贵州省遵义第二教育集团2023-2024学年高考物理押题试卷含解析

贵州省遵义第二教育集团2023・2024学年高考物理押题试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、已知无限长通电直导线周围某一点的磁感应强度8的表达式：8二智",其中八）是该点到通电直导线的距离，/

2环

为电流强度，〃。为比例系数（单位为N/A?）.试推断，一个半径为K的圆环，当通过的电流为/时，其轴线上距圆心

O点为气处的磁感应强度应为（）

入瓜

2(…产

氏1R?雨/

C,2(人的%

2、如图所示，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框，在导线框右侧有一宽度为d（d>L）的条

形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下。导线框以某一初速度向右运动，U0时导线框

的右边恰与磁场的左边界重合，并以此位置开始计时做为导线框位移x■的起点，随后导线框进入磁场区域，直至导线

框的右边与磁场区域右边界重合。下列图象中，可能正确描述上述过程的是（其中《表示流经线框的电荷量，了表示

线框的瞬时速度）（）

XXXX

LXxX,K

□一XX

XXXX；

人

3、一物块的初速为PO,初动能为&o,沿固定斜面（粗糙程度处处相同）向上滑动，然后滑回到原处。此过程中，物

块的动能&与位移x,速度丫与时间，的关系图像正确的是（）

4、如图所示，将一交流发电机的矩形线圈"cd通过理想变压器外接电阻K=5Q,已知线圈边长。加cd=0.1m,ad=hc

=0.2m,匝数为50匝，线圈电阻不计，理想交流电压表接在原线圈两端，变压器原副线圈匝数比〃I：〃2=I：3,线圈

在磁感应强度B=0.2T的匀强磁场中绕垂直磁场的虚线轴以,”=200rad/s的角速度匀速转动，则（）

A.从图示位置开始计时，线圈中产生的电动势随时间变化的关系式为e=40sin200/（V）

B.交流电压表的示数为20&V

C.电阻R上消耗的电动率为720W

D.电流经过变压器后频率变为原来的2倍

5、如图所示，矩形线圈处在磁感应强度大小为B、方向水平向右的匀强磁场中，线圈通过电刷与定值电阻R及理

想电流表相连接，线圈绕中心轴线以恒定的角速度G匀速转动，U0时刻线圈位于与磁场平行的位置。已知线

圈的匝数为〃、面积为S、阻值为，,则下列说法正确的是（）

A.r=0时刻流过电阻R的电流方向向左

B.线圈中感应电动势的瞬时表达式为e=〃BSosina

C.线圈转动的过程中，电阻R两端的电压为遐也

R+r

nBScoR

D.从UO时刻起，线圈转过60。时电阻R两端的电压为2（H+,）

6、如图所示，圆环固定在竖直平面内，打有小孔的小球穿过圆环.细绳a的一端固定在圆环的A点，细绳b的一端

固定在小球上，两绳的联结点O悬挂着一重物，O点正好处于圆心.现将小球从B点缓慢移到W点，在这一过程中,

小球和重物均保持静止.则在此过程中绳。的拉力（）

A.一直增大

B.一直减小

C.先增大后减小

D.先减小后增大

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示，下雨天，足球运动员在球场上奔跑时容易滑倒，设他的支撑脚对地面的作用力为产，方向与竖直方向的

夹角为。，鞋底与球场间的动摩擦因数为〃，下面对该过程的分析正确的是（）

A.下雨天，动摩擦因数"变小，最大静摩擦力增大

B.奔跑步幅越大，越容易滑倒

C.当〃<tan。时，容易滑倒

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某小组要测量一电源的电动势和内阻。供使用的实验器材有：量程为0~0.6A电阻不计的电流表一只；阻

