2025年中考物理复习资料专题17 电功率（真题训练）（解析版）

专题17电功率一、选择题1.（2023·吉林长春·统考中考真题）下列用电器正常工作1h，消耗电能最多的是（）A．空调 B．节能灯 C．电风扇 D．液晶电视【答案】A【详解】根据常见用电器的工作功率可知，空调的功率约为1500W，节能灯的功率约为40W，电风扇和液晶电视的功率约为100W。根据W=Pt可知，以上用电器都正常工作1小时，消耗的电能最多的是空调。故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。2．（2023·福建·统考中考真题）下列利用电流热效应工作的用电器是（

）A．电视机 B．电风扇 C．电脑 D．电炉【答案】D【详解】A．电视机工作时电能不是主要转化为内能，不是利用电流热效应工作的，故A不符合题意；B．电风扇工作时电能主要转化为机械能，不是利用电流热效应工作的，故B不符合题意；C．电脑工作时电能不是主要转化为内能，不是利用电流热效应工作的，故C不符合题意；D．电炉工作时电能主要转化为内能，是利用电流热效应工作的，故D符合题意。故选D。3.（2023·湖南株洲·统考中考真题）如图，将一段柱状彩色橡皮泥接入电路，研究其导电性，闭合开关后，LED灯发光。若将橡皮泥揉搓成细条状后再接入电路，其他条件不变，则LED灯的亮度（）

A．增强 B．不变 C．减弱 D．条件不足，无法确定【答案】C【详解】由题意可知，将一段柱状彩色橡皮泥接入电路，研究其导电性，闭合开关后，LED灯发光。导体的电阻大小跟长度和横截面积有关，长度越长电阻越大，横截面积越小，电阻越大；若将柱状的橡皮泥揉搓成细条状后再接入电路，说明这段彩色橡皮泥变长变细了，所以其电阻要变大，根据欧姆定律可知，在电压不变时，电阻变大，则电流变小，由P=UI可知，LED灯的实际功率变小，则LED灯的亮度减弱。故ABD不符合题意；C符合题意。故选C。4．（2023·甘肃金昌·统考中考真题）2022年我国在超导领域取得重大突破。超导材料具有零电阻、抗磁性等特殊的物理性质，应用领域非常广泛。常温下的超导体，最适合制作（）A．家用保险丝 B．白炽灯泡的灯丝 C．电熨斗发热体 D．高压输电线【答案】D【详解】A．保险丝是利用电流的热效应，当电流过大时，自动熔断来保护电路的，超导体的电阻为零，无法将电能转化为内能，无法熔断，故A不符合题意；B．白炽灯泡的灯丝需要将电能转化为内能和光能，超导体的电阻为零，电阻为零无法将电能转化为内能，故B不符合题意；C．电炉丝需将电能转化为内能，超导体的电阻为零，无法将电能转化为内能，C不符题意；D．超导体的电阻为零，可以远距离输电，当电阻为零时，可使导线损耗为零，便可提高传输效率，故D符合题意。故选D。5.（2023·湖南湘潭·统考中考真题）如图是电能表表盘示意图，下列说法正确的是（）

A．电能表是用来测电功率的仪器B．此时电能表的读数为61985kW·hC．这个电能表通过的电流一定为10AD．这个电能表应该在220V的电路中使用【答案】D【详解】A．电能表是用来测量电路消耗电能(电流做功)的仪器，故A错误；B．电能表最后一位是小数，故电能表的读数为6198.5kW·h，故B错误；C．10A表示电能表可以通过的最大电流为10A，故C错误；D．“220V”表示此电能表应该在220V的电路中使用，故D正确。故选D。6．（2023·湖南株洲·统考中考真题）给电动车充电，计算它充满电后储存电能的公式是（）A．W=UIt B．W=I2Rt C．W=U2Rt D．【答案】A【详解】给电动车充电，计算它充满电后储存电能的公式是W=UIt=UQ，即等于电池上标有的电压U与电池的容量Q之积，而W=Fs是计算机械功的公式。故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。7．（2023·湖南湘潭·统考中考真题）取口香糖锡纸，剪成如图所示形状，其中AB和CD段等长。戴好防护手套，将锡纸条（带锡的一面）两端连接电池正、负极，如图所示，发现锡纸条很快开始冒烟、着火。下列分析正确的是（）

