福州某中学2024届高考押题卷物理试题

福州第一中学2024届高考押题卷物理试题

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、图像法具有自己独特的优势，它能把复杂的物理过程直观形象清楚地展现出来，同时也能够形象地描述两个物理量

之间的关系，如图所示，若x轴表示一个物理量，轴表示一个物理量，其中在实验数据处理时，会发现图像与两个

坐标轴的交点（称为截距）具有特殊的物理意义。对该交点的物理意义，下列说法不正建的是（）

o'---------------T

A.在测电源电动势和电源内阻时.若K轴表示流过电源的电流,y轴表示闭合电路电源两端的电压.则该图像与X轴

的交点的物理意义是短路电流

B.在利用自由落体法验证机械能守恒实验时，若x轴表示重锤下落到某点时速度的平方，轴表示重锤落到该点的距

离，则该图像与x轴交点的物理意义是重锤下落时的初速度

C.在用单摆测重力加速度的实验中，若x轴表示摆线长度，），轴表示单摆周期的平方，则该图像与x轴交点绝对值的

物理意义是该单摆摆球的半径

D.在研究光电效应的实验中，若x轴表示入射光的频率，y轴表示光电子的最大初动能，则该图像与x轴的交点物理

意义是该金属的极限频率

2、如图，A、8两点固定有电荷量分别为+S和+。2的点电荷，A、3连线上有C、O两点，KAC=CD=DBO试探电荷

+4只在静电力作用下，从C点向右沿直线运动到。点，电势能先减小后增大，则（）

Q心

A.<21一定大于0

B.C、/）两点的场强方向可能相同

C.+g的加速度大小先减小后增大

D.+g的动能和电势能的总和先减小后增大

3、下列关于原子物理知识的叙述正确的是（）

A.£衰变的实质是核内的中子转化为一个质子和一个电子

B.结合能越大，原子核内核子结合得越牢固，原子核越稳定

C.两个轻核结合成一个中等质量的核，核子数不变质量不亏损

D.对于一个特定的氨原子，知道了半衰期，就能准确的预言它在何时衰变

4、1896年法国科学家贝可勒尔发现了放射性元素能够自发地发出射线的现象，即天然放射现象。让放射性元素镭衰

变过程中释放出的。、//、y三种射线，经小孔垂直进入匀强电场中，如图所示。下列说法正确的是（）

♦②%一

出

A.③是a射线，a粒子的电离能力最强，穿透能力也最强

B.①是少射线，是高速电子流，来自于原子的核外电子

C.原子核发生一次衰变的过程中，不可能同时产生夕两种射线

D.原子序数大于83的元素，都具有放射性，原子序数小于或等于83的元素，都不具有放射性

5、投壶是古代士大夫宴饮时做的一种投掷游戏，也是一种礼仪。某人向放在水平地面的正前方壶中水平投箭（很短，

可看做质点），结果箭划着一条弧线提前落地了（如图所示）。不计空气阻力，为了能把箭抛进壶中，则下次再水平抛

箭时，他可能作出的调整为（）

A.减小初速度，抛出点高度变小

B.减小初速度，抛出点高度不变

C.初速度大小不变，降低抛出点高度

D.初速度大小不变，提高抛出点高度

6、如图甲，理想变压器的原、副线圈匝数比112=10：1,副线圈电路接有滑动变阻器R和额定电压为12V、线圈

电阻为2。的电动机M.原线圈输入的交流电压如图乙.闭合开关S,电动机正常工作，电流表示数为1A.下列判断

正确的是（）

甲乙

A.副线圈两端的电压有效值为22后V

B.滑动变阻器R的接入电阻为IOC

C.电动机输出的机械功率为12W

D.若电动机突然卡住，原线圈输入功率将变小

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、在大型物流货场，广泛的应用传送带搬运货物。如图所示，倾斜的传送带以恒定速率u=2m/s逆时针运行，皮带始

