2024-2025学年高三物理月考503

…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○……○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024-2025学年高三物理月考503考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：100分钟；命题人：WNNwang04学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、a、b两车从同一地点在平直公路上沿同方向行驶，其v-t图象如图所示，则下列说法中正确的有（）A.t=t1时，a、b两车速度的大小相同、方向相反B.t=t1时，a、b两车的加速度的大小相同、方向相同C.t=t1时，a、b两车重新相遇D.0=t1时间内，a车的位移是b车位移的3倍2、如图所示，M、N为两颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，下列说法正确的是（）

A.M的运行周期比N的大B.M的角速度比N的大C.M的动能比N的小D.M的机械能比N的大3、如图所示，一条红色光线和另一条紫色光线，以不同的角度同时沿不同的半径方向射入同一块半圆形玻璃砖，其透射光线都是由圆心O点沿OC方向射出．则（）A.AO是红光B.AO穿过玻璃砖所需时间较长C.在同一双缝干涉实验装置中，AO的条纹间距较大D.在玻璃中AO光的临界角比BO光的临界角大4、质量为2kg的物体在xy平面做曲线运动，在x方向的速度图像和y方向的位移图像.

如图所示。下列说法正确的是（

）A.质点的初速度为5m/sB.质点所受的合外力为6NC.质点初速度的方向与合外力方向垂直D.2s末速度大小为6m/s5、在匀强磁场中有一个静止的氡原子核（86222Rn），由于衰变它放出一个粒子，此粒子的径迹与反冲核的径迹是两个相互外切的圆，大圆与小圆的直径之比为42：1，如图所

示，那么氡核的衰变方程应是下列方程中的哪一个（）

A.Rn→Fr

B.Rn→Po

C.

D.

6、物体的动量变化量的大小为5kg·m/A.物体的动量在减小B.物体的动量在增大C.物体的动量大小也可能不变D.物体的动量大小一定变化评卷人得分二、双选题(共6题，共12分)7、【题文】水平桌面上有甲、乙、丙三个完全相同的容器，装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C8、短周期元素rm{W}、rm{X}、rm{Y}、rm{Z}的原子序数之和为rm{45}，四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}；rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键9、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是(

)

rm{①(}三碟烯rm{)}

rm{②(}扭曲烷rm{)}

rm{③(}富勒烯rm{)}

rm{④(}金刚烷rm{)}A.rm{①②③④}均属于烃

B.rm{①③}均能发生加成反应C.rm{①④}互为同分异构体

D.rm{①②③④}的一氯代物均只有一种10、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.

rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{⇌}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.

rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{⇌}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.

滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.

rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}11、rm{X}，rm{Y}，rm{Z}，rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}

rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}、rm{Y}、rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}、rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡12、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}，通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}。以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、教材中演示运动的合成与分解的实验如图1所示．假设从某时刻t=0开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是10cm，且从t=0开始，玻璃管向右匀速平移，其速度大小为12cm/s．

（1）试在2图中定性画出红蜡块的运动轨迹；

（2）当t=3s时，红蜡块的位置坐标是

．

14、【题文】一个物体同时受到两个力的作用F1、F2的作用，F1、F2与时间的关系如图所示，如果该物体从静止开始运动，当该物体具有最大速度时，物体运动时间是

s.该物体的最大动量是

㎏·m/s15、（2015春•福建期末）一轻质弹簧装置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连；弹簧处于原长时，小球恰好在桌面边缘，如图．向左推小球，使弹簧压缩一段距离后由静止释放；小球离开桌面后落到水平地面．通过测量和计算小球抛出时的动能，可间接测得弹簧被压缩后的弹性势能，已知当地重力加速度为g．

（1）为完成实验，除了要测量小球的质量外，至少还需要测量下列物理量中的

（填选项前字母）．

A．弹簧原长L0

B．弹簧的压缩量x

C．桌面到地面的高度h

D．小球抛出点到落地点的水平距离s

（2）若已测得小球的质量m，结合你在（1）问中选择的物理量，写出弹簧性势能的表达式是

．（用题中给定的物理量符号表示）16、（2015•海南）如图所示，坐在雪橇上的人与雪橇的总质量为m，在与水平面成θ角的恒定拉力F作用下，沿水平地面向右匀速移动了一段距离l．雪橇受到的拉力做功为

