2025届榆林市吴堡县吴堡中学高二物理第一学期期中预测试题含解析

2025届榆林市吴堡县吴堡中学高二物理第一学期期中预测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列关于点电荷的说法中正确的是A．只要带电体的体积很小，都可以看成点电荷B．只要带电体的电量很小，都可以看成点电荷C．只要带电体的大小远小于电荷间的距离，都可看成点电荷D．均匀带电圆环一定不能看成点电荷2、关于运动电荷和磁场的说法中，正确的是（）A．运动电荷在某点不受洛仑兹力的作用，这点的磁感应强度必为零B．运动电荷所受洛仑兹力的方向一定垂直于磁场方向，一定垂直于粒子速度方向C．电子射线受到垂直于它的磁场作用而偏转，这是因为洛仑兹力对电子做功的结果D．电荷的运动方向、磁感应强度和电荷所受洛仑兹力的方向一定互相垂直3、某同学用一个微安表头量程内阻；电阻箱和电阻箱组装一个多用电表，有电流1mA和电压3V两挡，改装电路如图所示，则、应调到多大阻值A．， B．，C．， D．，4、关于电压和电动势，下列说法正确的是（）A．电动势就是电源两极间的电压B．电压和电动势单位相同，所以电动势和电压是同一物理量C．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领的物理量D．电源电动势定义式E=Wq和电势差定义式U=W5、如下图所示，AB是电场中的一条电场线，若将一负电荷从A点由静止释放，负电荷沿电场线从A到B运动过程中速度时间图线如图Ⅱ所示，不计重力，则下列判断正确的是（）A．ϕA＞ϕB，EA＞EBB．ϕA＞ϕB，EA＜EBC．ϕA＜ϕB，EA＞EBD．ϕA＜ϕB，EA＜EB6、a、b两个带电小球的质量均为m，所带电荷量分别为＋3q和－q，两球间用绝缘细线连接，a球又用长度相同的绝缘细线悬挂在天花板上，在两球所在的空间有方向向左的匀强电场，电场强度为E，平衡时细线都被拉紧，则平衡时可能位置是：A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在竖直平面内有水平向右、电场强度为的匀强电场。在场中有一根长L=2m的绝缘细线，一端固定在O点，另一端系有质量为0.04kg的带电小球，如图所示，它静止时细线与竖直方向成37°角。现给小球一个初速度让小球恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，取小球在静止时的位置为电势能和重力势能的零点，，，下列说法正确的是（）A．小球所带电量为B．小球恰能做圆周运动的动能最小值是0.5JC．小球恰能做圆周运动的机械能最小值是1.54JD．小球恰能做圆周运动的机械能最小值是1.78J8、某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2两端的电压与电流的关系如图所示。用此电源和电阻R1、R2组成电路，R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路。下列说法正确的是（）A．将R1、R2串联后接到电源两端时，电源的效率为75%B．将R1、R2并联后接到电源两端时，电源的效率为75%C．为使电源输出功率最大，可将R1单独接到电源两端D．为使电源输出功率最大，可将R2单独接到电源两端9、对电源的认识，下列说法正确的是()A．电源是为电路提供自由电荷的装置B．电源的作用是保持导体两端有持续的电势差C．电源的作用是使绝缘材料体变成导体D．电源使导体中的自由电子发生定向移动10、如图，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M=30°，M、N、P、F四点处的电势分别用M、N、P、F表示。已知M=N，P=F，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则()A．点电荷Q一定不在MP的连线上B．连接PF的线段不在同一等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做正功D．P大于M三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图中，游标卡尺读数为_______cm；螺旋测微器读数为______mm12．（12分）某研究性学习小组利用如图甲所示电路测量电池组的电动势E和内阻r.根据实验数据绘出如图乙所示的R－1I图线，其中R为电阻箱读数，I为电流表读数，则绘制图线的方程为_______由图可以得到E＝_______V，r＝_______Ω.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，两块带等量异种电荷的平行金属板A、B水平放置，组成平行板电容器，两板间距d=0.05m。两板之间有一个质量m=1.0×10-3kg、电荷量q=+1.0×10−6C的带电油滴恰好处于静止状态。重力加速度g=10m/s2。①判断金属板A带何种电荷？②求两板间的电压大小；③若只增加平行板电容器的带电量，试判断带电油滴将向上运动还是向下运动？14．（16分）如图所示，两平行金属板A、B长为L＝8cm，两板间距离d＝8cm，A板比B板电势高，且两板间电压大小为U=300V，一带正电的粒子电荷量为q＝1.0×10－10C、质量为m＝1.0×10－20kg，沿电场中心线RO垂直电场线飞入电场，初速度v0＝2.0×106m/s，粒子飞出电场后经过界面MN、PS间的无电场区域，然后进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域（设界面PS右侧点电荷的电场分布不受界面的影响）。已知两界面MN、PS相距为s1=12cm，D是中心线RO与界面PS的交点，O点在中心线上，距离界面PS为s2=9cm，粒子穿过界面PS做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏bc上。（静电力常量k＝9.0×109N·m2/C2，粒子的重力不计）（1）在图上粗略画出粒子的运动轨迹；（2）求粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离为多远；到达PS界面时离D点为多远；（3）确定点电荷Q的电性并求其电荷量的大小。（计算结果保留两位有效数字）15．（12分）如图所示，在真空中有一与x轴平行的匀强电场，一电子由坐标原点O处以速度v0沿y轴正方向射入电场，在运动中该电子通过位于xoy平面内的A点，A点与原点O相距L，OA与x轴方向的夹角为θ，已知电子电量q=-1.6×10-19C，电子质量m=9×10-31kg，初速度v0=1×107m/s，O与A间距L=10cm、θ=30º．求匀强电场的场强方向和大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

