广西南宁市第四中学2025届物理高一第一学期期末教学质量检测试题含解析

广西南宁市第四中学2025届物理高一第一学期期末教学质量检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、下列对牛顿第一定律的理解正确的是（）A.牛顿第一定律是说当弹簧的劲度系数一定时，弹簧的弹力与形变量成正比B.牛顿第一定律表明物体有保持原来运动状态不变的性质C.选择不同的参考系时物体的运动状态不同，但牛顿第一定律总是成立D.可以用实验直接验证牛顿第一定律2、质点从光滑水平面上的P点做初速度为零的匀加速直线运动．质点到达M点时的速率为4v，到达N点时的速率为5v．则P、M两点之间的距离与M、N两点间的距离之比为（）A.4：1 B.2：1C.4：3 D.16：93、下列关于物体运动的描述或者解释中，正确的是：（）A.飞机投弹，当目标在飞机的正下方时投下炸弹，必能击中目标B.尽管地球自西向东自转，但地面上的人竖直向上跳起后，还是会落到原地C.足球被踢出后继续向前运动，是因为足球被踢出后持续受到向前的冲力D.汽车行驶速度越大，需要刹车距离也越大，是因为惯性大小与速度大小成正比4、如图所示是一位同学坐出租车收据的部分内容，由此可以得知他的()A.位移为4.3kmB.路程为4.3mC.平均速度为7.2m/sD.坐车时间为10min5、下列各组仪器，用来测量国际单位制中三个力学基本物理量的是（）A.米尺、弹簧秤、压强计B.米尺、天平、秒表C.米尺、测力计、打点计时器D.量筒、天平、秒表6、如图所示是物体做直线运动v-t图象，由图可知，该物体（）A.第1s内和第3s内的运动方向相反B.第3s内和第4s内的加速度相同C.第1s内和第4s内的位移大小不相等D.0~2s和0~4s内的平均速度大小相等7、在不同高度同时释放两个铅球（不计空气阻力）,则在均未落地前,两者（）A.在任一时刻具有相同的加速度、位移和速度;B.落地的时间间隔取决于两铅球释放时的高度;C.在第1s内、第2s内、第3s内位移之比都为1∶4∶9;D.两铅球距离和速度差都越来越大8、在某一高度以的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力），当小球速度大小为10m/s时，以下判断正确的是（g取10m/s2）（）A.小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s，方向向下B.小球的位移大小一定是15mC.小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s，方向向上D.小球在这段时间内的平均速度大小可能为15m/s，方向向上9、在粗糙水平面上，物体在水平推力作用下由静止开始做匀加速直线运动，作用一段时间后，将水平推力逐渐减小到零．在水平推力逐渐减小到零的过程中（物体仍在运动）（）A.物体速度逐渐减小B.物体速度先增大后减小C.物体加速度逐渐减小D.物体加速度先减小后增大10、吊环比赛中，某时刻运动员双手和吊绳如图都处于竖直状态，在运动员双手从竖直状态逐渐向左右伸展到水平状态的过程中，以下说法正确的是（）A.每条吊绳的拉力逐渐变大B.每条吊绳的拉力保持不变C.两条吊绳对人的合力逐渐变大D.两条吊绳对人的合力不变11、如图所示，传送带倾角，从A到B的长度为,传送带以的速度逆时针转动，在传送带上端无初速度放一个质量为m＝0．5kg的物体，它与传送带之间的动摩擦因数＝0.5，则物体从A运动到B()（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m／s2）A.一直做匀加速直线运动 B.先加速后匀速C.运动1s后与传送带速度相同 D.A运动到B的时间为2s12、如图所示，左右带有固定挡板的长木板放在水平桌面上，物体M放于长木板上，并与长木板保持相对静止，此时弹簧对物体的压力为3N，物体的质量为0.5kg，物体与木板之间无摩擦，物体与左侧挡板间无挤压，则此段时间内木板与物体M可能一起()A.