A．通过AB和CD段的电流不相等 B．正常情况下，AB段会先着火C．AB和CD段的电压相等 D．AB和CD段的电阻相等【答案】B【详解】根据电阻的影响因素可知，导体的材料、长度相同时，导体的横截面积越小，电阻越大，所以AB段导体的电阻大。A．因为AB和CD段串联，根据串联电流规律可知，电流相等，故A错误；B．根据Q=I2Rt可知，其他条件相同时，电阻越大，产生的电热越多，越容易着火AB段电阻大，所以越容易着火，故B正确；C．根据U=IR可知，电阻越大，电压越大，AB段的电压大，故C错误；D．根据分析可知，两段导体AB段的电阻大，故D错误。故选B。8．（2023·江苏南通·统考中考真题）某智能手机的锂电池上标有“3.7V4200mAh”字样，该手机搭配了超级快充功能，快充时保持充电电压3.7V不变，增大充电的电流。若给锂电池充入80%的电能，需要充电40min，此时手机的快充电流大小跟哪种用电器正常工作时的电流最接近（）A．节能灯 B．电风扇 C．电饭锅 D．电冰箱【答案】C【详解】此时手机的快充电流I=A．节能灯正常工作时的电流约0.1A，故A不符合题意；BD．电风扇、电冰箱正常工作时的电流约1A，故BD不符合题意；

C．电饭锅正常工作时的电流约5A，故C符合题意。故选C。9.（2023·山东济南·统考中考真题）商场中，卖微波炉的售货员和顾客发生了争执。售货员说：微波炉很省电，用一次花不了多少电费；顾客说：我觉得微波炉很费电，我家的微波炉一开就“烧保险”。从物理学的角度看，售货员所说的“省电”和顾客所说的“费电”分别指的是微波炉在使用时（）A．消耗较少的电能，消耗较多的电能B．电功率较小，电功率较大C．电功率较小，消耗较多的电能D．消耗较少的电能，电功率较大【答案】D【详解】售货员认为微波炉很省电，是说微波炉的电功率大，但加热食物用时很短，消耗的电能并不多，所以“微波炉很省电，用一次花不了多少电费”，即售货员是从消耗较少的电能角度说的；顾客是从电功率角度考虑的，因为微波炉属于大功率用电器，工作时电路中电流很大，会烧断保险丝，相同时间内消耗的电能多，所以认为很“费电”。故选D。10．（2023·山东临沂·统考中考真题）将一只“6V

3W”的小灯泡与一个阻值为12Ω的电阻串联后接到12V的电源上，闭合开关后，小灯泡的实际功率（）A．大于3W B．等于3W C．小于3W D．无法确定【答案】B【详解】由题意可知小灯泡的电阻为R=小灯泡与一个阻值为12Ω的电阻串联，所以电路的电流为所以小灯泡的实际功率为P故选B。11．（2023·西藏·统考中考真题）如图所示，电源两端电压恒为12V，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R的最大阻值为40Ω，开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P从最右端滑至中点的过程中，下列选项正确的是（）