终是绷紧的。质量〃?=1kg的货物从传送带上端4点由静止释放，沿传送带运动到底端“点，A8两点的/=3.2m距

离。己知传送带倾角9=37°,货物与传送带间的动摩擦因数4=0.5,重力加速度g=10m/s2,sin370=0.6,

cos37°=0.8。则（）

A.货物从A点运动到4点所用时间为l.2s

B.货物从A运动到4的过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为0.8J

C.货物从A运动到3的过程中，传送带对货物做功大小为11.2J

D.货物从A运动到与传送带速度相等的过程中，货物减少的重力势能小于货物增加的动能与摩擦产生的热量之和

8、关于对液体的理解，下列说法正确的是（）

A.船能浮在水面上，是由于水的表面存在张力

B.水表面表现张力是由于表层分子比内部分子间距离大，故体现为引力造成的

C.密闭容器，某种蒸气开始时若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积，蒸气仍是饱和的

D.相对湿度定义为空气中水蒸气的压强与该温度水的饱和汽压之比

E.当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，水中还会有水分子飞出水面

9、如图所示，擦亮的锌板与验电器上的金属球相连，验电器上的铝箔原来是不张开的.现让紫外线照射到锌板，观察

到验电器的铝箔张开.下列说法正确的是（）

A.验电器的铝箔带负电

B.此实验可以说明光具有粒子性

C.若改用X射线照射锌板，则观察到验电器的铝箔会张开

B.测得凯道A3的半径为A、BC的长度为，和CC的高度为〃；

C.将物块。从4点由静止释放，在物块。落地处标记其落地点。;

D.重复步骤C,共做5次；

E.将5个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量其圆心到C的距离工。

则物块。到达C点时的动能々c；在物块。从8点运动到C点的过程中，物块Q克服摩擦力做的功

W=；物块。与平板尸的上表面之间的动摩擦因数〃=<.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，直角坐标系Oxy位于竖直平面内，x轴与绝缘的水平面重合，在y轴右方有垂直纸面向里

的匀强磁场和竖直向上的匀强电场.质量为ni2=8xl0^kg的不带电小物块静止在原点O,A点距O点L=0.045m,

质量mi=lxl()Ag的带电小物块以初速度vo=O.5m/s从A点水平向右运动，在O点与m2发生正碰并把部分电量转移

到n】2上，碰撞后m2的速度为0.1m/s,此后不再考虑mi、m2间的库仑力.已知电场强度E=40N/C,小物块mi与

水平面的动摩擦因数为产0.1,®g=l(hn/s2,求：

(1)碰后mi的速度；

(2)若碰后nu做匀速圆周运动且恰好通过P点，OP与x轴的夹角0=30%OP长为Lop=0.4m,求磁感应强度B的

大小；

(3)其它条件不变，若改变磁场磁感应强度的大小为B，使m?能与nu再次相碰，求的大小？

14.(16分)如图所示，为某娱乐活动项目的示意图;参加活动的人员从右侧平台上的A点水平跃出，到达B点恰好抓

住摆过来的绳索，这时人的速度恰好垂直于OB向左下，然后摆到左侧平台上的D点。不计一切阻力和机械能损失，

不计绳的重力，人可以看作质点，绳索不可伸长。设人的质量为m=50kg,绳索长/=25m,A点比D点低h=3.2m。人

刚抓住绳索以及摆到D点时绳索与竖直方向的夹角分别如图所示(g=10m/s2).若使人能刚好到达D点，求：

(1)人从A点水平跃出的速度；

(2)A、B两点间的水平距离；

(3)在最低点C.人对绳索的拉力.

15.(12分)如图所示，光滑水平地面上有一上表面粗糙且水平、质量为〃?c=10kg的小车C。小车C与一固定在地

面上的光滑圆弧底端等高且平滑相接。将质量为〃%=2kg的滑块8置于小车C的最左端。现有一质量为，4=3kg的

滑块A从距离小车的水平面高度为〃=1.25m处的光滑轨道由静止下滑。滑块A与4碰撞后立即粘在一起运动，最终

没有滑落小车。整个过程中滑块A和B都可以视为质点。滑块A和8与小车C之间的动摩擦因数均为0.2,取

g=10m/s2,求：

(1)滑块A和8粘在一起后和小车C相对运动过程中各自加速度的大小？

⑵若从48碰撞时开始计时，则0~3s时间内，滑块与小车C因摩擦产生的热量。为多少？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解题分析】

A.根据闭合电路欧姆定律石=。+"可知，当U=0时，电源的短路电流为

r

A正确；

B.根据机械能守恒定律

〃磔=刎_］屁

变形得

可知力-1/图像与横轴截距的物理意义为初速度的平方，B错误;

C.根据单摆的周期公式7=2乃变形得

2

r=—(/0+r)

g

可知一一/。图像与横轴交点绝对值的物理意义为摆球半径，c正确;