J，重力做功为

J，雪橇受到的摩擦力大小为

N．17、（2010秋•九龙坡区校级月考）在用如图所示装置研究平行板电容器电容与哪些因素有关的实验中，电容器带电后，依次完成以下操作．（选填“变大”或“变小”或“不变”）

（1）将B板从图中位置开始向左移，可以看到静电计指针偏角

，说明电容器电容

；

（2）如果在两板之间插入塑料板，可以看到静电计指针偏角

，说明电容器电容

．18、（2013春•椒江区校级期中）一长直铁芯上绕有一固定线圈M，铁芯右端与一木质圆柱密接，木质圆柱上套有一金属环N，N可在木质圆柱上固定不动，与电流计相连．若该电流计的电流从哪端进，指针就向哪端偏转．M连接在如图所示的电路中，其中R为滑动变阻器，E1和E2为直流电源，S为单刀双掷开关．在下列情况中，判断电流计中指针的偏转方向（填写“向右偏转”、“向左偏转”、“不动”）．

（1）在S断开的情况下．s向a闭合的瞬间，指针

．

（2）在S已向b闭合的情况下，将R的滑动头向d端移动过程中，指针

．评卷人得分四、判断题(共3题，共12分)19、没有施力物体的力有可能存在．

（判断对错）20、布朗运动是微观粒子的运动，其运动规律不遵循牛顿第二定律．

．（判断对错）21、描述物体的运动时，只能选择静止的物体作为参考系．

．（判断对错）评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)22、在做“验证力的平行四边形定则”的实验时，其中的三个实验步骤是

①在水平放置的木板上固定一张白纸，把橡皮条的一端固定在板上，另一端拴两根细线，通过细线同时用两只弹簧秤互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点和两弹簧秤的示数F1和F2．

②只用一只弹簧秤通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与用两个弹簧秤拉时相同，记下此时弹簧秤的示数F′和细绳的方向．

③在纸上根据F1和F2的大小，应用平行四边形定则作图求出合力F的大小．

以上三个步骤中均有错误或疏漏，请你分别指出．

（1）在①中是

（2）在②中是

（3）在③中是

．23、在“测定金属丝的电阻率”的实验中，某同学进行了如下测量：

（1）用毫米刻度尺测量接入电路中的被测金属丝的有效长度，测量结果如图甲所示，金属丝的另一端与刻度尺的零刻线对齐，则接入电路的金属长度

cm．用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量结果如图乙所示，则金属丝的直径为

mm．

（2）某同学通过实验测定金属丝的电阻Rx（约为5Ω），现有电源（4V，内阻忽略不计）、滑动变阻器（0～50Ω．额定电流2A）、开关和导线若干，以及下列电表：

A．电流表（0～3A，内阻约0.025Ω）、B．电流表（0～0.6A，内阻约为0.125Ω）

C．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）、D．电压表（0～15V，内阻约15kΩ）

为减小测量误差，在实验中，电流表应选用

，电压表应选用

（选填器材前的字母）；

（3）若选用丙电路，产生误差的主要原因是

；

若选用丁电路，产生误差的主要原因是

．

（4）实验电路应采用图

（填“丙”或“丁”）24、（2011•莱州市校级二模）探究力对原静止的物体做的功与物体获得的速度的关系，实验装置如图所示，实验主要过程如下：

（a）设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W、…；

（b）分析打点计时器打出的纸带，求出小车的速度v1、v2、v3、…；

（c）作出W-v草图；

（d）分析W-v图象．如果W-v图象是一条直线，表明W∝v；如果不是直线，可考虑是否存在W∝v2、W∝v3、W∝等关系．

（1）以下关于该实验的说法中有一项不正确，它是

．

A．本实验设法让橡皮筋对小车做的功分别为W、2W、3W、…．所采用的方法是选用同样的橡皮筋，并在每次实验中使橡皮筋拉伸的长度保持一致．当用1条橡皮筋进行是实验时，橡皮筋对小车做的功为W，用2条、3条、…橡皮筋并在一起进行第2次、第3次、…实验时，橡皮筋对小车做的功分别是2W、3W、…．

