应的方程中，属于娄脕

衰变的是_________，属于娄脗

衰变的是_______，属于裂变的是_________，属于聚变的是________.(

填正确答案的标号)

A

．714C隆煤714N+鈭�10e

B、1532P隆煤1632S+鈭�10e

C、92238U隆煤90234Th+24He

D、714N+24He隆煤817O+11H

E、92235U+01n隆煤54140Xe+3894Sr+201n

F、23H+12H隆煤24He+01n

17、如图所示，在匀强电场中，一电荷量为q=5.0×10-10C的正电荷，由a点移到b点和由a点移到c点，电场力做的功都是2.0×10-8J,已知a、b、c三点的连线组成直角三角形，ab＝20cm,＝37°，则匀强电场的场强大小为_________v/m，电场强度的方向为______(COS37°＝0.8).18、图示，A、B两个小球用等长绝缘细线悬挂在支架上，A球带0.003C的正电荷，B球带等量的负电荷，两悬点相距3cm，在外加匀强电场作用下，两球都在各自悬点正下方处于平衡状态，则该匀强电场产生的电场力与______相等，匀强电场的方向______．19、在应用电磁打点计时器进行匀变速直线运动的探究实验中；所用电源的频率为50Hz

实验得到的一条纸带如下图所示.

按时间顺序取OABCDEF

七个计数点，每相邻的两个计数点间都有四个点未画出，纸带上相邻两个计数点对应的时间间隔为______s

实验中测得相邻两个计数点之间的距离如图所示(

单位：cm)

打C

点时纸带的速度为______m/s

评卷人得分四、判断题(共4题，共28分)20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

22、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）23、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分五、证明题(共2题，共6分)24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。25、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分六、综合题(共3题，共30分)26、(1)

某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行，正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示．

垄脵

插大头针P4

时应______．

垄脷

此玻璃的折射率计算式为n=

______(

用图中的胃1胃2

表示)

．

垄脹

关于此实验的一些操作；下列说法正确的是______．

A.P1P2

及P3P4

之间的距离适当大些；可以减小误差。

B.P1P2

及P3P4

之间的距离取得小些；可以减小误差。

C.人射角适当大些；可以减小误差。

D.人射角太大，折射光线会在玻璃砖的内表面发生全反射，使实验无法进行．垄脺

在用插针法测定玻璃砖折射率的实验中，甲、乙、丙三位同学在纸上画出的界面abcd

与玻璃砖位置的关系分别如图垄脵垄脷

和垄脹

所示，其中甲、丙同学用的是矩形玻璃砖，乙同学用的是梯形玻璃砖.

他们的其他操作均正确，且均以abcd

为界面画光路图则甲同学测得的折射率与真实值相比______，乙同学测得的折射率与真实值相比______，丙同学测得的折射率与真实、值相比______．(

填“偏大”、“偏小”或“不变”)

(2)

某学生在用上述方法测量半圆形玻璃砖的折射率，在他画出的直线OA

上竖直插上了P1P2

两枚大头针，但在y<0

的区域内，不管眼睛放在何处，都无法透过玻璃砖看到P1P2

的像，原因是__________________，他应该采取的措施是______________________。(3)

如图所示，一个大游泳池，池底面水平，池水深1.2m

有一竹竿竖直插入池底，浸入水中的部分正好是全长的一半，阳光与水平方向成37?

角射入池底，竹竿的影长为2.5m

水的折射率为________。27、汽车刹车前速度为10m/s

刹车获得的加速度大小为2m/s2

求：

(1)

求汽车的刹车时间t0

(2)

汽车刹车开始后20s

内滑行的距离x1

(3)