D.根据光电效应方程变形得

4=加一乂

与m-U图像与横轴的交点满足

牝=叱

此时频率匕即为该金属的极限频率，D正确。

本题选择不正确的，故选B。

2、C

【解题分析】

A.试探电荷+g只在静电力作用下，从C点向右沿直线运动到。点，电势能先减小后增大，电场力先做正功后做负功,

电场线先向右后向左，可知在CD之间存在场强为零的位置，但是不能确定与两电荷的距离关系，则不能确定两电荷

带电量的关系，故A错误；

B.由以上分析可知，C、。两点的场强方向相反，故B错误；

C.因O之间存在场强为零的位置，则试探电荷从。向。移动时，所受电场力先减小后增加，加速度先减小后增加，

故C正确；

D.因+g只有电场力做功，则它的动能和电势能的总和保持不变，故D错误。

故选C。

3、A

【解题分析】

A.0衰变所释放的电子，是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，故A正确；

B.比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，结合能大，原子核不一定越稳定，故B错误；

C.两个轻核结合成一个中等质量的核，会释放一定的能量，根据爱因斯坦质能方程可知存在质量亏损，故C错误；

D.半衰期是统计规律，对于一个特定的衰变原子，我们只知道它发生衰变的概率，并不知道它将何时发生衰变，发

生多少衰变，故D错误。

故选A。

4、C

【解题分析】

A.由射线的带电性质可知，①是/?射线，②是>射线，③是。射线，a粒子的电离能力最强，穿透能力最弱，A不符

合题意；

B.4射线是原子核发生“衰变时产生的，是高速电子流，来自于原子核，B不符合题意；

C.原子核发生一次衰变的过程中，只能发生〃衰变或“衰变，不能同时发生。衰变和夕衰变，故不可能同时产生。、

“两种射线，C符合题意；

D.原子序数大于83的元素，都具有放射性，原子序数小于或等于83的元素，有的也具有放射性，D不符合题意。

故选C。

5、D

【解题分析】

设小球平抛运动的初速度为％,抛出点离桶的高度为/?,水平位移为工，则平抛运动的时间为：

水平位移为:

X二卬二

由题可知，要使水平位移增大，则当减小初速度或初速度大小不变时，需要时间变大，即抛出点的高度〃增大，故选

项ABC错误，D正确；

故选D。

6、B

【解题分析】

A.变压器初级电压有效值为220V,则副线圈两端的电压有效值为

气=22V

选项A错误；

B.滑动变阻器接入电阻为

UU

2-M=^Z1^Q=1()Q

R=I1

选项B正确；

C.电动机输出的机械功率为

22

P.=IUM-/r=1x12-1x2=10W

选项C错误；

D.若电动机突然卡住，次级电流将变大，次级消耗的功率变大，则原线圈输入功率将变大，选项D错误；

故选B.

点睛：此题要注意电动机问题的能量转化关系：输出功率等于总功率与内阻上的热功率的差值；电动机被卡住后相当

于纯电阻，则电路的电流会变大，电动机很快被烧毁.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC

【解题分析】

A.物块在传送带上先做川匀加速直线运动，对物体受力分析受摩擦力，方向向下，重力和支持力，得：

，〃gsinO+"〃igcosO="?ai

解得

<zi=10m/s2

加速到与传送带共速时的时间

v

r,=—=0.25

4

物块运动的距离

V八c

=~fi=0.2m

因为mgsinO>nmgcosO,可知共速后物块将继续加速下滑，加速度:

mgsinO-"〃尔cosgm

解得

<12=2m/s2

根据

即

3.2-0.2=2/?+4x2x

222

解得

/2=1S,

则货物从A点运动到B点所用时间为

E+h=L2s

选项A正确；

B.货物在前半段加速阶段相对传送带的位移

△s、-vtx-s1=0.2m

货物在后半段加速阶段相对传送带的位移

AV2=L-5,-vt2=Im

则从A到B的过程中，货物与传送带摩擦产生的热量为

Q=cos37(+AJ?)=4.8J

选项B错误；

C.货物从A运动到8的过程中，传送带对货物做功大小为

W=〃〃?gcos37S1-〃mgcos37(£-5,)=-11.2J

选项C正确；

D.货物从A运动到与传送带速度相等的过程中，对货物由动能定理:

2

Wf+mg。sin37=gmv

即货物减少的重力势能与摩擦力做功之和等于货物增加的动能；

选项D错误;

故选AC.

