廊坊市重点中学2025届高二物理第一学期期中学业质量监测试题含解析

廊坊市重点中学2025届高二物理第一学期期中学业质量监测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、有长度相同，质量相同，材料不同的金属导线A、B各一根.已知A的密度比B的大，A的电阻率比B的小.则A、B两根导线的电阻为(

)A．RA>RBB．RA<RBC．RA=RBD．无法判断2、如图是示波管的工作原理图：电子经电场加速后垂直于偏转电场方向射入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转电场的极板长度与极板间的距离分别为L和d，y为电子离开偏转电场时发生的偏转距离．取“单位偏转电压引起的偏转距离”来描述示波管的灵敏度，即（该比值越大则灵敏度越高），则下列哪种方法可以提高示波管的灵敏度（）A．增大U1B．增大U2C．减小LD．减小d3、如图所示,实线为电场线,虚线表示等势面,相邻两个等势面之间的电势差相等,有一个运动的正电荷在等势面l3上某点的动能为20J,运动至等势面l1上的某一点时动能变为0,若取l2为零势面,则此电荷的电势能为2J时,其动能为（ ）A．18B．10JC．8JD．2J4、单摆振动的回复力是A．摆球所受的重力B．摆球重力在垂直悬线方向上的分力C．悬线对摆球的拉力D．摆球所受重力和悬线对摆球拉力的合力5、图中带箭头的直线指向右方，是某电场的一条电场线，可做出肯定结论的是（）A．A、B两点的电场强度关系为B．A、B两点的电场强度关系为C．电荷在A、B之间的某点可能不受电场力作用D．负电荷在A处受的电场力一定向左6、如图所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置着一根长直导线，电流方向垂直纸面向外，a、b、c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中A．a点磁感应强度最大B．b点磁感应强度最大C．a、b两点磁感应强度相同D．c、d两点磁感应强度相同二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路中，A、B是构成平行板电容器的两金属极板，P为其中的一个定点。将开关S闭合，电路稳定后将A板向上平移一小段距离，则下列说法正确的是A．电容器的电容减小B．在A板上移过程中，电阻R中有向上的电流C．A、B两板间的电场强度增大D．P点电势降低8、图甲是额定电压为8V的小灯泡的伏安特性曲线,现将该小灯泡与一电阻为7Ω的定值电阻R串联后,再与一电源串联在一起,如图乙所示,若电源的电动势E=8V、内阻r=1Ω,闭合开关后,下列说法正确的是A．此时电路中的电流为1AB．此时R的功率为1.75WC．灯泡的实际功率为2WD．电源的输出功率接近2W9、如图所示，质量为M的半球形物体A放在粗糙水平地面上，一端固定在最高点处的水平细线另一端拉住一质量为m的光滑球B．A、B两球的球心连线与竖直方向成30°角，B球均匀带正电，电荷量为q，处在电场强度为E，与水平面成60°斜向下的匀强电场中，整体静止，则下列说法正确的是()A．A对地面的压力等于B．地面对A的摩擦力方向向左，大小为C．细线对小球的拉力大小为D．B对A的压力大小为10、一带电油滴在匀强电场中的运动轨迹如图所示，电场方向竖直向下。若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为()A．此带电油滴带负电B．动能减小，电势能增加C．动能和电势能总和增加D．动能和重力势能之和增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学用如图甲所示的电路测量某电池的电动势E和内阻r，R为电阻箱．