静止前最后2.5s

内汽车滑行的距离x2

．28、如图a所示，水平放置着两根相距为d=0.1m的平行金属导轨MN与PQ，导轨的电阻忽略不计且两导轨用一根电阻也不计的导线相连．导轨上跨放着一根粗细均匀，长为L=0.3m、电阻R=3.0Ω的金属棒ab，金属棒与导轨正交，交点为c、d．整个空间充满垂直于导轨向上的磁场，磁场B随时间变化的规律如图b所示．t=0时刻，金属棒ab在外力的作用下从导轨的最右端以速度v=4.0m/s向左做匀速直线运动，则2s末回路中产生的电流的大小为______，t=8s时金属棒ab两端点间的电势差为______．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B|D【分析】【解析】【答案】BD2、C【分析】试题分析：质点停止运动，再经过0.1s后，前0.1m的质点都将恢复到平衡位置，所以BD错误；总共0.4s，波传播到1.0m/s×0.4s=0.4m处，且与波源开始起振方向相同，所以A错C对。考点：振动与波【解析】【答案】C3、C【分析】解：甲、乙两球在空中相遇，甲下降的高度大于乙下降的高度，根据h=12gt2

得t=2hg

可知；甲的运动时间长，所以甲先抛出．

因为从抛出到相遇点的过程中；水平位移相等，乙球的运动时间较短，由x=v0t

知，乙球的初速度较大，故C正确．

故选：C

．

两个小球都做平抛运动；水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据平抛运动的基本公式列式即可求解．

本题要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解法，知道平抛运动水平方向做匀速运动，竖直方向做自由落体运动．【解析】C

4、C【分析】当通电导线与磁场方向平行时，就不受安培力，所以A

错.

安培力的大小除与磁感应强度B

、电流I

有关外还与导线长度L

及导线放置方向有关，所以B

错.

安培力垂直于导线和磁感应强度决定的平面，也就是垂直于导线，所以D

错．【解析】C

5、C【分析】解：因为碰撞后动量守恒，所以碰后电子的方向斜向下，则光子的方向斜向上，可能沿1

方向.

碰后光子将部分能量转移给电子，则光子能量减小，频率减小，根据娄脣=cf

知；波长变长.

故C正确，AB

D错误．

故选C．

光子与静止电子碰撞后；动量守恒，能量守恒，通过能量守恒判断光子频率的变化，从而得出波长的变化，通过动量守恒得出碰后光子的方向．

本题关键抓住动量守恒和能量守恒，以及波速、波长、频率的关系进行分析求解．【解析】C

二、多选题(共6题，共12分)6、BD【分析】解：A、由图象可知交流电的最大值为Um=100V，因此其有效值为：U==50V；故A错误；

B、由图可知，T=4×10-2s，故f==25Hz，ω=2πf=50πrad/s；所以其表达式为u=100sin（50πt）V，故B正确，C错误；

D、若将该交流电压加在阻值R=100Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率P==50W；故D正确；

故选：BD．

根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量；然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．

本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．【解析】【答案】BD7、AD【分析】解：A；天然放射现象说明原子核内部是有结构的；故A正确；

B；质子的发现和散射实验才使人认识到原子具有核式结构的；故B错误；

C；玻尔理论成功解释了氢原子发光现象；对与其他分子无法解释，同时量子理论是由普朗克提出的，故C错误；

D；普朗克为了解释黑体辐射现象；第一次提出了能量量子化理论，故D正确；

故选：AD．

天射放射现象使人意识到原子核内部应是有结构的；明确电子；质子和中子发现的过程和意义；普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说，建立了量子论；玻尔成功解释了各种原子发光现象；

