2024年四川省乐山市沙湾区初中毕业调研考试物理试题（解析版）

沙湾区2024年初中毕业调研考试物理第一部分（选择题）一、选择题（每小题只有一个正确答案，每小题2.5分）1.在地震救灾中，我们利用“北斗卫星导航系统”对发生灾情的位置进行定位，卫星导航传递信息主要依靠（）A.超声波 B.次声波 C.红外线 D.电磁波【答案】D【解析】【详解】北斗导航卫星的信息传递要在真空中进行，电磁波可成真空中传播，超声波和次声波不能在真空是传播，而红外线频率偏低，不适合卫星通信，所以卫星和地面的联系靠的是电磁波。故选D。2.关于声现象，下列说法中不正确的是（）A.深夜跳广场舞时将音量调小是在声源处减弱噪声B.声音在真空中传播速度是340m/sC.“隔墙有耳”说明墙体可以传播声音D.音调越高，说明声源振动的频率越快【答案】B【解析】【详解】A．跳广场舞时将音量调小，减小播放器播出声音的响度，是在声源处减弱噪声，故A正确，不符合题意；B．声音的传播需要介质，在真空中不可以传播声音，故B错误，符合题意；C．声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音。“隔墙有耳”说明墙体可以传播声音，故C正确，不符合题意；D．声音的音调与物体振动的频率有关，音调越高，说明声源振动的频率越快，故D正确，不符合题意。故选B。3.下列数据，最接近实际情况的是（）A.教室门的高度约为200cmB.人步行的平均速度约为10m/sC.现在教室里的温度约为60℃D.一个苹果的质量约为5kg【答案】A【解析】【详解】A．正常人的身高约160cm，教室门的高度比人略高，因此约为200cm，故A符合题意；B．人步行的平均速度约为1~1.2m/s，故B不符合题意；C．人感觉舒适的温度约为20℃，因此教室里的温度约为20℃，故C不符合题意；D．一个鸡蛋的质量约为50g，一个苹果的质量约为200g即0.2kg，故D不符合题意。故选A。4.下列一些关于生活中的物理现象及原因分析，错误的是（）A.用冰袋给高热病人降温，原因是冰熔化要吸热B.使用高压锅，食物容易被煮熟，原因是锅内气体压强大，液体沸点高C.水沸腾时壶口冒出的“白气”是空气中的水蒸气液化形成的D.茶水太烫，吹一吹凉得快，主要是由于吹气加快了茶水的蒸发【答案】C【解析】【详解】A．用冰袋给高热病人降温，原因是冰熔化时由固态变为液态，需要吸热，故A正确，不符合题意；B．液体的沸点与气压有关，气压越高沸点越高，因此使用高压锅，食物容易被煮熟，原因是锅内气体压强大，液体沸点高，食物容易熟，故B正确，不符合题意；C．“白气”的实质是小水滴，所以水沸腾时壶口冒出的“白气”是壶中喷出的热水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C错误，符合题意；D．液体蒸发的速度与液体的温度、表面积和液体表面空气流速有关，所以茶水太烫，吹一吹凉得快，主要是由于吹气加快了茶水的蒸发，故D正确，不符合题意。故选C。5.如图是用来他那就凸透镜成像规律的实验装置示意图（屏未画出），当蜡烛和透镜放在图示位置时，通过移动光屏，可以在光屏上得到与物体等大的像；若透镜位置不变，将蜡烛移到刻度为40cm处，则（）A.移动光屏，可以在屏上得到倒立放大的像B.移动光屏，可以在屏上得到倒立缩小的像C.移动光屏，可以在屏上得到正立放大的像D.不论光屏移到什么位置，都不能在屏上得到蜡烛的像【答案】D【解析】【详解】由图示可知，物距为u=50cm﹣20cm=30cm时，成倒立等大的实像，此时u=2f=30cm，所以凸透镜的焦距为：f=15cm；若透镜位置不变，将蜡烛移到刻度为40cm处，此时物距为u=50cm﹣40cm=10cm，u＜f时，此时成正立、放大的虚像，故不论光屏移到什么位置，都不能在屏上得到蜡烛的像；故D符合题意．6.关于物理知识在生活中的应用，下列说法中错误的是（）A.拍打干净衣服上的灰尘利用了惯性B.茶壶利用了连通器的原理C.