干电池的工作电流不宜超过0.5A，实验室提供的器材如下：电压表(量程0〜3V，内阻约3kΩ)；电阻箱(阻值范围0〜999.9Ω)；开关、导线若干．(1)请根据图甲的电路图在图乙中画出连线，将器材连接成实验电路__________．(2)实验时，改变电阻箱R的值，记录电压表的示数U，得到若干组R、U的数据．根据实验数据绘出如图丙所示的图线，由图像得出电池组的电动势E＝____V，内阻r＝____Ω．(保留三位有效数字)(3)关于这个实验中存在的误差以及减小误差的各种方法，下列说法正确的是（______）A．电压表的分流作用引起的误差属于偶然误差B．该同学读电压表读数引起的误差属于系统误差C．本实验用图像法处理数据可以减小偶然误差D．如果将电压表的内阻计算在内就可以减小系统误差12．（12分）为了描绘标有“3V，0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化。所给器材如下：A．电流表（0~200mA，内阻0.5Ω）B．电流表（0~0.6A，内阻0.01Ω）C．电压表（0~3V，内阻5kΩ）D．电压表（0~15V，内阻50kΩ）E．滑动变阻器（0~10Ω，0.5A）F．滑动变阻器（0~1kΩ，0.1A）G．电源（3V）H．电键一个，导线若干。（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是______（填所选仪器前的字母）。（2）在答题卡卷的虚线框中画出完成此实验的电路图______。（3）此实线描绘出的I—U图线是______（填“曲线”或“直线”），其原因是______。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，质量为M＝0.2kg的长木板静止在光滑的水平地面上，现有一质量为m＝0.2kg的滑块（可视为质点）以v0＝1.2m/s的速度滑上长木板的左端，小滑块与长木板间的动摩擦因数μ＝0.4，小滑块刚好没有滑离长木板，求：（g取10m/s2）（1）小滑块的最终速度大小（2）在整个过程中，系统产生的热量（3）木板的长度?14．（16分）一个电动机，线圈电阻是0.4Ω，当它两端所加的电压为220V时，通过的电流是5A．这台电动机每分钟所做的机械功有多少?15．（12分）如图所示，在竖直向下的匀强电场中有一绝缘的光滑轨道，一个带负电的小球从斜轨上的A点由静止释放，沿轨道滑下，已知小球的质量为m，电荷量为－q，匀强电场的场强大小为E，斜轨道的倾角为α，圆轨道半径为R，小球的重力大于所受的电场力。(1)求小球沿轨道滑下的加速度的大小；(2)若使小球通过圆轨道顶端的B点，求A点距水平地面的高度h1至少为多大；(3)若小球从斜轨道h2=5R处由静止释放。假设其能通过B点。求在此过程中小球机械能的改变量。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：A的密度比B的大，质量相同，所以根据公式V=mρ密度可得B的体积大，根据公式V=LS考点：考查了电阻定律【名师点睛】基础题，通过甲乙两导线的质量关系结合密度的计算公式，确定两者的横截面积的大小关系，再根据电阻大小的决定因素即可判定两者的阻值关系2、D【解析】经加速电场后的速度为v，则根据动能定理：，所以电子进入偏转电场时速度的大小为，，电子进入偏转电场后的偏转的位移为，，所以示波管的灵敏度，所以要提高示波管的灵敏度可以增大L，减小d和减小U1，故D正确，ABC错误．3、C【解析】带电粒子在电场中只受电场力作用，则电势能和动能之和守恒，设L1电势为U，L2电势为0，则L3电势为-U；根据能量关系可知：Ek3-Uq=Uq，则Uq=10J，则粒子的总能量为：E=qU=10J；则此电荷的电势能为2J时，其动能为8J，故选C.点睛：解决本题的关键知道电场力做功和电势能的变化关系，以及知道电荷的电势能和动能之和保持不变．4、B【解析】

