2024届黑龙江省高考考前模拟物理试题含解析

2024届黑龙江省高考考前模拟物理试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5亳米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，在以Ro为半径，。为圆心的圆形区域内存在磁场，直径MN左侧区域存在一匀强磁场，方向垂直于纸

面向外，磁感应强度大小为右侧区域也存在一匀强磁场，方向垂直于纸面向里，磁感应强度大小为治，有一

质量为明电荷量为+q的带电粒子（不计重力）沿垂直于MN的方向从P点射入磁场，通过磁场区域后自。点离开

磁场，离开磁场时其运动方向仍垂直于已知。尸与MN的夹角为〃1,与"N的夹角为〃2,粒子在左侧区域

磁场中的运动时间为八，粒子在右侧区域磁场中的运动时间为，2,则下列说法正确的是（）

B、sin&

B—=------

•sinq

4sin024_sin0x

D.

t2sinqt2sin0-,

2、如图所示，真空中位于x轴上的两个等量负点电荷，关于坐标原点O对称。下列关于E随x变化的图像正确的是

3、如图所示，一飞行器围绕地球沿半径为，•的圆轨道1运动，经P点时，启动推进器短时间向后喷气使其变轨，轨道

2、3是与轨道1相切于尸点的可能轨道，则飞行器（）

A.变轨后将沿轨道3运动

B.变轨后相对于变轨前运行周期变大

C.变轨前、后在两轨道上运动时经尸点的速度大小相等

D.变轨前经过？点的加速度大于变轨后经过。点的加速度

4、2019年的诺贝尔物理学奖于10月8日公布，有一半的奖金归属了一对师徒——瑞士的天文学家MichelMayor和

DidierQueloz,以表彰他们“发现了一颗围绕类太阳恒星运行的系外行星”。由于行星自身不发光，所以我们很难直接

在其他恒星周围找到可能存在的系外行星，天文学家通常都采用间接的方法来侦测太阳系外的行星，视向速度法是目

前为止发现最多系外行星的方法。行星自身的质量使得行星和恒星围绕着他们共同的质量中心在转动，在地球上用望

远镜就有可能看到行星引力对于恒星的影响。在视线方向上，恒星受行星引力作用，时而远离时而靠近我们，这种细

微的摇摆反应在光谱上，就会造成恒星光谱不断地红移和蓝移。我们称这种探测系外行星的方法为视向速度法。结合

以上信息，下列说法正确的是（）

A.在绕着共同的质量中心转动的恒星和行星组成的双星系统中，恒星和行星做圆周运动的线速度大小一定相等

B.在绕着共同的质量中心转动的恒星和行星组成的双星系统中，由于恒星质量大，转动半径小，所以恒星做圆周运

动的周期比行星的周期小

C.若某恒星在靠近我们，该恒星发出光的频率将变高，因此接收到的频率就会变高，即恒星光谱会出现蓝移

D.若某恒星在远离我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率会比它发出时的频率低，即恒星光谱会出

现红移

5、如图，一根长直导线竖直放置，通以向上的电流。直导线与铜圆环紧贴但相互绝缘，且导线经过环心0。下述各过

程中，铜环中有感应电流的是（）

A.环竖直向上匀速运动

B.环绕环心。匀速转动

C.环向左匀速运动

D.环以导线为轴匀速转动

6、〃、力两个物体在同一时间、从同一地点开始，沿同一条直线运动，2图象如图所示，。、力两物体运动图线均为正

弦（余弦）曲线的一部分。在0〜6s时间内，关于两物体的运动，下列说法正确的是（）

A.。物体的加速度先增加后减小

B.a物体的位移大于力物体的位移

C.2s末a物体的加速度大于力物体的加速度

D.3s末°、力两物体之间的距离最大

一、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图甲所示，一交流发电机线圈的总电阻r=1。，用电器电阻R=9Q,流过用电器的电流图象如图乙所示，

