四川省南充市高级中学2024-2025学年高二上学期第二次月考物理试题

南充高中高2023级第三学期第二次月考物理试题（时间：75分钟总分：100分）第Ⅰ卷选择题（满分48分）一、单选题（每小题4分，共8小题，共32分）1.如图所示，磁场中有A、B、C、D四点，下列说法正确的是（）A.B点磁场比A点磁场强B.D点处没有磁场C.B、C两点磁场方向一致D.A点磁场最强【答案】D【解析】【详解】AD．磁感线可以形象地描述磁场的强弱和方向，磁感线的疏密表示磁场的强弱，磁感线越密的地方磁场越强，所以点的磁场最强，故A错误，D正确；B．磁感线疏密程度反映了磁场的强弱，没有画磁感线的地方不代表没有磁场，故B错误；C．磁感线的切线方向就是磁场的方向，则、两点的磁场方向不同，故C错误。故选D。2.光滑水平面上有原来静止的斜劈B，B的斜面也是光滑的。现在把物体A从斜面顶端由静止释放，如图所示，在A从斜面上滑下来的过程中，对于A和B组成的系统，下列说法正确的是（）A.机械能守恒，动量守恒B.机械能不守恒，动量守恒C.机械能守恒，动量不守恒D.机械能不守恒，动量不守恒【答案】C【解析】【详解】A和B组成的系统，所有接触面均光滑，系统的机械能与外界其他形式能量没有转化，系统机械能守恒。A和B组成的系统，水平方向合外力为零，水平方向动量守恒，但是竖直方向物块A的加速度有竖直向下的分量，系统竖直方向处于失重状态，竖直方向合外力不为零，竖直方向动量不守恒。整体动量不守恒。故选C。3.如图所示，大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G和变阻箱R改装而成。已知灵敏电流表G的满偏电流为Ig=200mA，内阻为Rg=10Ω，变阻箱R接入电路的阻值为R0。下列说法正确的是（）A.甲表是电流表，R增大时量程增大B.乙表是电压表，R增大时量程减小C.丙电路图表示欧姆表，表笔A是黑表笔D.在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V，则R0=5Ω【答案】D【解析】【详解】A．甲表是电流表，R增大时分流减小，则量程减小，选项A错误；B．乙表是电压表，R增大时分压变大，可知量程变大，选项B错误；C．丙电路图表示欧姆表，表笔B与内部电源的正极相连，是黑表笔，选项C错误；D．在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V，则选项D正确。故选D。4.如图所示，实线表示某电场中的四个等势面，它们的电势分别为、、和，相邻等势面间的电势差相等，一带负电的粒子(重力不计)在该电场中运动的轨迹如虚线所示，a、b、c、d是其运动轨迹与等势面的四个交点，下列说法正确的是（）A.等势面上各点电场强度处处相同B.四个等势面的电势关系是>>>C.粒子在四点的速度大小关系是D.粒子从d运动到a的过程中静电力先做正功后做负功【答案】C【解析】【详解】A．等势面上的电场线分布不是均匀的，则各点电场强度不是处处相同，选项A错误；B．由负电荷的运动轨迹可知，粒子受电场力大致向右，可知电场线大致向左，沿电场线电势降低，则四个等势面的电势关系是>>>选项B错误；C．粒子在电场中运动时，电势能和动能之和守恒，因可知负电荷的电势能关系粒子在四点的动能关系则速度大小关系是选项C正确；D．粒子从d运动到a的过程中静电力与速度夹角为锐角，可知静电力一直做正功，选项D错误。故选C。5.如图所示，在真空中水平放置一长方体，高为2L，其上下两个面是边长为L的正方形，在顶点F、H处分别放置电荷量为Q的点电荷，O1、O2分别是线段AC和线段FH的中点。下列说法正确的是（）A.线段O1O2中点的场强为零B.B、D两点场强相同C.将一电子从B点移到G点，电场力做负功D.