单摆振动的受力为重力、绳子拉力，其中绳子拉力与重力沿着绳子的分量共同提供向心力，物体的重力沿着速度方向分量在摆角很小时几乎指向平衡位置，提供回复力．因此正确答案为B5、D【解析】

AB．A、B在一条电场线上，无法判断电场线的疏密，也就无法判断A、B两点电场强度的大小，故AB错误；C．因为电场线没有中断，在A、B之间电场不为零，电荷在A、B之间的任意点均受电场力作用，故C错误；D．负电荷在A处受的电场力与该点的电场强度方向相反，故向左，故D正确。故选D。6、B【解析】

根据安培定则，直线电流在圆周上各点的磁感应强度如图所示：根据平行四边形定则，a、b、c、d各个点的磁场情况如图：显然，c点与d点合磁感应强度大小相等，方向不同；a点磁感应强度为两点之差的绝对值，最小；b点电磁感应强度等于两个磁感应强度的代数和，最大；故B正确，ACD错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】

根据C=εS4πkd，当A板向上平移一小段距离，间距d增大，其它条件不变，则导致电容变小，故A正确；在A板上移过程中，导致电容减小，由于极板电压不变，那么电量减小，因此电容器处于放电状态，电阻R中有向上的电流，故B正确；根据E=U/d，U一定，d变大，则E减小，故C错误；因场强变小，导致P点与B板的电势差减小，因B板接地，电势为零，即P点电势降低，故D【点睛】做好电容器的题目要把电容的定义式C=Q/U、决定式C=εS4πkd和场强的推导式结合应用，掌握电场强度的推导式，注意8、BC【解析】

将定值电阻看成电源的内阻，由电源的电动势和内阻作出电源的伏安特性曲线如图所示则交点为灯泡的工作点，由图可知，灯泡的电压为U=4V，电流为I=0.5A，则灯泡的功率为P1=UI=2W，R消耗的功率为P2=I2R=0.52故应选BC。9、BC【解析】

AB．对球和半球形绝缘体整体分析，受重力、支持力、电场力和摩擦力，根据平衡条件，有：N=(M+m)g+qEsin60∘=(M+m)g+qE；f=qEcos60∘=qE，向左根据牛顿第三定律,A对地面的压力大小为(M+m)g+qEA对地面的摩檫力方向水平向右,大小为qE；故A错误，B正确；CD．对球受力分析，受重力、支持力、拉力和电场力，如图所示：根据平衡条件，有：T=Nsin30°+qEsin30°Ncos30°=mg+qEcos30°联立解得：T=N=mg+qE根据牛顿第三定律，压力为mg+qE，故C正确，D错误。故选BC。10、AD【解析】

由题中“一带电油滴在匀强电场中的运动轨迹如图所示”可知，本题考查带点物体在匀强磁场中的运动规律，根据图像，结合电场力和电势能规律可分析本题。【详解】A.由图中油滴轨迹可知，油滴受力方向向上，与电场线方向相反，所以此带电油滴带负电，故A正确；B.由a到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，故B错误；C.由a到b的过程中,重力势能增加，因此动能和电势能的总和减少，C错误D.整个过程中，电场力做正功，重力做负功，根据能量守恒定律可知，电场力做的功转化为动能和重力势能，D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、如图所示：2.86(2.85～2.87均可)6.07(6.06～6.08均可)CD【解析】(1)如图所示：(2)根据闭合电路欧姆定律：则，所以图象的纵截距：，解得：，斜率为：，解得：(3)A：电压表分流作用引起的是系统误差，故A项错误．B：读数引起的是偶然误差，故B项错误．C：图像法可以减小偶然误差，故C项正确．D：电压表的电阻计算在内可以减小系统误差，故D项正确．点睛：图象法处理数据时，要根据物理规律写出横纵坐标之间的关系式．结合图象的截距、斜率等求解．12、ACEGH曲线温度变化，灯丝电阻也会变化【解析】

（1）[1]描绘标有“3V0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，需要：电源、开关、导线，灯泡额定电压为3V，电压表需要选择C，灯泡额定电流为电流表选择A；描绘小灯泡的伏安特性曲线电压要从0开始，所以需要分压式电路，要选择电阻值比较小的滑动变阻器E。故选ACEGH。（2）[2]描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流需要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，则电路如图所示。（3）[3]由灯丝电阻随温度升高而增大，灯丝电阻不是定值，电流与电压不成正比，所以描绘出的图线是曲线。[4]由灯丝电阻随温度升高而增大，灯丝电阻不是定值，电流与电压不成正比。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.6m/s（2）0.072J（3）0.09m【解析】

（1）小滑块与长木板系统动量守恒，规定向右为正方向，由动量守恒定律得：解得最终速度为：（2）由能量守恒定律得：代入数据解得热量为：Q=0.072J（3）由能量关系可知：解得L=0.09m14、65400J【解析】

电动机内部有线圈和转动部分，所以220V的电压一部分加在线圈上，一部分加在转动部分上；U线圈=Ir=2