值均为6Q的定值电阻三只；开关S及导线若干。根据实验器材，同学们设计出如图甲所示的电路图，其主要实验操

作步骤如下：

⑴三个6Q的电阻通过串、并联等不同的组合方式可以得到七个不同阻值的电阻R,表中己列出H的不同阻值。

⑵把不同组合方式得到的电阻R分别接入图甲所示电路的之间，可测得七组电阻R对应电流I的数据如下表。

（3）以:纵坐标、K为横坐标，根据表中数据在图乙坐标纸上作出｝-R图像o

（4）根据图像求出电源的电动势£=V；内阻厂Q。（结果均保留两位有效数字）

1234567

项

R/tl234691218

UK0.590.500.430.330.240.200.14

1/A-*

1.692.002.333.034.175.007.14

/

⑸该小组利用此电路测量一未知电阻人的阻值。把未知电阻人接入电路MN间，电流表的读数为0.25A,可得待测

电阻的阻值为。。（保留两位有效数字）

12.（12分）如图甲所示的一黑箱装置、盒内有电源、电阻等元件，。、力为黑箱的两个输出端

丙

A.用多用电表的电压档测量。、力间的输出电压

B.用多用电表的电阻档测量。、8间的电阻

你认为这个同学以上测量中有不妥的有(选填字母)；

(2)含有电源的黑箱相当于一个“等效电源%。、力是等效电源的两级，为了测定这个等效电源的电动势和内阻，该

同学设计了如图乙所示的电路，调节电阻箱的阻值，记录下电压表和电流表的示数，并在如图所示的方格纸上建立

坐标，根据实验数据画出了坐标点，如图所示，并由图求出等效电源的内阻,=_。；由于电压表有分流的作用，采

用此测量电路，测得的等效电源的内阻，与真实值相比—(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)；

(3)现探明黑箱中的电源和电阻如图丙所示，探出电阻扣=1.5。、W=2。；推算出黑箱内电源的电动势E=-V,内

阻r=C

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)静止在水平地面上的两小物块A、B,质量分别为〃1.0kg,=4.0kg；两者之间有一被压缩的微

型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离如图所示，某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使A、B瞬间分离，两物

块获得的动能之和为d=100」，释放后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动。A、B与地面之间的动摩擦因数均为

4=0.20,重力加速度取g=10m/s2,A、B运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短。

(I)求弹簧释放后瞬间A、B速度的大小：

(2)物块A、B中的哪一个先停止？该物块刚停止时A与B之间的距离是多少？

(3)A和B能否再次发生碰撞？若不能，说明理由；若能，试计算碰后的速度大小。

14-分)如图所示'半径未知的;光滑圆弧4°与倾角为37。的斜面在"点连接,〃点的切线水平。斜面"C长为

L=0.3m。整个装置位于同一竖直面内。现让一个质量为m的小球从圆弧的端点4由静止释放，小球通过8点后恰好

落在斜面底端C点处。不计空气阻力。(g取10m/s2)

(1)求圆弧的轨道半径;

⑵若在圆弧最低点B处放置一块质量为小的胶泥后，小球仍从A点由静止释放，粘合后整体落在斜面上的某点4

若将胶泥换成3m重复上面的过程，求前后两次粘合体在斜面上的落点到斜面顶端的距离之比。

15.(12分)如图所示，用质量为山，横截面积为S的活塞在气缸内封闭一定质量的理想气体，不计活塞厚度及活塞

和气缸之间的摩擦。开始时活塞距气缸底的高度为〃且气缸足够高，气体温度为To,外界大气压强为尸o,重力加速度

为g，其中，〃二W求：

2g

(i)封闭气体的压强;

(ii)在活塞上面放置一个物体，物体的质量也为股，再次平衡后，发现活塞距气缸底的高度为;九则此时气体。的

温度为多少。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

根据，B=：'、必）单位为:T・m/A；

2环

A、等式右边单位：噂=A/m,左边单位为T,不同，故A错误；B、等式右边单位：（1•他八川】.A二妹,左边

mm

单位为T,不同，故B错误；C、等式右边单位：（T，m/A；m~，A=T,左边单位为T,相同，故C正确；D、等式右

m

边单位（「m/A,m2.A=T,左边单位为「相同，但当「。=0时8=0,显然不合实际，故D错误；故选C.

m

【点睛】本题要采用量纲和特殊值的方法进行判断，即先根据单位判断，再结合I•。取最小值进行分析,结合量纲和特殊

值进行判断是解决物理问题的常见方法.