向右加速B.向右减速C.向左减速D.向左加速二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（12分）如图所示，质量m=2kg的小物块从倾角的光滑斜面上的A点由静止开始下滑，经过B点后进入粗糙水平面，已知AB长度为3m，斜面末端B处与粗糙水平面平滑连接。试求：（1）小物块滑到B点时的速度大小。（2）若小物块从A点开始运动到C点停下，一共经历时间t=2.5s，求BC的距离。（3）上问中，小物块与水平面的动摩擦因数μ多大？17、（10分）如图所示，传送带与地面夹角θ＝37°，从A到B长度为L＝41m，传送带v0＝20m/s的速率逆时针转动。在传送带上端A无初速地放一个质量为m＝0.5kg的黑色煤块，它与传送带之间的动摩擦因数为μ＝0.5。煤块在传送带上经过会留下黑色痕迹。已知sin37°＝0.6，g＝10m/s2，求：(1)煤块从A到B的时间；(2)煤块从A到B的过程中传送带上形成痕迹的长度。

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、B【解析】A．当弹簧的劲度系数一定时，弹簧的弹力与形变量成正比描述的是胡克定律，选项A错误；B．牛顿第一定律即惯性定律，物体总保持静止或匀速直线运动状态，直到有外力迫使他改变为止，选项B正确；C．牛顿第一定律只有在惯性参考系中才成立，选项C错误；D．牛顿第一定律不能用实验直接验证，是合理外推得到的，选项D错误。故选B。2、D【解析】设质点的加速度为a，根据匀变速直线运动位移速度公式分别为PM和PN两个过程列式，联立方程即可求解；【详解】设质点的加速度为a，根据匀变速直线运动位移速度关系公式，则有：解得故ABC错误，D正确。故选D。【点睛】本题主要考查了匀加速直线运动速度位移公式的直接应用，选取好研究过程中可以使计算过程更简单3、B【解析】A．飞行的飞机投弹时，炸弹做平抛运动，在目标的正上方投弹，炸弹由于惯性，会继续往前运动，不能击中目标，故A错误；B．尽管地球自西向东自转，但地面上的人竖直向上跳起后，还是会落到原地，这是因为人与地球具有相同的速度，故B正确；C．足球被踢出后继续向前运动，是因为足球具有惯性，故C错误；D．惯性大小的量度是质，质量越大，惯性越大，故D错误。故选B。4、D【解析】AB.里程4.3km指路程，故AB错误；C.汽车的位移、平均速度均无法判断，C项错误；D.从图中可看出坐车时间为10min，故D正确。5、B【解析】国际单位制总力学基本量为时间、质量和长度，用秒表测量时间，用天平测量质量，用刻度尺即米尺测量长度，故B正确6、B【解析】AB．0-1s向正方向做加速度为1m/s2的匀加速直线运动；1-2s向正方向做匀速直线运动；2-3s向正方向做加速度为1m/s2的匀减速直线运动；3-4s以1m/s2的加速度向相反方向做匀加速直线运动，故选项A错误，B正确；C．据速度-时间图象中图线与时间轴围成的面积大小表示位移大小，可知，第1s内和第4s内的位移大小均为0.5m，选项C错误；D．0~2s内与0~4s内位移大小相等，但时间不同，故平均速度大小不相等，选项D错误。故选B。7、AB【解析】两个铅球都做自由落体运动，运动情况完全相同，故在任一时刻具有相同的加速度、位移和速度，故A正确，D错误；两个铅球都做自由落体运动，根据，可得，可知落地的时间间隔取决于两铅球释放时的高度，故B正确；初速度为零的匀加速直线运动，在前1s、前2s、前3s、…、前ns的位移之比为1：4：9：…：n2，则在第1s内、第2s内、第3s内位移之比为1：（4-1）：（9-4）=1：3：5，在故C错误；故选AB考点：匀变速直线运动的规律的应用【名师点睛】本题关键是明确自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，同一地点，自由落体加速度都相同，与质量无关；能通过匀变速直线运动的规律来解答自由落体运动的有关问题.8、BCD【解析】ACD．