A．电流表的示数变小 B．电流表示数的最大值与最小值之比是2:1C．电路中的最大功率是21.6W D．通电1min，电阻R1消耗的电能是14.4J【答案】C【详解】A．由图可知，电阻R1和变阻器R并联，电流表测量干路中的电流，开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P从最右端滑至中点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，由电阻的并联可知电路的总电阻变小，由I=U/R可知电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故A错误；B．滑动变阻器的滑片P在中点时，电路的总电阻最小，由欧姆定律可知电路中的电流最大，电流表的示数最大，最大值滑动变阻器的滑片P在最右端时，变阻器连入电路的电阻最大，由电阻的并联可知电路的总电阻最大，由I=U/R可知电路中的电流最小，电流表的示数最小值电流表示数的最大值与最小值之比故B错误；C．电路中的最大功率是P大=UI大=12V×1.8A=21.6W，故C正确；D．通电1min，电阻R1消耗的电能是故D错误。故选C。12．（2023·山东德州·统考中考真题）如图甲所示，电源电压保持不变。电流表A的量程为0～0.6A，电压表V1、V2的量程均为0～3V，滑动变阻器R的规格为“50Ω2A”，小灯泡的额定电压为2.5V。滑动变阻器的滑片P在某点时，小灯泡正常发光，此时电压表V2的示数为1.5V。在保证电路各元件安全的最大范围内调节滑片P，其中一只电压表与电流表示数的变化图象如图乙所示。下列说法正确的是（

）

A．电源电压为3V B．电压表V1的示数变化范围为1.5V～3VC．滑动变阻器的取值范围是3Ω∼50Ω D．小灯泡的功率范围为0.1W∼1.25W【答案】D【详解】分析甲图可知，电路为灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端电压，电压表V2测滑动变阻器电压，向右调节滑动变阻器，滑动变阻器接入电路中的阻值变大，电路中电流变小，根据串联分压原理可知，滑动电阻器两端电压变大，所以图乙是电压表V2与电流表示数变化图像；A．移动滑片当灯泡正常发光，此时灯泡的电压为2.5V，电压表V2的示数为1.5V，即滑动变阻器的电压为1.5V，根据串联电路电压规律可知，电源电压为U=2.5V+1.5V=4V故A错误；B．因为灯泡的额定电压为2.5V，保证电路各元件安全，说明电压表V1可调节的最大值为2.5V，故B错误；C．根据图乙可知，当电流为0.5A时，滑动变阻器的电压为1.5V，此时接入电路中的电阻为当电流为0.1A时，滑动变阻器的电压为3V，此时接入电路中的电阻为所以滑动变阻器的取值范围是3Ω∼30Ω，故C错误；D．由图乙可知，电路中的最大电流为0.5A时，灯泡的电压为UL=U-UR=4V-1.5V=2.5V则灯泡此时的电功率为PL=ULI=2.5V×0.5A=1.25W当电路中最小电流为0.1A时，灯泡的电压为U则灯泡此时的电功率为P由此可得小灯泡的功率范围为0.1W∼1.25W，故D正确。故选D。二、填空题13．（2023·辽宁阜新·统考中考真题）LED（发光二极管）灯的主要材料是（选填“导体”“半导体”或“超导体”），此材料具有性。家用电饭锅的电阻丝选用超导材料制作（选填“可以”或“不可以”）。【答案】半导体；单向导电；不可以。【详解】LED灯主要由半导体材料制成，半导体具有单向导电性。家用电饭锅是利用电流的热效应制成的，超导体材料没有电阻，电流通过时不产生热量，因此家用电饭锅的电阻丝不可以选用超导材料制作。14．（2023·吉林·统考中考真题）电热毯的电阻丝断掉后不要将两个断头连接后继续使用，原因是接头处的电阻，在电流相同时，由于电流的效应会导致接头处温度过高产生安全隐患。【答案】大，热。【详解】将电阻丝断头接上后，会因为接触不够紧密而导致导电能力弱，电阻增大，电阻工作时，电流做功会产生热量，即电流的热效应，由焦耳定律Q=I2Rt得，接头处产生的热量较多，导致温度过高产生安全隐患。15．（2023·黑龙江齐齐哈尔·统考中考真题）将电能输送到几百千米之外的用户，在输电线上会有能量的损耗，这主要是由于电流的效应引起的。某段输电线路的总电阻为0.5Ω，输送电流为100A，每输电1min，这段线路便会损耗J的电能。【答案】热，3×105【详解】由于输电线有电阻，电流通过导体一部分电能转化为内能，造成电能的损耗，这种现象叫电流的热效应。根据焦耳定律可得，这段电路损耗的电能为Q=16.（2023·江苏常州·统考中考真题）2023年2月，土耳其发生强烈地震，中国救援队携带照明无人机前往救援。白天，为电池充电，此时电池相当于电路中的。夜晚，无人机先接通照明系统，再接通动力系统升空，照明系统和动力系统联。无人机悬停并提供照明时，电池可释放电能0.5kW⋅h，动力和照明系统的电功率分别为150W和100W，此状态下无人机至多持续工作h，需要更换电池。