电饭锅工作利用了电流的热效应D.电动机是根据电磁感应现象制成的【答案】D【解析】【详解】A．拍打衣服时，手虽然停止了运动，但灰尘仍将保持原来的运动状态，从衣服里面跑出来，这是利用了惯性，故A正确，不符合题意；B．茶壶底部相通，水静止后液面相平，这是应用了连通器的原理，故B正确，不符合题意；C．电饭锅工作时，电能转化为内能，就是利用电流的热效应，故C正确，不符合题意；D．电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，故D错误，符合题意。故选D。7.如图是电磁继电器的构造和工作电路示意图．要使电磁铁对衔铁的吸引力变大，以下做法可行的是（）A.去掉电磁铁线圈中的铁芯B.减少电磁铁线圈的匝数C.适当增大电源A的电压D.适当增大电源B的电压【答案】C【解析】【详解】A．带有铁芯的通电螺线管叫电磁铁，电磁铁的磁性有无由通断电来控制，电磁铁的磁性强弱由电流大小和线圈匝数决定．若去掉电磁铁线圈中的铁芯，磁性将减弱，故A不符合题意；B．若减少电磁铁线圈的匝数，电磁铁的磁性减弱，故B不符合题意；C．增大电源A的电压，可以增大通过电磁铁的电流、增强电磁铁的磁性，故C符合题意；D．增大电源B的电压，不会影响通过电磁铁的电流，不会改变电磁铁的磁性，故D不符合题意；故选C。8.甲、乙两个完全相同的物体在同一水平面上做匀速直线运动，且v甲＞v乙，若不计较空气阻力，则它们所受的拉力F甲和F乙及两拉力在相同时间内所做的功W甲和W乙之间的关系是（）A.F甲＞F乙 B.F甲＜F乙 C.W甲＞W乙 D.W甲＜W乙【答案】C【解析】【详解】匀速直线运动处于平衡状态，拉力等于摩擦力，摩擦力大小和压力及接触面粗糙程度有关，甲乙完全相同而且在同一水平面，所以摩擦力相等，拉力相等，AB错误；甲的速度大于乙的速度，因此相等时间内甲的路程大于乙的路程，根据，拉力相等，甲的距离远甲做功多，C正确，D错误。故选C。9.如图所示，物体放在水平地面上，在拉力F作用下做匀速直线运动；如果重力突然消失了，以下说法正确的是（）A.物体的机械能增加B.物体所受拉力与摩擦力是一对平衡力C.物体受到的支持力对物体做了功D.物体仍然做匀速直线运动【答案】A【解析】【详解】A．当重力消失后，物体与水平面之间没有了压力，同时没有了摩擦力，物体在力F的作用下会做加速运动，速度不断增加，质量不变，所以动能增加，而势能同时不变，所以物体的机械能会增加，故A正确；BC．物体放在水平地面上，在拉力F作用下做匀速直线运动，如果重力突然消失了，物体与水平地面压力、支持力和摩擦力都会消失，故BC错误；D．物体只受拉力F作用，物体会做加速运动，故D错误。故选A。10.下列课本中的实验在探究时都要反复进行多次，目的是为了减小误差的是（）A.探究杠杆的平衡条件 B.伏安法测电阻C.探究光的反射规律 D.探究浮力大小与哪些因素有关【答案】B【解析】【详解】A．探究杠杆的平衡条件中，多次测量是为了避免偶然性，寻找普遍规律，故A不符合题意；B．伏安法测电阻中，多次测量，再取平均值，这是为了减少误差，故B符合题意；C．探究光的反射规律中，多次测量是为了避免偶然性，寻找普遍规律，故C不符合题意；D．探究浮力大小与哪些因素有关，多次实验是为了寻找普遍规律，不是为了减小误差，故D不符合题意。故选B。11.为节约用电，小明总是随手关掉家中暂时不使用的家用电器，每断开一个家用电器，家庭电路里变大的物理量是（）A.总电阻 B.总电流 C.总功率 D.无法判断【答案】A【解析】【分析】【详解】AD．家庭电路中各用电器之间的连接方式是并联，而并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，因此每多关闭一个用电器，总电阻将变大，故A符合题意，D不符合题意；B．由欧姆定律可知，电路中的总电压不变，总电阻增大，总电流变小，故B不符合题意；C．因电路中的总功率等于各用电器功率之和，所以，每多关闭一个家用电器，电路的总功率变小，故C不符合题意。