小球被竖直向上抛出，做的是匀变速直线运动，平均速度可以用匀变速直线运动的平均速度公式求出。规定竖直向上为正方向，当小球的末速度大小为10m/s、方向竖直向上时，，用公式求得平均速度为15m/s，方向竖直向上；当小球的末速度大小为10m/s、方向竖直向下时，，用公式求得平均速度大小为5m/s，方向竖直向上，故A错误，BD正确；C．由于末速度大小为10m/s时，球的位置一定，距起点的位移C正确。故选BCD。9、BD【解析】物体在水平推力作用下由静止开始作匀加速直线运动，物体水平方向受到推力和滑动摩擦力．水平推力从开始减小到与滑动摩擦力大小相等的过程中，物体受到推力大于摩擦力，物体做加速度，合力减小，加速度减小；此后，推力继续减小，推力小于滑动摩擦力，合力与速度方向相反，物体做减速运动，合力反向增大，加速度反向增大．故物体加速度先减小后增大；速度先增大后减小，BD正确10、AD【解析】三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；将一个力分解为两个相等的分力，夹角越大，分力越大，夹角越小，分力越小【详解】对运动员受力分析，受到重力、两个拉力，如图：由于两个拉力的合力F不变，且夹角变大，故两个拉力FT不断变大，故AD正确，BC错误故选AD【点睛】本题关键作图后，根据三力平衡条件，运用合成法分析讨论，注意由物理情景，作出物理模型，并能正确使用物理规律，是解题的三步曲11、CD【解析】开始时，物体受到传送带向下的摩擦力向下做加速运动，根据牛顿第二定律，则：a1＝=gsinθ+μgcosθ=10×0.6+0.5×10×0.8=10m/s2，当物体与传送带相对静止时，物体的位移：；，即运动1s后与传送带速度相同，则：x2=16-5=11m；因为mgsinθ＞μmgcosθ，物体与传送带不能保持相对静止，继续加速运动，此后物体的加速度

a2＝=gsinθ-μgcosθ=10×0.6-0.5×10×0.8=2m/s2．则：x2＝vt+a2t2；代入数据解得：t2=1s；故共耗时t=t1+t2=2s．故选项CD正确，AB错误；故选CD.12、BD【解析】物体静止时，弹簧处于压缩状态，弹力F=3N，因为物体与木板之间无摩擦，物体与左侧挡板间无挤压，由牛顿第二定律知F=ma，解得a=6m/s2，方向向左。所以此段时间内木板与物体可能一起向左加速或向右减速。A．综上分析木板与物体可能一起向左加速或向右减速，A错误；B．综上分析木板与物体可能一起向左加速或向右减速，B正确；C．综上分析木板与物体可能一起向左加速或向右减速，C错误；D．综上分析木板与物体可能一起向左加速或向右减速，D正确；故选BD。二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（1）6m/s；（2）4.5m；（3）0.4【解析】AB段光滑，根据动能定理或机械能守恒求出小物块到达B点的速度大小。；根据牛顿第二定律，结合位移时间公式求出在AB上的运动时间，从而得出在BC段运动的时间，根据匀变速直线运动平均速度的推论求出BC间的距离；根据速度时间公式求出加速度，结合牛顿第二定律求出水平面的动摩擦因数。【详解】试题分析（1）由动能定理得解得（2）物块在斜面上的加速度为：牛顿第二定律解得在斜面上有解得物块在BC段的运动时间为BC段的位移为（3）在水平面上，逆向分析可看做初速度为零的匀加速，由得加速度大小根据牛顿第二定律有代入数据解得【点睛】本题考查了动能定理、牛顿第二定律和运动学公式的综合，综合性较强，加速度是联系力学和运动学的关键。17、（1）3s（2）20m【解析】（1）开始阶段由牛顿第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma1所以：a1=gsinθ+μgcosθ=10m/s2物体加速至与传送带速度相等时需要的时间：

发生的位移：所以物体加速到20m/s时仍未到达B点，此时摩擦力方向改变。第二阶段有：mgsinθ-μmgcosθ=ma2所以：a2=2m/s2设第二阶段物