2、D

【解析】

AB.线圈进入磁场时，产生的感应电动势为

E=BLv

感应电流为

I/

R

线框受到的安培力大小为

F=BIL=^-^-

R

由牛顿第二定律为

F-ma

则有

B2I：V

a=------

mR

在线框进入磁场的过程中，由于y减小，所以〃也减小，则流经线框的电荷量

A①Rix

q=---=-----

RR

则qocx,q-x图象是过原点的直线。根据数学知识得：

2_BLM_BLv

"A7"RAt~~iT

因为y减小，则图象切线斜率减小；当线框完全进入磁场后，无感应电流，不受安培力，线框做匀速直线运动，磁

通量不变，故AB错误；

C.线圈进入磁场的过程做加速度减小的变减速运动，M图象是曲线，故C错误；

D.线圈进入磁场的过程，根据动量定理得：

-BILt=mv-m\\}

又

-BLvtBLx

q=It=------=------

RR

联立整理得

B21}

v=v--------X

0mR

y・x图象是向下倾斜的直线，线框完全进入磁场后，做匀速直线运动，故D正确。

故选D。

3、A

【解析】

AB.设斜面的倾角为〃，物块的质量为加，根据动能定理可得，上滑过程中

一"zgxsin0-=Ek-Ek0

则

Ek=耳。一Q〃gsine+〃〃7gcose)x

下滑过程中

“zgx'sin9-〃〃?gx'cos=Ek-0

则

Ek=(/??gsin0-〃"?gcos0)V

可知，物块的动能以与位移x是线性关系，图像是倾斜的直线，根据能量守恒定律可得，最后的总动能减小，故A

正确，B错误：

CD.由牛顿第二定律可得，取初速度方向为正方向，物块上滑过程有

-mgsin0—"mgcos0=ma

下滑过程有

-mgsin0+pingcos0=ma

则物块上滑和下滑过程中加速度方向不变，但大小不同，故CD错误。

故选A。

4、B

【解析】

A.线圈绕垂直磁场的虚线轴匀速转动，产生正弦式交流电，交变电动势最大值：

Em=A^5w=50x0.2x0.1x().2x200V=40V

图示位置为与中性面垂直的位置，感应电动势为最大，则从此时开始计时，线圈中产生的电动势随时间变化的关系式

为

e=40cos200/(V)

故A错误；

B.线圈内阻不计，则电压表示数为交变电动势的有效值

石=冬=2()&

故B正确;

C.根据变压比可知，副线圈输出电压：

U=&E=60&V

勺

电阻/？上消耗的功率：

U2

p=—=1440W

R

故C错误；

D.变压器不会改变交流电的频率，故D错误。

故选：B.

5、D

【解析】

A.，=0时刻线框与磁场方向平行，即线框的速度与磁场方向垂直，右手定则可知，流过电阻R的电流方向向右，故

A错误；

B.从与中性面垂直的位置开始计，感应电动势随时间按正弦规律变化，且最大感应电动势

Em=nBSo)

所以感应电动势的瞬时值表达式为

e-nBS(D^s(ot(V)

故B错误；

C.线圈转过的过程中，最大感应电动势£m=〃8S”,则产生的感应电动势的有效值为

历

E=-HBSM

2

因此电阻R两端的电压为

\[lnBS(oR

U=----........—

2(/?+r)

故C错误；

D.线曲从U0开始转过60。时，电阻R两端的电压为

nBScocos60-RnBS①R

RR+r2(/?+r)

故D正确。

故选D。

6、A

【解析】

对联结点。进行受力分析，受三个拉力保持平衡，动态三角形如图所示:

可知小球从△点缓慢移到配点过程中，绳a的拉力乃逐渐变大，故A正确，BCD错误.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、BC

【解析】

A.下雨天，地面变光滑，动摩擦因数〃变小，最大静摩擦力减小，故A错误；

B.将力"分解，脚对地面的压力为Pcos”,奔跑幅度越大，夹角〃越大，则压力越小，最大静摩擦力越小，人越容

易滑倒，故R正确；

CD.当

FsinO>/iFcosO

时人容易滑倒，此时

4Vtan。

故C正确，D错误。

故选BC.