B．小车运动中会受到阻力补偿的方法，可以使木板适当倾斜．

C．某同学在一次实验中，得到一条记录纸带．纸带上打出的点，两端密、中间疏．出现这种情况的原因，可能是没有使木板倾斜或倾角太小．

D．根据记录纸带上打出的点，求小车获得的速度的方法，是以纸带上第一点到最后一点的距离进行计算．

（2）在此实验中，若画出W-v的图象，应为图中的哪一个

25、某组同学借用“测定金属的电阻率”实验的思想、原理及操作，测量某一电阻，所用器材入下：

待测电阻Rx（约300Ω）；

电流表A（量程0～10mA，内阻约50Ω）；

电压表V（量程0～3V，内阻约5kΩ）；

电池组E（电动势3V，内阻不计）；

滑动变阻器R（阻值0～15Ω，允许最大电流1A）；

开关一个，导线若干．

根据上述器材的规格，为使实验尽量精确：

①电流表A应采用

接（选填“内”或“外”）；请你用笔画线代替导线，则图1中补画处实验电路中还需要连接的导线．

②为进一步测量电流表A的内阻rA，他们将Rx换为标准定值电阻R0（100Ω），将电压表V换为电流表A1（量程0～20mA，内阻约25Ω），增加保护电阻Rb（150Ω），其余器材不变．请你在图2中的虚线框内补画完电路原理图．评卷人得分六、解答题(共1题，共6分)26、（2015秋•葫芦岛期末）质谱仪是用来测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具，如图所示，电容器两极板相距为d，两板间电压为U，极板间匀强磁场的磁感应强度为B1，方向垂直纸面向外．一束电荷电量相同、质量不同的带正电的粒子，沿电容器的中线平行于极板射入电容器，沿直线匀速穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外．结果分别打在感光片上的a、b两点，设a、b两点之间距离为△x，粒子所带电荷量为q，且不计重力，求：

（1）粒子在磁场B1中直线运动时速度v的大小？

（2）打在a、b两点的粒子的质量之差△m？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】此题考查了追及与相遇问题，解决此类问题的关键是分析清楚两物体的位移关系．两物体的位移之差等于初始时的距离是两物体相遇的条件，要知道：v-t图象中，面积表示位移．【解析】【解答】解：A、t=t1时，两图象相交，表示a、b两车速度的大小相同、方向相同，故A错误．

B、速度图象的斜率等于加速度，由数学知识可知，a、b两车的加速度的大小相同、方向相反，故B错误．

C、v-t图象中，“面积”表示位移，可知t=t1时，a车的位移比b车的位移大，说明t=t1时，a、b两车没有相遇．故C错误．

D、v-t图象中，“面积”表示位移，由几何知识看出，在t=t1时间内，a车的位移是b车位移的3倍，故D正确．

故选：D．2、B【分析】【分析】根据万有引力提供向心力，得出线速度、角速度、周期与轨道半径的关系，从而比较出大小，结合能量问题求解CD选项．【解析】【解答】解：根据万有引力提供向心力：，可得：

A.，知轨道半径越大，周期越大，故A错误，

B.，知轨道半径越大，角速度越小，故B正确，

C.，知轨道半径越大，线速度越小，但由于不知M、N的质量之间的关系，无法确定两者动能的关系，故C错误．

D．卫星发射得越高，克服地球引力做功就越多，获得的机械能就越大，故N的机械能较大，故D错误．

故选：B．3、B【分析】【分析】红色、紫色光线以不同的入射角沿半径方向射入同一块半圆形玻璃砖，折射角相同，根据折射定律确定折射率的关系，判断哪束光是红光，哪束是紫光．光在介质中的光速为，判断光速的大小，分析光穿过玻璃砖所需时间的长短．在同一双缝干涉实验装置中，干涉条纹的间距与波长成正比．由，分析临界的大小．【解析】【解答】解：A、由图知AO光的折射率大，则AO光为紫光，BO是红光．故A错误；

B、光在介质中的光速为，可见紫光在玻璃中的速度比红光小，所以紫光穿过玻璃砖所需时间较长，故B正确；

C、由双缝干涉条纹间距公式，知红光的条纹间距较大，故C错误；

D、AO为紫光，其折射率大，由，可得在玻璃中AO光的临界角比BO光的临界角小．故D错误．

故选B4、A【分析】试题分析：xt图像的斜率表示加速度，st图像的斜率表示速度，所以从图像中可得：x方向以初速度做匀加速运动，加速度为；y方向以，匀速运动，则质点的初速度为，合力沿x轴方向，所以与初速度方向不同；A正确C错误；根据牛顿第二定律，，B错误；2s末速度大小为，D错误。考点：考查了牛顿第二定律，速度的合成与分解