（sin37W06cos37。=0.8）则下列说法中正确的是（）

A.交流发电机电动势的峰值为50V

B.交流发电机线圈从图示位置开始经过+s时电动势的瞬时值为25近V

C.交流发电机线圈从图示位置开始转过37。时电压表示数为36夜V

D.交流发电机线圈从图示位置开始转过90。的过程中的平均感应电动势为曲三v

乃

8、如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上。一质量为机的小球，从离弹簧上端高万处由静止释放，

某同学在研究小球落到弹簧后向下运动到最低点的过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直句下方向建立坐标

轴Ox,做出小球所受弹力尸大小随小球下落的位置坐标x的变化关系如图乙所示。不计空气阻力，重力加速度为外

以下判断正确的是（）

A.小球在下落的过程中机械能守恒

B.小球到达最低点的坐标大于力+2.%

C.小球受到的弹力最大值等于2〃电

D.小球动能的最大值为mgh+—

9、如图所示，小球A、B、C通过锐链与两根长为L的轻杆相连，ABC位于竖直面内且成正三角形，其中A、C置于

水平面上。现将球B由静止释放，球A、C在杆的作用下向两侧滑动，三小球的运动始终在同一竖直平面内。已知

不计摩擦，重力加速度为g。则球B由静止释放至落地的过程中，下列说法正确的是（）

B

A.球B的机械能先减小后增大

B.球B落地的速度大小为

C.球A对地面的压力一直大于mg

D.球B落地地点位于初始位置正下方

10、如图所示，在竖直平面内有一边长为L的正方形区域处在场强为E的匀强电场中，电场方向与正方形一边平行.一

质量为粗、带电量为g的小球由某一边的中点，以垂直于该边的水平初速片进入该正方形区域.当小球再次运动到该

正方形区域的边缘时，具有的动能可能为（)

I、

B.可能等于,〃?%2

C.可能等于;〃"（/+；qEL-；mgL

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）实验小组采用如图甲所示实验装置测量木块与木板间动摩擦因数卬提供的器材有：带定滑轮的长木板，

有凹槽的木块，质量为mo的钩码若干，打点计时器，电源，纸带，细线等.实验中将部分钩码悬挂在细线下，剩余的

钩码放在木块的凹槽中，保持长木板水平，利用打出的纸带测量木块的加速度.

打点计时器

（1）正确进行实验操作，得到一条纸带c纸带的一部分如左图所示，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s。该同

学将纸带从每个计数点处截断，得到6条短纸带，再把6条短纸带的下端对齐贴在纸上，以纸带下端为横轴建立直角

坐标系，并将刻度尺边缘紧靠纵轴，其示数如右图所示。则打下计数点“2”时小车的速度大小为m/s；小

车的加速度大小为mH（结果均保留两位有效数字）

（2）将木块凹槽中的钩码逐个添加到细线下端，改变悬挂钩码的总质量m,测得相应的加速度a,作出a-m图象如图

所示.已知当地重力加速度g=9.8m/s，，则木块与木板间动摩擦因数/=（保留两位有效数字）；N的测量值

（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。

⑶实验中（选填“需要”或“不需要”）满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量.

a/(ms-2)

4.0

2.0+HHH*T+卜卜明川

TrrrTTinnn-r-rrZrTTi-i

0即1士导也中的婢（x?F）

「LLr4TTr0、rr1/Lr16「/U

.LULLXZJJJJUUUUL&.11JJ.

-2.0+&用4*+：+卜出*大

-

"raZrin-vrarar>r♦♦r♦T♦・^・n

-l_ULA.X^JJ.