【答案】用电器，并，2。【详解】为电池充电时，电池消耗电能，电能转化为化学能，电池相当于用电器。无人机先接通照明系统，再接通动力系统升空，说明照明系统和动力升空系统互不影响，因此是并联的。照明系统和动力升空系统并联，电路中总功率为P无人机最多工作的时间为t=17.（2023·山东聊城·统考中考真题）熔断器是根据电流超过规定值一定时间后，以本身产生的热量使其熔断的原理制成的。测得某熔断器在不同电流下的熔断时间如下表。若通过的电流为2.0A，熔断器的电阻为1Ω，则通电时间为s时熔断器熔断，此过程中熔断器产生的热量是J。电流I/A1.22.02.53.04.0熔断时间t/s不会熔断4084.52.5【答案】40，160。【详解】由表格数据可知，电流为2.0A时，通电时间40s时熔断器熔断。熔断器产生的热量为Q=I即40s时间内，熔断器产生的热量是160J。18．（2023·江苏宿迁·统考中考真题）学校走廊的吸顶灯不亮了，其内部结构如图甲所示，主要由电源模块和21颗相同的LED灯珠串联组成，电路如图乙所示（灯泡符号

表示LED灯珠，省略号表示未画出的灯珠）。通过查阅资料获得该吸顶灯的信息如下：单个LED灯珠的额定电流为0.3A，额定电压为3.3V。电源模块输出的电压U可在40~90V范围内变化，从而使输出电流恒定为0.3A。

（1）通过检查，发现AB间的LED灯珠发生了故障，导致所有灯珠都不亮；（2）用一根导线将AB两点连接起来，接通电源后，该吸顶灯又亮了，这些发光的灯珠（选填“能”或“不能”）正常发光，此时吸顶灯的功率为W。【答案】（1）断路/开路；（2）能，19.8。【详解】（1）颗相同的LED灯珠串联组成，所有灯珠将不亮，说明电路中没有电流通过，可能是AB间的LED灯珠发生了断路。（2）电源模块输出的电压U可在40~90V范围内变化，从而使输出电流恒定为0.3A。所以AB两点一个灯珠坏了，用导线将AB两点连接起来，电源模块会调节输出电压，使得灯珠可以正常发光。单个LED灯珠的额定电压为3.3V，AB间的LED灯珠被短路后，20个灯珠串联接入电路中，由串联电路的电压特点可知，电源模块的输出电压：U=20U额=20×3.3V=66V吸顶灯输出电流恒定为0.3A，故此时吸顶灯的功率为：P=UI=66V×0.3A=19.8W19.（2023·四川巴中·统考中考真题）某兴趣小组用如图甲所示的装置探究“电流通过导体产生热量与哪些因素有关”。实验中Ra=5Ω，Rb=10Ω，分别密封在装有等量空气的相同瓶内，细玻璃管内有等高的相同液柱，该实验探究的是电流产生的热量与的关系。当导体中的电流为1A时，通电10s，Rb产生的热量是J，Ra与Rb产生的热量之比为。如图乙所示玻璃管内液柱的高低是由（选填“瓶内的空气”或“玻璃管内的液体”）热胀冷缩导致的。

【答案】电阻，100，1∶2，瓶内的空气。【详解】如图甲所示，电流相同，电阻不同，根据控制变量法，该实验探究的是电流产生的热量与的电阻的关系。当导体中的电流为1A时，通电10s，Rb产生的热量是Ra与Rb产生的热量之比为如图乙所示装置，加热时主要是对瓶内的空气进行加热，当瓶内空气膨胀时，瓶内气压升高，推动玻璃管内液柱的高低变化，所以液柱的变化是由瓶内的空气热胀冷缩导致的。