【解析】【答案】A5、B【分析】

原子核的衰变过程满足动量守恒，可得两带电粒子动量大小相等，方向相反，就动量大小而言有：

m1v1=m2v2

由带电粒子在匀强磁场中圆周运动的半径公式可得：

r=

所以，===

审视ABCD四个选项，满足42：1关系的只有B

故选B

【解析】【答案】核衰变过程动量守恒，反冲核与释放出的粒子的动量大小相等，结合带电粒子在匀强磁场中圆周运动的半径公式可得小粒子与反冲核的电荷量之比，利用排除法可得正确答案

6、C【分析】【分析】动量是矢量，只要动量的方向发生变化，则动量就发生变化，解决本题的关键知道动量是矢量，有大小、有方向。【解答】物体的动量变化量的大小为5kg⋅m/s

，因为动量是矢量，既有大小，也有方向，关于动量的大小可能增加、可能减小，也可能不变，故C正确，【解析】C

二、双选题(共6题，共12分)7、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到，容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强，C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力，B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C，D选项正确。

考点：压力

压强【解析】【答案】B、D8、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}，四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}、rm{X}、rm{Y}、rm{Z}的原子序数之和为rm{45}，则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}，则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}，四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}、rm{W}、rm{X}、rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}，则rm{45}的原子序数为rm{Y}，则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}，故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}，故A正确；rm{Al}，则氢化物稳定性：rm{Al>Si}，故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}，则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}，故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}9、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{①②③④}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}，金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}，二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}10、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O⇌HCO_{3}^{-}+OH^{-}}，故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}，溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}，根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}，故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}，与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}，故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处，故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}11、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素，

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素，则

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}，故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物，既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}、rm{Y}、rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键、rm{X}、rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键，故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}、由rm{X}、rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离，故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}12、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应

，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}

所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.

锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}

错误；D.充电时，

，

，

作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共6题，共12分)13、（36cm，30cm）【分析】【分析】（1）根据蜡块水平方向和竖直方向上每段时间内的位移作出蜡块的轨迹．

（2）蜡块在竖直方向上做匀速直线运动，水平方向上做匀速直线运动，分别求出3s末水平方向和竖直方向上的分位移，从而即可求解．【解析】【解答】解：（1）红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是10cm，且玻璃管向右匀速平移，其速度大小为12cm/s，即每1s向右移动的距离都是12cm，

如图所示；

（2）蜡块在水平方向做匀速运动，x=vt=12×3=36cm

竖直方向上的位移，y=10×3=30cm

当t=3s时，红蜡块的位置坐标是（36cm，30cm）

故答案为：（1）如上图所示；（2）（36cm，30cm）．14、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】5

2515、CD###【分析】【分析】本题的关键是通过测量小球的动能来间接测量弹簧的弹性势能，然后根据平抛规律以及动能表达式即可求出动能的表达式，从而得出结论．本题的难点在于需要知道弹簧弹性势能的表达式（取弹簧因此为零势面），然后再根据Ep=Ek即可得出结论【解析】【解答】解（1）由平抛规律可知，由水平距离和下落高度即可求出平抛时的初速度，进而可求出物体动能，所以本实验至少需要测量小球的质量m、小球抛出点到落地点的水平距离s、桌面到地面的高度h；不需要测量弹簧的原长和压缩量；

故选CD；

（2）由平抛规律应有h=gt2，s=vt，又Ek=mv2

联立解得Ek=

故答案为：（1）CD；（2）16、Flcosθ###0###μ（mg-Fsinθ）【分析】【分析】力F做功的计算公式：W=FScosθ，θ为F与S之间的夹角．通过受力分析，根据滑滑动摩擦力公式可求得摩擦力．【解析】【解答】解：对雪橇受力分析，如图：