-4.0

12.（12分）某小组的同学做“探究影响感应电流方向的因素”实验。

图甲（1）图甲（2）

（1）首先按图甲（1）所示方式连接电路，闭合开关后，发现电流计指针向右偏转；再按图甲⑵所示方式连接电路，闭合开

关后，发现电流计指针向左偏转。进行上述实验的目的是（）

A.检查电流计测量电路的电流是否准确

B.检查干电池是否为新电池

C.推断电流计指针偏转方向与电流方向的关系。

⑵接下来用图乙所示的装置做实验，图中螺线管上的粗线标示的是导线的绕行方向。某次实验中在条形磁铁插入螺线

管的过程中，观察到电流计指针向右偏转，说明螺线管中的电流方向（从上往下看）是沿（选填“顺时针”或“逆

时针”）方向。

图乙

（3）卜表是该小组的同学设计的记录表格的一部分，表中完成了实验现象的记录，还有一项需要推断的实验结果未完成,

请帮助该小组的同学完成（选填“垂直纸面向夕卜”或“垂直纸面向里”）。

实验记录表（部分）

操作N极朝下插入螺线管

®

从上往下看的平面图（而表示原磁场，

即磁铁产生的磁场）

原磁场通过螺线管磁通量的增减增加

感应电流的方向沿逆时针方向

感应电流的磁场距的方向

（4）该小组同学通过实验探究，对楞次定律有了比较深刻的认识。结合以上实验，有同学认为，理解楞次定律，关键

在于抓住__________（选填"用”或"B”）总是要阻碍填“砌"或“小”）磁通量的变化。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，宽度为L、足够长的匀强磁场的磁感应强度大小为氏方向垂直纸面向里.绝缘长薄板MN

置于磁场的右边界，粒子打在板上时会被反弹（碰撞时间极短），反弹前后竖直分速度不变，水平分速度大小不变、方

向相反.磁场左边界上O处有一个粒子源，向磁场内沿纸面各个方向发射质量为〃，、电荷量为+外速度为了的粒子,

不计粒子重力和粒子间的相互作用，粒子电荷量保持不变。

⑴要使粒子在磁场中运动时打不到绝缘薄板，求粒子速度口满足的条件；

⑵若尸照,一些粒子打到绝缘薄板上反弹回来，求这些粒子在磁场中运动时间的最小值f;

m

⑶若y="些，求粒子从左边界离开磁场区域的长度

14.（16分）如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系，y轴沿竖直方向。在xT，到户2七之间存在竖直向上的匀强电

场和垂直坐标平面向里的匀强磁场，一个比荷为4的带电微粒从坐标原点以一定初速度沿+工方向抛出，进入电场和磁

场后恰好在竖直平面内做匀速圆周运动，离开电场和磁场后，带电微粒恰好沿+x方向通过x轴上x=3L的位置，已知

匀强磁场的磁感应强度为8,重力加速度为以求：

（1）电场强度的大小；

⑵带电微粒的初速度；

⑶带电微粒做圆周运动的圆心的纵坐标。

15.（12分）如图所示，在xOj坐标系的第一象限内有一圆形有界匀强磁场.磁场方向垂直于坐标平面向外，磁感应

强度大小为〃=0.1T从坐标原点沿与x轴正向成〃=30°的方向，向第一象限内射入质量为m=1xlO-17kg、电荷量为

4=1.0x10—"C的带正电粒子，粒子的速度大小为以）=卜10%】唇粒子经磁场偏转后，速度垂直于x轴.若不计粒子

的重力，求（结果可用m表示）：

（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径及运动的时间;

（2）匀强磁场的最小面积.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

AB.粒子运动轨迹如图所示:

5

,N

由几何知识可知，粒子在两个磁场中的轨迹半径分别为

_阴叫

彳一

cosa

&sina

r2二

cosa

航子在磁场中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力.由牛顿第二定律得

v2

qvB=m—

解得

B=—

qr

则

B1_八_sin，1

B]r2sinft

故AB错误；

CD.粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为

丁2兀m

1=-----

qB

粒子在磁场中转过的圆心角e相等，粒子在磁场中的运动时间为

e70m

t=——1=—

2乃qB

则有

八_B?_sin巧

/,Rsin

故C错误，D正确。

故选D。

2、A

【解析】

设x轴的正方向代表电场强度的正方向

0X

根据等量同种负电荷电场线在沿X轴方向的分布，结合规定正方向判断如下：

①在A点左侧电场线水平向右，场强为正，图像的横轴上方，离A点越近，场强越强;