点电荷的模型是重要的物理模型之一，它的条件是带电体的大小远小于电荷间的距离，都可看成点电荷，与带电体的大小、带电体所带的电量都无直接的关系，故AB错误，C正确；均匀带电圆环是否能看成点电荷与圆环的大小以及要研究的问题的范围的大小有关，故D错误；故选C.2、B【解析】若电荷的运动方向与磁场方向平行，则运动电荷不受洛伦兹力作用．故A错误．根据左手定则，洛伦兹力的方向与磁场方向、粒子的运动方向垂直．故B正确，电子射线垂直进入磁场发生偏转，而洛伦兹力方向与速度方向垂直，洛伦兹力对电子不做功．故C错误．根据左手定则，洛伦兹力的方向与磁场方向、粒子的运动方向垂直，但运动方向与磁场的方向不一定垂直，故D错误．故选B．【点睛】当带电粒子的速度方向与磁场方向不平行，带电粒子受到洛伦兹力作用，根据左手定则可以得出洛伦兹力的方向．3、B【解析】

微安表并联一个小电阻改装成大量程得电流表，串联一个大电阻改装成大量程的电压表。根据改装图所示：当接o、a接线柱时当电流表用，根据并联电路特点得：

代入数据解得：；当接o、b接线柱时当电压表用，根据串联电路得特点得：；解得：故B正确，ACD错误，故选B。4、C【解析】

A.根据闭合电路欧姆定律，路端电压U=E−Ir，只有当外电路断开时，I=0，路端电压等于电动势。故A错误；B.电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量。故B错误；C.电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小。故C正确；D.电动势定义式中的W是非静电力做功，电势差中的W是静电力做功。故D错误。故选：C.【点睛】电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，不是同一物理量的不同叫法．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量．电动势定义式中的W是非静电力做功，电势差中的W是静电力做功。电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．5、D【解析】

速度图象的斜率等于物体的加速度，由图可知点电荷从A向B运动的过程中加速度越来越大，故A点的场强小于B点场强；由于物体沿电场线运动过程当中做加速运动，故点电荷所受电场力方向由A指向B，又由于负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，所以电场线的方向由B指向A，所以而沿电场线的方向电势降低，即φA＜φB，故D正确；故选D.【点睛】速度图象的斜率等于物体的加速度，故A点的场强小于B点场强；负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，沿电场线的方向电势降低是解决本题的突破口．6、D【解析】

a球带正电，受到的电场力水平向左，b带负电，受到的电场力水平向右．以整体为研究对象，整体所受的电场力大小为2qE，方向水平向左，分析受力如图，则上面绳子应向左偏转．