20.（2023·江苏南通·统考中考真题）学习了家庭电路知识后，小明对家庭用电进行了调查研究。（1）为了用电安全，电水壶应该使用线插头；（2）电水壶单独工作6min，标有“1200imp/kW·h”字样的电能表指示灯闪烁了120次，该电水壶消耗的电能为kW·h，电功率为W。此过程消耗的电能相当于完全燃烧g酒精放出的热量（q=3.0×107J/kg）；（3）规格为“220V

60W”的白炽灯与“220V

8W”的LED灯正常发光时亮度相当，白炽灯正常发光效率约为12%，则LED灯正常发光效率约为%。【答案】（1）三；（2）0.1，1000，12；（3）90.【详解】（1）电热水壶外壳通常是金属制成的，为了用电安全，防止触电，电水壶应该使用三线插头。（2）电能表指示灯闪烁了120次，消耗的电能为根据P=W/t可知，电水壶消耗的电功率为根据题意可知，燃料燃烧放出的热量Q放=mq=W=0.1×3.6×106J=3.6×105J可得，需要燃烧酒精的质量为（3）根据题意可得60W×12%=8W×η解得，η=90%。三、探究实验题21．（2023·北京·统考中考真题）小京用如图所示的电路探究电流通过导体产生的热量与导体的电阻是否有关，其中两个烧瓶完全相同，瓶内装有质量和初温相同的煤油、相同的温度计A和B、阻值不等的电阻丝R1和R2。

（1）该实验采用串联电路可以控制相同和相同；（2）闭合开关一段时间，两支温度计示数的变化量不相等，实验结论是：。【答案】（1）电流，通电时间；（2）电流通过导体产生的热量与导体的电阻有关.【详解】（1）该实验采用串联电路，两电阻丝的电流与通电时间相同。（2）闭合开关一段时间，两支温度计示数的变化量不相等，说明当电流与通电时间相同时，不同电阻的电阻丝产生的热量不同，可得电流通过导体产生的热量与导体的电阻有关。22.（2023·山东聊城·统考中考真题）如图所示，在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，电源电压为6V；

（1）图甲电路中还有一根导线没有连接，请用笔画线代替导线，将电路连接完整（要求：导线不交叉）；（2）连接好电路，检查无误后，将滑动变阻器接入电路的电阻调节到最大，接着闭合开关试触，观察到电压表的示数超过2.5V，其原因可能是该滑动变阻器的最大阻值（选填“太小”或“太大”）；（3）解决问题后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为2.5V，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为W。若要使小灯泡变得更亮一些，滑动变阻器的滑片应向（选填“左”或“右”）移动；实验次数小灯泡两端的电压U/V通过小灯泡的电流I/A小灯泡的亮度小灯泡的电功率P/W12.20.28比正常发光暗0.6222.5正常发光32.80.32比正常发光亮0.90（4）将上表数据填完整后进行分析，发现小灯泡亮度是变化的，小灯泡的亮度是由其（选填“实际功率”或“额定功率”）决定的；（5）观察表中的数据发现，虽然是同一小灯泡，但通过小灯泡的电流与其两端的电压并不成正比，其原因是。【答案】（1）见下图；（2）太小；（3）0.75，右；（4）实际功率；（5）灯泡的电阻随温度的升高而增大.【详解】（1）测量小灯泡的电功率，灯泡应串联接入电路，小灯泡的额定电压为2.5V电压表并联在灯泡两端且用小量程。故连接电路图如下：（2）连接好电路，检查无误后，将滑动变阻器接入电路的电阻调节到最大，接着闭合开关试触，观察到电压表的示数超过2.5V，根据串联分压的原理知，滑动变阻器分得电压较小，其原因可能是该滑动变阻器的最大阻值太小。（3）小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，电流表用的是小量程，分度值为0.02A，通过小灯泡的电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.3A=0.75W若要使小灯泡变得更亮一些，灯泡两端电压应更大一点，滑动变阻器分得的电压应小一些。根据串联分压原理知，滑动变阻器接入电路阻值应变小，故滑动变阻器的滑片应向右移动。（4）将上表数据填完整后进行分析，发现小灯泡的电功率越大，小灯泡的越亮，所以小灯泡的亮度是由其实际功率决定的。（5）观察表中的数据发现，当小灯泡两端电压为2.2V时，小灯泡的电阻为当小灯泡两端电压为2.5V时，小灯泡的电阻为当小灯泡两端电压为2.8V时，小灯泡的电阻为由上分析可知，当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比在增大。虽然是同一小灯泡，但通过小灯泡的电流与其两端的电压并不成正比，其原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大。23.（2023·山东枣庄·统考中考真题）在探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关的实验中。某兴趣小组猜想：电流通过导体产生的热量可能与通过导体的电流、导体的电阻和通电时间有关，于是他们利用甲、乙、丙三个装置进行实验探究，如图所示，三个装置的透明容器中各有一段电阻丝，容器中密封着等量的空气，U形管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。