8、BDE

【解析】

A.布朗运动是悬浮在液体、气体中的固体小颗粒的运动，所以只能发生在液体和气体中，故A错误；

B.扩散现象是两种物质的分子相互进入对方，可在固、液、气三种物质中任两种中发生，故B正确；

C.当分子力表现为引力时，随分子间的距离增大，分子力先增后减，但分子势能一直增大，故C错误；

D.液晶分子在特定的方向排列比较整齐，具有各向异性，但分子排列不稳定，外界条件的微小变化都会引起液晶分

子排列的变化，从而改变液晶的某些性质，如温度、压力和外加电压等的变化，都会引起液晶光学性质的变化，故D

正确；

E.单晶体的物理性质是各向异性，多晶体和非晶体的物理性质是各向同性，故E正确。

故选BDEo

9、AC

【解析】

A.副线招的总电流即A2的示数为〃=0.4A,由理想变压器两端的电流比等于匝数的反比，可得

I.=­/.=-x0.4A=0.08A

1n,-5

即电流表Ai的示数为0.08A,故A正确；

BC.变压器的输入电压的有效值为U=110V,根据全电路的能量守恒定律有

见=6+24

而指示灯L的额定功率是灯泡A的］,即

P=—

L5

联立解得

R=4W,P1=0.8W

由电功率

可得

Ur.\=20V

故B错误，C正确；

D.对原线圈电路由=?+可得原线圈的输入功率

P入=CZZ,-^=(8.8-0.8)W=8W

故D错误。

故选AC,

10>AC

【解析】

A.Q刚放上P瞬间，弹簧弹力不变，仍为mg,故根据牛顿第二定理可知，它们的加速度

八整二

2m2

故A正确；

B.4时刻P、Q速度第一次达到最大，此时P、Q整体合力为零，此时弹簧弹力

F—2〃7g

故OF时间内弹簧弹力小于2,心，故07时间内弹簧弹力的冲量小于故B错误；

C.07时间内整体向下的加速度逐渐减小到零，对Q有

mg-N=ma

故P对Q的支持力N不断增大，故C正确；

D.打时刻，P、Q第一次下降到最低点，动能为零，故根据机械能守恒可知，0~勿时间内P、Q的重力势能和弹簧弹

性势能的总和先减小再增大，故D错误。

故选AC,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

2.9(2.7〜3.1)2.9(2.7〜3.1)8.8(8.4〜9.2)

(3)[1]通过描点作图作出;-R图像

⑷⑵网根据闭合电路欧姆定律E=/(K+r),得:

—1=—RI-r

IEE

结合图像可知

1,7.1-1r,

——=k=-----；—=1

E18E

解得：

E=2.95V,r=2.95Q

⑸[4]根据分析可知

E

R=--r=8.85Q

'I

12、B1.0偏小3.00.5

【解析】

(1)”]用欧姆挡不能直接测量带电源电路的电阻，故填叽

(2)(21根据电源的UU图像纵轴的截距表示电源的电动势，斜率的绝对值表示电源的内阻，可得等效电源的电动势为

E=1.5V

内阻

\U1.5-L0

Q=1.0Q

0.50

13J该实验的系统误差主要是由电压表的分流，导致电流表测量的电流小于通过电源的真实电流；利用等效电源分析,

即可将电压表与黑箱看成新的等效电源，则实验中测出的内阻应为原等效电源内阻和电压表内阻并联的等效电阻，所

以测得的内阻与真实值相比偏小C

(3)[4][5]等效电源的电动势为丙图中而两端的电压，故

E=-------------E

凡+R?+r

等效电源的内阻为丙图中虚线框内的总电阻，故

111

-r=-----1-------------

rR2+/-

解得

E=3.0V

r=0.5Q

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(l)4.0ni/s,l.()ni/s；(2)B,0.50m；(3)不能，见解析

【解析】

(1)设弹簧释放瞬间A和B的速度大小分别为乙、小以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有

h1，1、

&网4〃+2niBVB

联立并代入题给数据得

vA=4.0m/s

vH=I.Om/s

(2)A、B两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设加速度大小为。，则有

假设A和B发生碰撞前，已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的B,设从弹簧释放到B停止所需时

间为，，B向左运动的路程为则有

12

vB-at=O

可得

t=0.5s

xl{=0.25m

在时间/内，A可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后A将向左运动，碰撞并不改变A的速度大小，所以无论此碰撞是否发

生，A在时间，内的路程x八都可表示为

1,

xA=vat--ar=\.75m>\m

这表明在时间/内A已与墙壁发生碰撞，但没有与B发生碰撞，此时A位于出发点右边0.25m