故选A。12.某家庭电路的部分电路如图所示,其中甲、乙两处分别装用电器和开关．对此电路,下列说法正确的是()A.火线上的保险丝应该改装到零线上B.甲处应装用电器,乙处应装开关C.当用电器功率增大时,通过保险丝的电流就增大D.当保险丝熔断后,可以用铜丝代替【答案】C【解析】【详解】A．为了安全，保险丝应接在火线上，而不是零线上，故A错误；B．按照安全用电的要求，甲处安装开关，乙处安装电灯，故B错误；C．家庭电路中用电器是并联的，同时使用的越多，电路中的总功率越大，而电路两端的电压是不变的，根据P=UI，电路中的电流越大，故C正确；D．电路中电流增大时，超过保险丝熔断电流值，保险丝就会熔断，因此当保险丝熔断后，不可以用铜丝代替，故D错误．13.踢足球是我国青少年喜爱的一项体育运动，如图所示是一次精彩的传球攻门过程，下列说法正确的是（）A.在运动过程中，足球的重力势能是不变的B.足球对脚的作用力和脚对足球的作用力是一对平衡力C.足球在空中能够继续飞行，是因为受到惯性力的作用D.足球飞行路线发生了变化，说明力能改变物体的运动状态【答案】D【解析】【分析】(1)重力势能的影响因素是质量和高度，据此判断其是否发生改变；(2)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；(3)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；(4)力可以改变物体的运动状态。【详解】A．在运动过程中，足球的高度发生了变化，所以重力势能是变化的，故A错误；B．足球对脚的作用力和脚对足球的作用力，作用在不同的物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故B错误；C．足球在空中能够继续飞行，是由于足球具有惯性，但不能说受到惯性力的作用，因为惯性不是力，故C错误；D．足球飞行路线发生了变化，是重力作用的结果，说明力能改变物体的运动状态，故D正确。故选D。14.在实验操作考试时连接了如图所示电路，闭合开关后他看到灯泡L1发光，L2不发光，电压表有示数。关于电路中L1、L2的连接方式和L2不发光的原因，以下判断正确的是（）A.L1与L2串联，L2被短路B.L1与L2串联，L2的实际功率比额定功率小得多C.L1与L2并联，L2与灯座接触不良D.L1与L2串联，L2与灯座接触不良【答案】B【解析】【详解】C．由图可知，两个灯泡顺次连接，因此L1与L2串联，故C错误；ABD．因为灯泡L1发光，所以电路是通路，L2没有与灯座接触不良；电压表有示数，电压表测量L2的电压，所以L2未被短路；灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，则L2不发光的原因是L2的实际功率比额定功率小得多，故AD错误，B正确。故选B。15.如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向左移动时，以下说法正确的是（）A.灯泡L变亮B.电压表示数变大C.电流表A2示数变大D.电路消耗的总功率变大【答案】D【解析】【详解】由图可知滑动变阻器R与灯L并联，电压表测电源电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测灯L所在的支路电流。A．当滑片P向左移动时，不影响灯L所在的支路的电压和电流，所以，灯L的亮度不变，故A错误；B．当滑片P向左移动时，电压表的示数不变，故B错误；C．当滑片P向左移动时，灯L所在的支路电流不变，即电流表A2的示数不变，滑动变阻器所在的支路电压不变，电阻减小，由欧姆定律可知，通过R的电流变大，而电流表A1的示数是干路中的电流，所以，A1的示数增大，故C错误；D．当滑片P向左移动时，电路中的总电流增大，总电压不变，由电功率公式P=UI可知，电功率增大，故D正确。故选D。16.