沿竖直方向从O1到O2，电势先减小后增大【答案】C【解析】【详解】A．由等量同种点电荷的电场分布特点可知，F、H处放置的负电荷在线段O1O2中点的场强方向平行于AE方向向下，大小不为零，故A错误；B．根据等量同种点电荷的电场分布特点可知，B、D两点的场强大小相等，方向不同，故B错误；C．由于G点比B点离F、H处的两个负点电荷都更近，则G点电势低于B点的电势，将一电子从B点移到G点，则有故C正确；D．根据等量同种点电荷的电场分布特点可知，线段O1O2的电场方向由O1指向O2，则沿竖直方向从O1到O2，即沿着电场线方向，电势一直降低，故D错误。故选C。6.空间某区域内存在着电场，电场线在竖直平面上的分布如图所示。一个质量为m、电荷量为q的带电小球在该电场中运动，小球经过A点时的速度大小为，方向水平向右；运动至B点时的速度大小为，运动方向与水平方向之间的夹角为α，A、B两点之间的高度差为h、水平距离为s，则以下判断中正确的是（）A.A、B两点的电场强度和电势关系为、B如果，则电场力一定做正功C.小球从A运动到B点的过程中电场力做的功为D.A、B两点间的电势差为【答案】D【解析】【详解】A．电场线的疏密程度可表示电场强度大小，B处的电场线较密，所以；根据沿电场线方向电势降低结合等势面与电场方向垂直可知，，故A错误；B．如果，可知运动过程中小球的动能增加，根据动能定理可知，合力做正功，但由于重力对小球做正功，所以电场力不一定做正功，故B错误；CD．小球从A运动到B点的过程中，根据动能定理可得可得电场力做的功为根据可得A、B两点间的电势差为故C错误，D正确。故选D。7.如图所示，M、N和P是以MN为直径半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心，，在M、P处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有垂直纸面向里、大小相等的恒定电流，这时O点的磁感应强度大小为B0．现将M处长直导线沿圆弧逆时针移动30°角到Q点（图中未画出），则O点的磁感应强度的大小为（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【详解】根据安培定则可知，两导线在O点形成的磁感应强度如图所示合磁感应强度大小为B0，.则根据几何关系可知，两导线单独形成磁感应强度大小为当M处的导线移到Q点时，两导线在O点形成的磁感应强度如图所示由几何关系可知，O点的磁感应强度大小为故选A。8.电场某条电场线是一条直线，沿电场线方向依次有O、A、B、C四个点，相邻两点间距离均为，以O点为坐标原点，沿电场线方向建立x轴，该电场线上各点电场强度E随x的变化规律如图所示，。一个带电量为1C的正电粒子，从O点由静止释放，仅受电场力作用。则下列说法正确的是（）A.粒子从A到B做匀速直线运动B.若O点的电势为零，则B点的电势为VC.粒子运动到A点时动能为JD.粒子在OA段电势能减少量等于BC段电势能减少量【答案】B【解析】【详解】A．由图可知，从A到B电场强度不变，电场力恒定不变，粒子仅在电场力作用下做匀变速直线运动，故A错误；B．图像的面积表示电势变化，沿电场线方向电势逐渐降低，若O点的电势为零，则B点的电势为故B正确；C．根据题意，由动能定理有解得粒子运动到A点时动能D．根据及图像与坐标轴围成的面积表示电势变化可知，粒子在OA段电势能减少量大于BC段电势能减少量，故D错误。故选B。二、多选题（每小题4分，选对但未选全对得2分，选错得0分，4小题共16分）9.下列说法中正确的是（）A.安培认为在原子、分子内部总存在着一种环形电流——分子电流B.奥斯特发现了电流的磁效应，安培利用对称性思想提出了磁能生电C.由知，电容C与电容器所带电荷量Q成正比，与其两端的电压U成反比D.