本题考查了“近代物理初步”部分，涉及普朗克的能量子假说、波尔的氢原子模型、卢瑟福的核式结构模型等，知识点多，难度小，关键多看书，掌握各位物理学家的主要贡献．【解析】【答案】AD8、BD【分析】【分析】由动能定理解得粒子穿过BB板小孔MM的速度；当粒子能在CC、DD板间运动而不碰板时由电场力提供向心力解得C、DD板间的场强大小；由动量定理解得粒子在两块平行金属板间的运动时间，由圆周运动的周期解得在半圆内运动的时间，由周期性解得从释放粒子开始，粒子通过小孔NN的可能时间及粒子通过半圆形金属板最低点PP的的可能时间。本题主要考查带电粒子在电场中的匀变速运动，知道粒子在电场中的运动具有周期性是解题的关键。有一定难度。【解答】A.粒子从释放到到达BB点，由动能定理得：qU=12mv2qU=dfrac{1}{2}m{v}^{2}解得粒子穿过BB板小孔MM的速度：v=2qUmv=sqrt{dfrac{2qU}{m}}A错误；B.当粒子能在CC、DD板间运动而不碰板时，由电场力提供向心力，故有：qE=mv2L2qE=mdfrac{{v}^{2}}{dfrac{L}{2}}解得CC、DD板间的场强大小E=4ULE=dfrac{4U}{L}故B正确；C.粒子从释放到到达BB点，由动量定理可得：qUdt1=mvqdfrac{U}{d}{t}_{1}=mv解得到达BB所用时间为：t1=d2mqU{t}_{1}=dsqrt{dfrac{2m}{qU}}从BB到NN粒子做匀速圆周运动，所用时间为：t2=娄脨L2v=娄脨L42mqU{t}_{2}=dfrac{dfrac{娄脨L}{2}}{v}=dfrac{娄脨L}{4}sqrt{dfrac{2m}{qU}}由于运动的对称性，粒子从NN到AA板所用时间等于t1{t}_{1}故从释放粒子开始，粒子通过小孔NN的时间可能是t=t1+t2=(d+娄脨L4)2mqUt={t}_{1}+{t}_{2}=left(d+dfrac{娄脨L}{4}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}也可能是t=3t1+t2=(3d+娄脨L4)2mqUt=3{t}_{1}+{t}_{2}=left(3d+dfrac{娄脨L}{4}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}或t=5t1+2t2=(5d+娄脨L2)2mqUt=5{t}_{1}+2{t}_{2}=left(5d+dfrac{娄脨L}{2}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}等，故C错误；D.同理由对称性可知从释放粒子开始，粒子通过半圆形金属板最低点PP的时间可能是t=(2n+1)(t1+t22)t=left(2n+1right)left({t}_{1}+dfrac{{t}_{2}}{2}right)当n=1n=1时，t=(3d+3娄脨L8)2mqU=(6d+3娄脨L4)m2qUt=left(3d+dfrac{3娄脨L}{8}right)sqrt{dfrac{2m}{qU}}=left(6d+dfrac{3娄脨L}{4}right)sqrt{dfrac{m}{2qU}}D正确。

故选BD。

【解析】BD

9、BD【分析】解：A

电场线的密的地方场强大；d

点电场线密，所以d

点场强大，故A错误．

B、沿着电场线方向电势降低，a

点电势高于b

点电势；故B正确．

C；若将一试探电荷+q

由a

点静止释放；将沿着在a

点的场强方向运动，运动轨迹不是电场线，故C错误．

D；若将一试探电荷+q

由a

点静止释放；点电荷鈭�Q

的电场力向右上方，原电场的电场力也是向右上方，所以都对电荷做正功，电荷动能增加，电势能减小，故D正确．

故选：BD

．

电场线的疏密反映电场的强弱.

沿着电场线方向电势降低.

电场线方向与电荷的运动轨迹无直接关系．

根据电场线的特点即可解决问题.

可通过动能定理判断电荷动能的变化即可知道速度大小的变化.

属于基础题目．【解析】BD

10、AC【分析】解：A

在两极板之间形成了竖直向下的匀强电场；导体里面的自由电子发生定向移动，从而形成静电感应现象，达到平衡后上表面被感应出负电荷，下表面感应出正电荷，故A正确；

B；处于静电平衡中的导体内部场强处处为零；所以E1=E3E2=0

故B错误；

C；把导体移走后；两板间为匀强电场，场强大小处处相等，方向相同，即E1鈥�=E2鈥�=E3鈥�

故C正确；

D、把导体移走后，相当于两板间距离增大，场强变小，E1隆盲<E3

故D错误；

故选：AC

导体在电场中发生静电感应；导体中的自由电子发生定向移动，稳定时导体内部产生感生电场，方向与匀强电场方向相反，原电场向下，感生电场向上，所以下表面感应正电，上表面感应负电，处于静电平衡状态导体内部场强为0

导体移走后，极板间是匀强电场，场强处处相等。

处于静电感应现象的导体，内部电场强度处处为零，理解场强处处为零的原因.

知道净电荷全部分布在导体表面.