三个质量相同，底面积相同，但形状不同的容器放在水平桌面上，其内分别装有甲、乙、丙三种液体，它们的液面在同一水平面上，如图所示，若容器对桌面的压强相等，则三种液体对容器底的压强（）A.甲最大 B.乙最大 C.丙最大 D.一样大【答案】C【解析】【详解】容器对桌面的压强相等，容器底面积相同，根据，桌面受到的压力相等，水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，所以三个容器的总重力相同，根据G＝mg可知，三个容器的总质量相同，所以三种液体质量相同。它们的液面在同一水平面上，容器底面积相同，则三种液体的体积关系为V甲＞V乙＞V丙，根据密度公式可知密度关系为ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，液面在同一水平面上，深度h相同，根据，三种液体对容器底的压强关系为p甲＜p乙＜p丙；故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。第二部分（非选择题）二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共8分）17.小李喜欢喝咖啡，冲调咖啡时总能闻到浓浓的香味，这是一种_________现象，为了尽快喝到咖啡，小李将盛有咖啡的杯子放到冷水盆里，这是用_________的方法在改变物体的内能。【答案】①.扩散②.热传递【解析】【详解】[1][2]冲调咖啡时总能闻到浓浓的香味，这是因为咖啡的香味分子运动到了空气中，属于扩散现象；将盛有咖啡的杯子放到冷水盆里，咖啡在变凉的过程中，向周围空气放出热量，属于热传递改变物体的内能。18.一只电热水壶的名牌上标着“220V1100W”的字样，它正常工作时，电流是_________A，如果这只电热水壶每天使用1h，则电热水壶一个月用电_________度。（一个月按30天计算）【答案】①.5②.33【解析】【详解】[1]由P=UI可得，电热水壶正常工作时的电流为[2]根据W=Pt可得，电热水壶一个月用电量为W=Pt=1100×10-3kW×30×1h=33kW·h=33度19.在体育考试中，小明投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示，若实心球重20N，从最高点到落地点的过程中，球下降的高度为2.7m，用时约0.75s。则球下降过程中重力做功为_________J，球的重力势能转化为_________能。【答案】①.54②.动【解析】【详解】[1]球下降过程中重力做功为[2]球下降的过程中，质量不变，高度降低，速度变大，重力势能转化为动能。20.如图甲所示电路，电源电压不变，R1为定值电阻。闭合开关S，小林将滑动变阻器R2的滑片P从最右端移动到最左端的过程中，电压表和电流表的示数变化情况如乙图所示，则滑动变阻器R2的最大阻值是_________Ω；电源电压为_________V。【答案】①.20②.6【解析】【详解】[1][2]分析电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电流表测电路中电流，电压表测滑动变阻器两端电压。当滑片在a端时，滑动变阻器连入电路的阻值最大，其两端电压最大，由图象可知，此时电路中的电流Ia=0.2A，R2两端的电压U2=4V，由可得因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压U=IaR1+U2=0.2A×R1+4V……①当滑片P在b端时，滑动变阻器没有连入电路，电压表示数为零，由图象可知这时电路中电流为Ib=0.6A，电源电压加在R1上，则U=IbR1=0.6A×R1……②由①②得R1=10Ω，U=6V。三、作图题（本大题共两小题，每题3分，共6分）21.如图所示，一物体以某一速度冲上表面粗糙的固定斜面，请画出物体在上滑过程中所受的重力G和摩擦力f的示意图．