重力做功WG=mglcos90°=0，

拉力做功为WF=Flcosθ，

雪橇竖直方向受力平衡：N+Fsinθ=mg

则N=mg-Fsinθ

f=μN=μ（mg-Fsinθ）

故答案为：Flcosθ；0；μ（mg-Fsinθ）17、变大###变小###变小###变大【分析】【分析】平行板电容器与静电计相接，电容器的电量不变，先由电容的决定式C=分析电容的变化，根据电容的定义式C=分析电压U的变化．即可判断静电计指针偏角的变化．【解析】【解答】解：（1）若极板B稍向左移动一点，板间距离增大，由电容的决定式C=分析可知电容变小，电容器的电量不变，根据电容的定义式C=，知极板间的电压U增大．则静电计指针偏角变大．

（2）如果在两板之间插入塑料板--电介质，由电容的决定式C=分析可知电容变大，电容器的电量不变，根据电容的定义式C=，知极板间的电压U减小．则静电计指针偏角变大．

故答案为：（1）变大，变小

（2）变小，变大18、向右偏转###向左偏转【分析】【分析】要使N向左移动，N应受到向左的力；由楞次定律可知通过N的磁场应如何变化，则可知开关的情况．【解析】【解答】解：由楞次定律，在S断开的情况下．s向a闭合的瞬间，电流从左侧流入线圈M，根据安培定则可知，M中的磁场方向左侧是N极，而且增大；根据楞次定律．N中感应电流的磁场的方向右侧是N极，流向电流表的电流从右侧流入，所以电流表指针向右偏转；

（2）在S已向b闭合的情况下，M中的电流的磁场右侧是N极，将R的滑动头向d端移动过程中，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中电流增大，磁通量增大，根据楞次定律．N中感应电流的磁场的方向左侧是N极，流向电流表的电流从做侧流入，所以电流表指针向左偏转；

故答案为：向右偏转，向左偏转．四、判断题(共3题，共12分)19、×【分析】【分析】从力的概念，力作用的相互性，一个对另一个物体施加力的作用有两种形式：一是物体直接接触作用，二是物体之间的间接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物体对物体的作用，力不能脱离物体而存在；因此有力必然涉及两个物体，一个是施力物体，另一个是受力物体，施力物体对受力物体施力的同时也受到受力物体对它的作用力，也就是说，物体间力的作用是相互的，没有施力物体的力有不可能存在．

故答案为：×20、×【分析】【分析】布朗运动是由于分子的无规则运动而使花粉小颗粒受到撞击而振动；布朗运动的实质是大量分子做无规则热运动的结果．【解析】【解答】解：布朗运动是固体小颗粒的运动，是宏观物体，故符合牛顿第二定律；

故答案为：×21、×【分析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．【解析】【解答】解：参考系的选取是任意的；任何物体均可以作为参考系；参考系不一定必须是静止不动的，如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×五、实验题(共4题，共28分)22、还应记下两个细绳套的方向###将橡皮条与细绳套的结点拉至同一位置O点###应用平行四边形定则作图求出合力F的大小和方向【分析】【分析】明确该实验的实验原理，从而进一步明确实验步骤，测量数据等即可正确解答本题．

在实验中F和F′分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确解答；本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用．【解析】【解答】解：该实验采用“等效法”进行，即一个弹簧秤和两个弹簧秤拉橡皮条与细绳套的结点时应该拉至同一位置O点，由于力是矢量，因此在记录数据时，不光要记录力的大小，还要记录其方向，这样才能做平行四边形，从而验证两个力的合力大小和方向是否与一个力的大小和方向相同．

所以在①中是应记下两个细绳套的方向即F1和F2的方向，在②中是应将橡皮条与细绳套的结点拉至同一位置O点．在③中是应依据F1和F2的大小和方向作图，

故答案为：（1）还应记下两个细绳套的方向；（2）将橡皮条与细绳套的结点拉至同一位置O点；（3）应用平行四边形定则作图求出合力F的大小和方向．23、22.45###0.500###B###C###电压表分流###电流表分压###丙【分析】【分析】（1）由图示刻度尺确定其分度值，然后读出其示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．

（2）根据电源电压选择电压表，根据电路最大电流选择电流表．

（3）分析图示电路图，根据电路结构与欧姆定律分析答题．

（4）根据待测电阻与电表内阻的关系选择实验电路．【解析】【解答】解：（1）由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，金属丝接入电路的长度为：22.45cm，

由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+0.0×0.01mm=0.500mm；

（2）电源电压为4V，则电压表应选C；电路最大电流约为：I===0.6A，则电流表选B；

（3）由图丙所示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，所测电流偏大，造成实验误差；

由图丁所示电路图可知，电