是磁感应强度的定义式，适用任何磁场，但电流元IL一定要垂直磁场方向放置【答案】AD【解析】【详解】A．安培认为在原子、分子内部总存在着一种环形电流——分子电流，选项A正确；B．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第利用对称性思想提出了磁能生电，选项B错误；C．电容器的电容只与电容器内部结构有关，与电容器所带电荷量Q以及两端的电压U无关，选项C错误；D．公式是磁感应强度的定义式，适用任何磁场，但电流元IL一定要垂直磁场方向放置，选项D正确。故选AD。10.如图所示，线框面积为S，线框平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则下列说法正确的是（）A.如图所示位置时磁通量等于BSB.若使线框绕转过角，磁通量仍为BSC.若从初始位置绕转过角时，磁通量的变化量为BSD.若从初始位置线框翻转，磁通量为零【答案】AC【解析】【详解】A．如图所示位置时磁通量等于BS，选项A正确；B．若使线框绕转过角，磁通量为选项B错误；C．若从初始位置绕转过角时磁通量为零，则磁通量的变化量为选项C正确；D．若从初始位置线框翻转，磁通量为BS，选项D错误。故选AC。11.如图，电源的电动势为E，内阻为r，为定值电阻且，电表均为理想电表。闭合开关S后，在滑动变阻器R的滑片Р由最左端a向最右端b移动的过程中（）A.电流表和电压表示数均逐渐减小B.电压表与电流表示数的比值逐渐减小C.电压表与电流表示数改变量的绝对值逐渐减小D.电源的输出功率逐渐增大【答案】BD【解析】【详解】A．根据闭合电路欧姆定律有在滑片P由最左端a向最右端b移动的过程中，R减小，则Ⅰ增大，电流表示数逐渐增大。由U=EIr可知，当Ⅰ增大时，路端电压U减小，则电压表示数逐渐减小，故A错误；B．电压表与电流表示数的比值可知R减小，逐渐减小，故B正确；C．由闭合电路欧姆定律U=EIr可知，电压表与电流表示数改变量比值的绝对值可知R减小，不变，故C错误；D．因，开始时，根据可知R减小，电源的输出功率逐渐增大，故D正确。故选BD。12.如图，一粗糙绝缘竖直面与两个等量异种点电荷连线的中垂线重合，A、O、B为该竖直面上的三点，且O为等量异种点电荷连线的中点，AO=BO。现有带电荷量为q、质量为m的小物块从A点以初速度v0向B滑动，到达B点时速度恰好为0，则（）A.A一定带负电荷B.从A到B，小物块先做加速运动后做减速运动C.小物块到达O点时的动能为D.从A到B，小物块的电势能先减小后增大【答案】AC【解析】【详解】A．粒子从A到B做减速运动，可知受向上的摩擦力作用，电场力向右可知，A一定带负电荷，选项A正确；B．物块在B点速度减为零，则在B点上方附近的加速度向上，则受的向上的摩擦力大于重力，由对称性可知物块在A点下方附近的向上的摩擦力也大于重力，即加速度向上，物块从A点开始就做减速运动；在O点附近的场强大于A点附近的场强，则物块在O点附近受电场力较大，摩擦力也较大，则加速度仍向上，物块仍做减速运动，可知滑块在整个过程中一直做减速运动，故B错误；CD．由于AB是等势线，则电荷的电势能不变，从A到B，电场力不做功，从A到B由动能定理从A到O由动能定理解得故C正确，D错误。故选AC。第Ⅱ卷非选择题（满分52分）三、实验题（本题共2小题，13题6分，14题10分，共16分）13.小明同学利用如图甲所示的实验装置“验证动量守恒定律”，回答下列问题：（1）用游标卡尺测量直径相同的两小球的直径，测量结果如图乙所示，则直径为___________mm；（2）实验装置中应保持斜槽末端_____________；（3）每次小球下滑要从_______________处由静止释放；（4）入射小球的质量m1___________被碰小球的质量m2；（选填“大于”、“小于”或“等于”）（5）在图甲中，小球的水平射程的数值分别用OP、OM和ON表示，因此只需验证__________________。