【答案】【解析】【分析】根据重力的概念、摩擦力的概念判断各力的方向和作用点，分别作图。【详解】由图示可知物体是向上运动的，受到的摩擦力方向沿斜面向下，重力的方向竖直向下，作用点都画在重心，如图所示：22.请利用图中给出的信息，在图中标出电源的正极、小磁针的S极，并用箭头标出磁感线的方向。【答案】【解析】【详解】由图知通电螺线管的左端为S极，则右端为N极，根据异名磁极相互吸引，小磁针的左端为S极，则右端为N极。因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向左的。根据安培定则，可判断电流从螺线管的左端流入，则电源的左端为正极。如图所示：四、实验与探究题（本大题共两小题，共14分）23.下图是探究影响浮力大小因素的实验。（1）由甲、乙两图可知物体在水中受到的浮力是______N。乙图中，若将绳子剪断，物体将______（选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）；（2）由乙、丙两图可知物体所受浮力大小跟浸没的深度______关（选填“有”或“无”)；（3）如果要探究物体受到的浮力与物体的重力是否有关，可以选择图所示的______两个物体，将它们浸没在______液体中，测出所受浮力的大小来进行比较；（4）本实验中，主要采用的方法是______。【答案】①.1②.下沉③.无④.CD⑤.同种⑥.控制变量法【解析】【详解】（1）[1][2]由甲图所示可知：G=4.0N，由乙图所示可知：F=2.0N，所以F浮=G-F=4.0N-2.0N=2.0N因为G＞F浮，所以将绳子剪断，物体将会下沉。（2）[3]由丙图所示实验可知：F′=2.0N，浮力F浮′=G-F′=4.0N-2.0N=2.0N比较（1）、（2）数据可知，浮力大小跟浸没的深度无关。（3）[4][5]浮力大小与液体密度和排开液体体积有关，要想探究物体受到的浮力与物体的重力是否有关，应使物体的体积相同，并使其浸没在同种液体中，C、D的体积相同，但是由不同物质组成的，所以重力不同，因此选择CD。（4）[6]影响浮力大小的因素很多，要探究物体受到的浮力与物体的重力是否有关，应控制液体密度与物体排开液体的体积相同而物体的重力不同，可以选用体积相同而重力（质量）不同的物体进行实验，如图丁所示可知CD，由此可知，本实验采用了控制变量法。24.为了探究通过导体的电流与电阻的关系：（1）请在虚线框内画出你设计的电路图________；（2）电源电压为3V，如表是未设计完整的表格，请按实验需求将表格补充完整，以便实验中记录数据_________；实验条件：保持电阻R两端的电压U=2.5V不变实验次数物理量1234

（3）每次更换电阻R后调节滑动变阻器时，应注意观察_______表，使其读数保持不变；（4）更换一个阻值更大的电阻后，电压表的示数将________2.5V（选填“大于”、“小于”、或“等于”），此时应调节滑动变阻器的滑片，使其接入电路的电阻_________（选填“变大”或“变小”），从而符合实验条件。【答案】（1）（2）见解析（3）电压（4）①.大于②.变大【解析】小问1详解】在探究导体电流与电阻的关系时，要保持电阻两端的电压保持不变，电压表与定值电阻并联，实验过程中必须把各种阻值已知的定值电阻分别与滑动变阻器和电流表串联起来，然后利用电流表测出通过定值电阻的电流。故电路图如下：【小问2详解】实验中要改变电阻值，测量出对应的电流值，所以实验数据记录表格如下：实验条件：保持电阻R两端的电压U=2.5V不变实验次数物理量1234电阻/Ω

电流/A

【小问3详解】实验中要控制定值电阻两端电压不变，因此每次更换电阻R后调节滑动变阻器时，应注意观察电压表，使其示数为2.5V。【小问4详解】[1][2]根据串联分压原理可知，更换一个阻值更大的电阻后，电压表的示数将大于2.5V，因此应该增大滑动变阻器两端电压，使电压表示数减小为2.5V。根据串联分压原理，此时应调节滑动变阻器的滑