（1）要探究电热与电阻的关系。应选用组合，并将它们接到电源两端进行实验。（2）选用乙、丙组合，串联接到电源两端进行实验，在通电时间相同的情况下，发现乙装置U型管中液面高度变化大，由此可得到的结论是：在电阻相同、通电时间相同的情况下，。（3）实验中通过观察U型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化，在研究许多物理问题时都会用到这种方法，下列实例采用研究方法与此相同的是。A．探究电流与电压、电阻的关系B．用铁屑显示磁体周围磁场分布C．研究光的传播时，引入“光线”D．探究平面镜成像的特点【答案】（1）甲、乙，串联；（2）通过导体的电流越大，产生的热量越多；（3）B.【详解】（1）要研究电热与电阻的关系，需要控制通过电阻的电流与通电时间相同，而电阻的阻值不同，因此选用甲和乙组合，将它们串联接到电源两端进行实验。（2）乙和丙，由于串联在电路中，可知通过电路乙中5Ω电阻的电流大于通过丙中5Ω电阻的电流，当在通电时间相同的情况下，发现乙装置U型管中液面高度变化大，可知气压差越大，温度差越大，热量越多，可以得出的结论是：通过导体的电流越大，产生的热量越多。（3）A．实验中通过观察U型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化，这用到了转化法，而探究电流与电压、电阻的关系时，用到的方法是控制变量法，故A不符合题意；B．用铁屑显示磁体周围磁场分布时，磁体周围磁场的强弱转化为吸引铁屑的多少，故B符合题意；C．研究光的传播时，引入“光线”，这是模型法，故C不符合题意；D．探究平面镜成像的特点，用到的是替代法，故D不符合题意。故选B。四、计算题24．（2023·山东淄博·统考中考真题）如图甲为一款养生壶，其加热原理如图乙所示。养生壶的额定电压为220V，R1、R2均是发热电阻，其中R2=506Ω。养生壶正常工作时，开关置于“1”为加热挡，电路中电流为5A；开关置于“2”为保温挡。求：

（1）当开关置于“1”时，R1的阻值及R1消耗的电功率；（2）当开关置于“2”时，养生壶1min消耗的电能；（3）将壶内500g的水从20℃加热到100℃，水吸收的热量。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]【答案】（1）44Ω，1100W；（2）5.28×103J；（3）1.68×105J【详解】（1）当开关置于“1”时，电路为R1的简单电路，由欧姆定律可知，R1的阻值由P=UI=12R得，R1消耗的电功率（2）当开关置于“2”时，电阻R1和R2串联，电路的总电阻养生壶1min消耗的电能（3）养生壶加热时，水吸收的热量答：（1）当开关置于“1”时，R1的阻值为44Ω，R1消耗的电功率为1100W；（2）当开关置于“2”时，养生壶1min消耗的电能为5.28×103J；（3）水吸收的热量为1.68×105J。25.（2023·海南·统考中考真题）如图甲为某商场安装的扶梯