且整个导体是等势体．【解析】AC

11、ABCE【分析】解：A；根据表面层分子力的特点可知；液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现。故A正确；

B；扩散现象是由于分子的无规则运动产生的；所以扩散现象在气体、液体和固体中都能发生；故B正确；

C；根据气体压强的微观意义可知；气体分子单位时间内跟单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内的分子数及分子平均动能有关。故C正确；

D；第二类永动机不可能制成的原因是违背了热力学第二定律；没有违背能量守恒定律。故D错误；

E；由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和气体的密度；可以估算出理想气体分子间的平均距离。故E正确。

故选：ABCE。

液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现；从扩散现象的本质出发；反映出分子的无规则运动进行判断；会根据阿伏加德罗常数可分析气体分子间的距离。

考查对扩散现象、热力学第二定律、温度的微观意义以及压强的微观意义等基础知识的理解，注意会确定是否扩散运动，同时理解分子无规则的运动的含义。【解析】ABCE三、填空题(共8题，共16分)12、略

【分析】

（1）如图所示，设正离子从磁场区域射出点为C，射出方向的延长线与入射方向的直径交点

为O；故连线O′c必垂直于连线Oc．连接O′O，粒子偏转角为60°；

根据几何知识得∠aO′c=60°；

则正离子在磁场区域中运动轨迹ac弧对点O′所张的圆心角为60°．

又由几何知识得，轨道半径R=rtan60°=

（2）粒子在磁场中运动时洛伦兹力提供向心力：

qvB=m解得v=

（3）正离子做圆周运动的周期为T=

由于轨道半径不变；当离子速度方向沿顺时针方向转60°时，运动轨迹ac′弧所对圆心角仍为60°角；

则正离子沿圆弧由a点运动到c′点所需时间：t=．

答：（1）粒子做圆周运动的半径为r；

（2）粒子的入射速度为

（3）若保持粒子的速率不变，从a点入射时速度的方向顺时针转过60°角，粒子在磁场中运动的时间为．

【解析】【答案】电荷在匀强磁场中做匀速圆周运动；画出轨迹，由几何知识求出半径．洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律求出速度．定圆心角，求时间．

13、略

【分析】【解析】【答案】15.1:4:914、略

【分析】解：（1）由图象可知，ω==100π；则周期T=0.02s，而线框转动一个周期电流方向改变两次，则在一秒钟内电流方向改变100次．

（2）由图象知：U==V=220V；

根据欧姆定律，则I0==A=2A；

故答案为：100；2．

根据图象可以求得输出电压的有效值；周期；即可确定电流方向在一个周期内的改变的次数；再根据欧姆定律，即可求得结论．

掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．【解析】100；215、略

【分析】解：设油酸薄膜表面积为浅圆盘面积；油酸的体积为V：

V=πR2d=3.14××10-10m3=2×10-11m3

故答案为：10-11．

根据算出油酸薄膜的面积，油分子直径的数量级为10-10m；油膜为单分子的油膜，由此可求出油酸体积．

本题考查“用单分子油膜估测分子大小”实验的实验原理和数据处理，属于简单基础题目，计算时注意单位的换算．【解析】10-1116、CABEF【分析】【分析】娄脗

衰变生成的是电子；娄脕

衰变生成的是娄脕

粒子；裂变是重核裂变成轻核，聚变是轻核生成重核，据此分析即可。

本题难度不大，要知道衰变的生成物还有几个典型的核反应方程，难度不大，属于基础题。【解答】A

和B

的反应生成物里都有电子；属于娄脗

衰变，C

的反应生成物里有娄脕

粒子，是娄脕

衰变，裂变是重核裂变成轻核，属于裂变的是E

聚变是轻核生成重核，属于聚变的是F

故填：CABEF

【解析】CABEF

17、略

【分析】试题分析：因为正电荷q从a到b和从a到c，电场力做功相等，所以由W=qU可得Uab=Uac，b、c两点在同一等势面上，则电场强度方向与ac平行，由a指向c；Uac=W/q，dac=dabCOS37°，E=Uac/dac，代入数据计算得Ｅ＝250v/m。考点：电场力做功、电场强度。【解析】【答案】250沿ac18、略