②在A到O之间的电场线向左，场强为负，图像在横轴下方，离A越近，场强越强；

③在O到B之间电场线向右，场强为正，图像在横轴上方，离B越近，场强越强；

④在B点右侧，电场线水平向左，场强为负，图像在横轴下方，离B越近，场强越强。

综上所述，只有选项A符合题意。

故选A。

3、B

【解析】

根据题意，飞行器经过尸点时，推进器向后喷气，飞行器线速度将增大，做离心运动，则轨道半径变大，变轨后将沿

轨道2运动，由开普勒第三定律可知，运行周期变大，变轨前、后在两轨道上运动经尸点时，地球对飞行器的万有引

力相等，故加速度相等，故B正确，ACD错误。

故选B。

4、D

【解析】

AB.双星间的万有引力提供它们各自圆周运动的向心力，则恒星和行星做圆周运动的角速度大小相等，周期相同，则

Mm

G——=mctrrx

Mm

GMco2r

IT2

可得

r2m

由于恒星与行星质量不同，则轨道半径不同，由公式-二/〃可知，恒星和行星做圆周运动的线速度大小不同，故AB

错误;

C.根据多普勒效应可知，若某恒星在靠近我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率会比它发出时的频

率，即恒星光谱会出现蓝移，故c错误；

D.根据多普勒效应可知，若某恒星在远离我们，该恒星发出光的频率不变，但我们接收到的频率会比它发出时的频

率低，即恒星光谱会出现红移，故D正确。

故选D。

5、C

【解析】

AD.直导线中通以恒定的电流时，产生稳恒的磁场，根据安培定则判断可知，直导线两侧的磁场方向相反，由于左右

对称，当环竖直向上、向下匀速运动或以直导线为轴转动，穿过铜环的磁通量始终为零，保持不变，所以没有感应电

流产生，AD错误；

B.环绕环心。匀速转动，穿过铜环的磁通量始终为零，没有感应电流产生，B错误；

C.环向左匀速运动，磁通量增加，有感应电流产生，C正确。

故选C。

6、C

【解析】

A.力的斜率先减小后增大，固力的加速度先减小后增大；A错误。

B.由图可知曲线。在0~6秒内与时间轴所围上下面积之和小于曲线〃与时间轴所围上下面积之和，固曲线。位移小

于曲线方位移；B错误。

C.2s末曲线〃的斜率大于曲线〃的斜率，故两秒末曲线。的加速度大于曲线力的加速度；C正确,

D.6s末曲线而所围面积之差最大，故6s末时两物体之间距离最大；D错误。

故选C。

【点睛】

7图像基本知识点。如斜率代表加速度，斜率的绝对值代表加速度大小，斜率的正负代表加速度方向，与时间轴所围

面积代表位移。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7^BD

【解析】

A.由题图可得电路中电流的峰值为

4=5屈A

交流发电机电动势的峰值为

J=，加%+力=5夜(9+1)V=5MV

故A错误；

B.由题图可得交变电流的角速度o=l1)0/rrad/s,从线圈平面与磁场平行开始计时，则击S时电动势的瞬时值

e=Emcoscot=5()V2cos1()()»，(V)=50V2cos(10()乃x—]=25>/2V

I300)

故B正确：

C.电压表示数为有效值不随时间发生变化，电阻两端电压为

U=/R=45V

所以电压表示数为45V,故C错误；

D.交流发电机线圈从图示位置开始转过90’的过程中的平均感应电动势为

BS

石"△①VT2Ag2_100V2..

E=N----=N---=-NBSco=-Em=---------V

Af2万7171

CO

故D正确。

故选BD.