设上面绳子与竖直方向的夹角为α，则由平衡条件得；以b球为研究对象，受力如图．设ab间的绳子与竖直方向的夹角为β，则由平衡条件得；得到α=β，所以根据几何知识可知，b球在悬点的正下方，故D正确，ABC错误；故选D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

A.对小球进行受力分析如上图所示，

可得代入解得小球的带电量A错误；B.由于重力和电场力都是恒力，所以它们的合力也是恒力，在圆上各点中，小球在平衡位置A点时的势能（重力势能和电势能之和）最小，在平衡位置的对称点B点，小球的势能最大，由于小球总能量不变，所以在B点的动能EkB最小，对应速度vB最小；恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，在B点，小球受到的重力和电场力，其合力作为小球做圆周运动的向心力，绳的拉力恰为零，有所以：选项B正确；CD．由于总能量保持不变，即是恒量．所以当小球在圆上最左侧的C点时，电势能EPE最大，机械能最小．由B运动到A，有所以：总能量为由C到A，电场力做功：又电场力做功等于电势能的减少量，则：所以C点的机械能为故C正确，D错误。8、AC【解析】

A．根据题图可知，电源的电动势为E=3V内阻根据知，两定值电阻的阻值分别为R1=0.5Ω，R2=1Ω．将R1、R2串联后接到电源两端时，电源的效率为故A正确；B．外电阻越大，电源的效率越高，因为R1、R2并联后的电阻小于将它们串联后的电阻，可知，将R1、R2并联后接到电源两端时，电源的效率小于75%，故B错误；CD．当外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，据此可知将R1单独接到电源两端时，电源输出功率最大，故C正确，D错误。9、BD【解析】

电源是将其它形式的能转化为电能的装置，凡是能提供电能的装置都可以作为电源，并不是提供电荷的装置，其作用是保持导体两端的电压，能使导体中形成电场，使自由电荷受到电场力而定向移动起来，使导体内的自由电子定向移动，并不是使绝缘体变成导体，故AC错误，BD正确；故选BD．【点睛】电源是将其它形式的能转化为电能的装置，电源的作用是能够保持导体两端的电势差，使导体中形成电场，从而使自由电荷定向移动起来，不是提供自由电子．10、BCD【解析】

A．点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心，如图所示：故场源电荷在MN的中垂线和FP的中垂线的交点上，点电荷Q一定在MP的连线上，故A错误；B．因φP=φF，则线段PF是P、F所在等势面（圆）的一个弦，故B正确；C．在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，将正试探电荷从P点搬运到N点，电势能降低，故电场力做正功，故C正确；D．在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，故φP＞φM，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5.0154.696～4.701【解析】

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【详解】游标卡尺主尺读数为50mm，游标尺上第3个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为：0.05×=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm；螺旋测微器固定刻度读数4.5mm，可动刻度读数为0.01×19.8mm=0.198mm，所以金属丝的直径为：4.5mm+0.198mm=4.698mm12、R=EI-r2.8【解析】

根据闭合电路欧姆定律I=ER+r，进行数学变形，得到R与1I关系式，根据数学知识研究【详解】据闭合电路欧姆定律I=解得：R=E·1由数学知识得知，R-1I图象的斜率等于E则由图得到，电源的电动势为E=9-5内阻r=1Ω。【点睛】物理图象关键要根据物理规律得到解析式，运用数学知识分析图象的物理意义．本题采用的是转换法，本来I-R是非线性关系，转换成R-1四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、①A板带“－”电②500V③向上【解析】①油滴能恰好在平行板电容器间静止，则电荷所受的电场力方向向上，可断定：A板带负电．

②油滴能恰好在平行板电容器间静止，有：q＝mg

解得：③由可知，Q增大，U增大；又由可知，U增大，E增大．这样就会有qE＞mg，油滴将向上运动．14、（1）图见解析；（2）3cm；12cm（3）负电；1.0×10-8

C【解析】

（1）第一段是抛物线、第二段是直线、第三段是圆弧，轨迹如图：

（2）粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离（偏移位移）：

y=12at2

a=Fm=qUdm

L=v0t

则y=1粒子在离开电场后