8、BDE

【解题分析】

A.船能浮在水面上，是由于水的浮力作用，故A项错误；

B.液体表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，即是表

面张力，故B项正确；

C.在一定温度下，饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，与体积无关；密闭容器中某种蒸气开

始时若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积时，蒸气不再是饱和的，但最后稳定后蒸气是饱和的，压强不变；

故C项错误；

D.相对湿度是指水蒸气的实际压强与该温度下水蒸气的饱和压强之比，故D项正确；

E.当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，单位时间内从水中出来的水分子和从空气进入水中的水分子个数相等，达

到一种动态平衡，故E项正确。

9、BC

【解题分析】

A.紫外线照射锌板发生光电效应现象，电子从锌板上飞出，锌板带正电，铝箔张角变大，说明其原来带正电，故A

错误；

B.光电效应说明光具有粒子性，故B正确；

C.若改用X光（其频率高于紫外线的频率）照射锌板时，依据光电效应发生条件，一定能使锌板发生光电效应，故其

夹角一定会变得更大，故C正确；

D.若改用激光器发出高亮度的红光（其频率低于紫外线的频率）照射锌板，依据光电效应发生条件，则观察到验电器的

铝箔可能不会张开，故D错误；

E.由爱因斯坦光电效应方程可知，光电子的最大初动能与入射光的强度无关，由入射光的频率有关，故E错误。

故选BC.

10、BC

【解题分析】

AB.若地面粗糙且小车能够静止不动，设圆弧半径为凡当小球运动到半径与竖直方向的夹角为。时，速度为v.

根据机械能守恒定律有:

1,

—mv-ingRcosO

由牛顿第二定律有：

V

；V-/WgCOs0=77l—

R

解得小球对小车的压力为：

;V=3mgcos9

其水平分量为

3

;Vx=3/wgcos0sin0=yzwgsinZO

根据平衡条件知，地面对小车的静摩擦力水平向右，大小为：

3

f=Nx=—mgsin20

3

可以看出：当sin2e=L即0=45。时，地面对车的静摩擦力最大，其值为人坨产;〃唔.

故A错误，B正确.

CD.若地面光滑，当小球滑到圆弧最低点时，小车的速度设为V，，小球的速度设为v.小球与小车组成的系统在水平

方向动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：

系统的机械能守恒，则得：

1,19,l

mgR=—加产+—Mv9

解得：

I~旃-

Vf=in/—尸2---r.

故C正确，D错误.

故选BC.

【题目点拨】

本题中地面光滑时，小车与小球组成的系统在水平方向所受合外力为零，系统在水平方向动量守恒，但系统的总动量

并不守恒.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

(M+〃?)"2

11>mgL

2(加)]

【解题分析】

[1J滑块从A点运动到3点的过程中，滑块（含遮光条）与钩码组成的系统重力势能的减少量为〃吆

⑵通过光电门的速度八，所以系统动能增加量为

1ZJl.、2八（M+叫广

一（M+ni）\r-0=------3—

22（加了

Rx-

12、螫三醒R

4HI4口7~4H7

【解题分析】

⑴从A到从由动能定理得:

/ngR=EKB-O,

则物块到达3时的动能:

EKR=mgR.

离开C后,物块做平抛运动，水平方向:

x=vctf

竖直方向:

“12

H=y,

物块在C点的动能与c=g〃"3联立可得:

[2][3]由3到。过程中，由动能定理得:

乙Z

3到C过程中，克服摩擦力做的功：

H12X~厂

Wf-Rmgs-mgR-4〃=mgR-

可得:

RJC

〃二一

4Hv

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)0.4m/s,方向向左(2)IT(3)0.25T

【解题分析】

试题分析：(r)mi与n12碰前速度为V”由动能定理

1->10

—gmigl=—miv)——niiv0

代入数据解得：VI=0.4m/s

设V2=0.lm/s,mi、m2正碰，由动量守恒有：

niivi=mivi'+m2V2

代入数据得：v/=-0.4m/s,方向水平向左

(2)m2恰好做匀速圆周运动，所以qE=m2g

得：q=2xl0~3C

粒子由洛伦兹力提供向心力，设其做圆周运动的半径为R,则

v；

qv2nB=ni2——

R

轨迹如图，由几何关系有：R=!OP

解得：B=1T

⑶当m2经过y轴时速度水平向左，离开电场后做平抛运动，皿碰后做匀减速运动.

mi匀减速运动至停，其平均速度为：

V=—v/=0.2ni/s>V2=0.1m/s

2

所以m2在叫停止后与其相碰

由牛顿第二定律有：f=|imig=mia

mi停止后离O点距离：s=±—

2a

则nu平抛的时间：t=一

v,

平抛的高度：h=1gt2

设m?做匀速圆周运动的半径为R。由几何关系有：

Rr=-h

2

由qv2B'=—

联立得：B'=0.25T

考点：本题考查了