8、BD

【解析】

A.小球与弹簧组成地系统只有重力和弹簧的弹力做功，满足机械能守恒定律，故A错误；

BC.由图像可知，〃+%为平衡位置，小球刚接触弹簧时有动能，有对称性知识可得，小球到达最低点的坐标大于

力+2升)，小球运动到最低点时弹力大于2mg,故B正确，C错误；

D.〃+/为平衡位置，动能最大，故从开始到力+玉)这段过程，根据动能定理可得

mg(h+x())-W=Ehn

而克服弹力做功等于图乙中小三角形面积，即

卬=3〃麻0

故小球动能的最大值

L/1

D正确。

故选BD.

9、AB

【解析】

A.B下落时，A、C开始运动，当B落地后，A、C停止运动，因A、B、C三球组成系统机械能守恒，故球B的机

械能先减小后增大，故A正确；

B.对整个系统分析，有：

V3；12

解得

VB=y16gL

故B正确；

C.在B落地前的一段时间，A、C做减速运动，轻杆对球有向上力作用，故球A对地面的压力可能小于胆g,故C错

误；

D.因为A、C两球质量不相同，故球B落地点不可能位于初始位置正下方，故D错误。

故选AB。

10、BCD

【解析】

要考虑电场方向的可能性，可能平行于A8向左或向右，也可能平行于向上或向下.分析重力和电场力做功情况,

然后根据动能定理求解.

【详解】

令正方形的四个顶点分别为ABCD,如图所示

若电场方向平行于AC：

①电场力向上，且大于重力，小球向上偏转，电场力做功为;qEL,重力做功为根据动能定理得：Ek-^mVi

11nnII1

=—qEL--mgL,即£A=5mvi+—qEL--mgL

②电场力向上，且等于重力，小球不偏转，做匀速直线运动，则Ek=l

2

若电场方向平行于AC,电场力向下，小球向下偏转，电场力做功为gget,重力做功为;〃陪却根据动能定埋得：

111111

Ek---mvi=—qEL+—mgL,即BnEk=—mv\+—qEL+—mgL.

222222

由上分析可知，电场方向平行于AC,粒子离开电场时的动能不可能为2.

若电场方向平行于AB：

若电场力向右，水平方向和竖直方向上都加速，粒子离开电场时的动能大于2.若电场力向右，小球从D点离开电场

时,有Ek-yrnvi=qEL+ymgL则得以=；mv\+qEL+-ymgL

若电场力向左，水平方向减速，竖直方向上加速，粒子离开电场时的动能也大于2.故粒子离开电场时的动能都不可

能为2.故BCD正确，A错误.故选BCD.

【点睛】

解决本题的关键分析电场力可能的方向，判断电场力与重力做功情况，再根据动能定理求解动能.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、0.47；0.70；0.33；大于；不需要；

【解析】

(1)依据中时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，那么计数点“2”时小车的速度大小为：

至二43()卜，00*］。-2mf$=o.47w/5；根据、=aT2结合逐差法可得：

2T2x0.1

(7.72+7.10+6.45-5.70-5.00-4.30)x10-2八”“

a=--------------------------------------------------------=0.70w/so

9x0.12

(2)根据牛顿第二定律可知mg-p(M-m)g=Ma,解得，:刖""),由图可知，*g=・3.3,解得u=0.33；

M

P的测量值大于真实值，原因是滑轮与轴承、细线间有摩擦，纸带与打点计时器间有摩擦等；

(3)在此实验中，由于把小车和祛码的质量作为了整体，结合第二问可知，不需要满足悬挂钩码质量远小于木块和槽

中的钩码总质量；

【点睛】

此题在求解加速度时还可这样做：纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比，还等于各段纸带中间时刻的速度之

比，即纸带的高度之比等于中间时刻速度之比，这种等效替代的方法减小了解题难度，要提高应用匀变速直线的规律

以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。

12、C顺时针垂直纸面向外Bf8)

【解析】

由题意可知，电流从电流计左边进时，指针左偏，右边进时，指针右偏，本实验目的是探究感应电流的方向，则

进行上述实验的目的是推断电流计指针偏转方向与电流方向的关系，故选C；

(2)[2]电流计指针向右偏转，说明电流从电流计的右边(正接线柱)流入，则说明螺线管中的电流方向(从上往下