【答案】（1）12.60（2）切线水平（3）同一高度（4）大于（5）【解析】【小问1详解】20分度游标卡尺的分度值为，由图乙可知小球的直径为【小问2详解】为了保证小球抛出时的速度处于水平方向，实验装置中应保持斜槽末端切线水平。【小问3详解】为了保证入射小球每次碰撞前瞬间的速度相同，每次小球下滑要从同一高度处由静止释放。【小问4详解】为了保证碰撞后入射小球不反弹，入射小球的质量m1大于被碰小球的质量m2。【小问5详解】设入射小球碰撞前瞬间的速度为，碰撞后瞬间入射小球和被碰小球的速度分别为、，根据动量守恒可得小球离开轨道后做平抛运动，它们在空中下落的高度相同，运动的时间相等，则有可得验证动量守恒的表达式为14.描绘额定电压为3.0V的小灯泡伏安特性曲线（要求电压变化从零开始），并研究小灯泡实际功率。（1）为了完成实验且尽可能减小实验误差，以下电路图中，最合适的是______。A．B．C．D．（2）将图甲中的实验仪器连成完整的实验电路。______（3）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于__________端（填“a”或“b”）。（4）若闭合开关，移动滑动变阻器，实验中测得有关数据如下表，根据表中的实验数据，得到小灯泡的特性曲线（横轴为电压，纵轴为电流），如图，则灯泡灯丝的电阻随着电压的升高而_______；当灯泡两端为额定电压3.0V时，此时小灯泡的电阻值为_______，灯泡功率P＝______W（结果均保留两位有效数字）。0.400.801.201.602.002.402.800.100.160.200.230.250.260.27【答案】①.A②.③.a④.增大⑤.11⑥.0.83##0.82【解析】【详解】（1）[1]因为描绘小电珠的伏安特性曲线实验中，电表示数需要从零开始变化，即滑动变阻器应该采用分压接法；因为小灯泡正常工作时电阻远小于电压表内阻，所以电路应该选用电流表外接法，即电路图为分压外接的连接方式。故选A。（2）[2]完整的实验电路如图所示（3）[3]开关闭合前，要使小灯泡两端电压为零，滑动变阻器的滑片应置于端；（4）[4]斜率代表电阻的倒数，灯泡灯丝的电阻随着电压的升高而增大。[5]由图可知当灯泡两端为额定电压3V时，此时小灯泡中的电流约为I=0.272A[6]此时小灯泡的电阻值为小灯泡的实际功率为15.如图所示，电流表和电压表均为理想电表，电容器的电容C=8µF，定值电阻R1=4Ω，R2=6Ω，电源电动势E=6V，内阻未知，开关S闭合一段时间后，电流表的读数为0.5A，求：（1）电源内阻r。（2）电压表的示数。（3）将开关S断开，通过R2的电荷量。【答案】（1）2Ω（2）5V（3）2.4×10−5C【解析】【小问1详解】开关S闭合一段时间后，电流表的读数为0.5A，根据闭合电路欧姆定律有解得【小问2详解】根据电路结构，电表测的是路端电压，根据闭合电路欧姆定律有【小问3详解】开关S闭合一段时间后，定值电阻R2两端电压根据电容的定义式有将开关S断开后，电容器对定值电阻R2放电，结合上述可知，通过R2的电荷量16.如图所示，一高空作业的工人的质量为65kg，系一条长为L=5m的安全带，若工人不慎跌落时，安全带的缓冲时间t=1s，g取10m/s2，求：（1）工人跌落到安全带刚好伸直时的速度大小（2）从工人跌落到安全带最长时重力对人的冲量。（3）从人跌落到安全带最长的过程中安全带受的平均冲力。【答案】（1）（2）1300N·s，竖直向下（3）1300N，竖直向下【解析】【详解】（1）自由下落段，根据速度位移公式解得（2）工人自由落的时间为有解得重力的冲