【分析】解：由题可知；AB带异种电荷，则相互间的库仑引力；

在外加匀强电场作用下；两球都在各自悬点正下方处于平衡状态，则该匀强电场产生的电场力与各自库仑力方向相反，大小相等；

依据正电荷的电场力方向即为电场强度的方向；那么外加电场的电场强度方向向左；

故答案为：库仑力；向左．

向左．

依据同种电荷相吸；异种电荷相斥，判定电荷间的库仑力方向，再依据平衡条件，即可确定匀强电场产生的电场力的方向与大小关系．

考查电荷间的库仑力方向与大小的应用，掌握平衡条件的内容，及理解电场强度方向与正电荷的电场力方向，及负电荷的电场力方向的关系．【解析】库仑力；向左19、略

【分析】解：电磁打点计时器所用电源的频率为50Hz

时；打点周期为0.02s

因为每相邻两计数点间还有4

个打点，所以相邻的计数点之间的时间间隔为：T=0.1s

匀变速直线运动中；时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：

vC=xBD2T=(2.4+2.9)隆脕10鈭�2m2隆脕0.1s=0.265m/s

故答案为：0.10.265

．

能够知道相邻的计数点之间的时间间隔；纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．

利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力，要注意单位的换算．【解析】0.10.265

四、判断题(共4题，共28分)20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．21、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．22、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．23、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．五、证明题(共2题，共6分)24、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动25、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动六、综合题(共3题，共30分)26、（1）

①挡住本身及的像

②

③AC

④偏小不变变小

（2）

在玻璃-空气界面，入射角太大发生了全反射；在在白纸上另画一条与y轴正方向的夹角较小的直线OA。

（3）【分析】(1)

【分析】(1)"role="presentation"tabindex="0">((11))((11))((11))((11))大头针P4"id="MathJax-Element-276-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP44PP44PP44PP44挡住

P3"id="MathJax-Element-277-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP33PP33PP33PP

33

(4)

用作图法，确定出入射角与折射角的误差，即可分析折射率的误差。n=sinisinr本身及PP11PP11PP11n=sinisinrPP11、P2"id="MathJax-Element-279-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP22PP22PP22根据实验原理，则大头针PP22挡住本身及、的像；的像；故应填;

挡住(2)"id="MathJax-Element-280-Frame"role="presentation"tabindex="0">((22))本身及((22))、((22))的像;

((22))由图得到，光线在玻璃砖上表面上入射角为入射角和折射角是光线与法线的夹角，根据图确定入射角和折射角，根据折射定律求出折射率；(3)"id="MathJax-Element-281-Frame"role="presentation"tabindex="0">((33))i=90鈭�鈭�娄脠1((33))((33))((，折射角为33))r=90鈭�鈭�娄脠2为了减小实验的误差，大头针之间的距离适当大一些，入射适当大一些。解决本题的关键知道实验中需要注意的事项，以及知道实验的原理，本实验用“插针法”测定玻璃的折射率的原理是折射定律，入射角和折射角都是光线与法线的夹角，不是与界面的夹角。用插针法测定玻璃砖折射率的实验原理是折射定律n=sinisinrn=dfrac{sini}{sinr}；根据折射定律得：

n=sinisinr=sin(90鈭�鈭�娄脠1)sin(90鈭�鈭�娄脠2)=cos娄脠1cos娄脠2故应填：，作出光路图，确定折射光线的偏折情况，分析入射角与折射角的误差，来确定折射率的误差。cos娄脠1cos娄脠2

用插针法测定玻璃砖折射率的实验原理是折射定律为了提高上的精确度，实验时大头针之间的距离适当大一些，入射角适当大一些，故AC正确，错误；故选AC。，作出光路图，确定折射光【解答】(1)"id="MathJax-Element-257-Frame"role="presentation"tabindex="0">((11))((11))((11))((11))P4"id="MathJax-Element-258-Frame"role="presentation"tabindex="0">PP44PP44

PP44PP44(2)PPPPPP4444444444P3"id="MathJax-Element-259-Frame"role="pr