2024年高考化学二轮复习：物质结构与性质综合（题型突破）（练习）教师版

专题12物质结构与性质综合(题型突破)

目录

芍点01原子的结构与性质

擅显02分子的结构与性质

近03晶体的类型与性质比较

建屈04晶体的结构与性质

■考点01原子的结构与性质

1.(2024•江苏镇江高三期中)H、Li、Na、K位于周期表中IA族。下列说法正确的是()

A.离子半径大小：KH+)>KLi+)B.电负性大小：x(H)>z(K)

C.第一电离能：Ii(Li)<Ii(Na)D.碱性强弱：NaOH>KOH

【答案】B

【解析】A项，H+和Li+核外电子排布相同，但是H的原子序数小，半径大，A项错误；B项，非金属

性越强，电负性越强，则%(H)>%(K),B项正确；C项，同一主族随原子序数变大，原子半径变大，第一电

离能变小，即第一电离能：Ii(Li)>Ii(Na),C项错误；D项，K的金属性比Na强，则K的最高价氧化物对

应的水化物的碱性较强，即碱性：NaOH<KOH,D项错误；故选B。

2.(2024•江苏南通高三期中)元素B、AhGa位于周期表中IHA族。下列说法正确的是()

A.原子半径：r(B)>itAl)>r(Ga)

B.第一电离能:Ii(B)<Ii(Al)<Ii(Ga)

C.BN、AlCb、Ga2s3均为共价晶体

D.可在周期表中元素Al附近寻找既能和酸又能和碱反应的金属

【答案】D

【解析】A项，同主族元素，原子半径随核电荷数增大而增大(B)<r(Al)<r(Ga),故A错误；B项，同

主族元素，第一电离能随核电荷数增大而减小L(B)>L(Al)>L(Ga),故B错误；C项，Ga2s3中Ga和S的电

负性分别为1.6和2.5,相差1.9>1.7是离子化合物，故C错误；D项，A1位于金属和非金属分界线附近,

因此可在周期表中元素A1附近寻找既能和酸又能和碱反应的金属，故D正确；故选D。

3.(2024.江苏盐城中学高三期中)元素钱(3iGa)、错(32Ge)、碑(33AS)位于周期表中第四周期。下列说法不

思确的是()

A.原子半径：r(Ga)>r(Ge)>r(As)

B.电负性：x(Ga)<x(Ge)<x(As)

C.Ge、Ga、As都具有半导体性能

D.第一电离能：Ii(Ga)<Ii(As)<Ii(Ge)

【答案】D

【解析】A项，同周期元素，核电荷数越大原子半径越小，原子半径：r(Ga)>r(Ge)>r(As),故A正确；

B项，同周期元素，核电荷数越大电负性越大，电负性：x(Ga)<x(Ge)<x(As),故B正确；C项，Ge、Ga、

As都在金属非金属分界线附近，具有半导体性能，故C正确；D项，同周期元素，核电荷数越大第一电离

能越大，Ii(Ga)VL(Ge)VL(As),故D错误；故选D。

4.(2023•陕西省宝鸡市期中)下列说法中正确的是()

A.同一原子处于激发态时的能量一定大于其处于基态时的能量

B.基态碳原子的电子排布式为Is22sl2P3

C.焰色反应是化学变化

D.某些金属元素的特殊焰色是金属原子的电子从基态跃迁到激发态时产生的

【答案】A

【解析】A项，基态原子吸收能量变为激发态原子，所以激发态原子能量大于基态原子能量的，故A

正确；B项，基态C原子核外有6个电子，根据构造原理知C元素基态原子核外电子排布式为Is22s22P2,

故B错误；C项，焰色反应为元素的性质，过程中没有新物质生成，属于物理变化，故C错误；D项，电

子由基态跃迁到激发态需要吸收光子，获得能量，从由激发态跃迁到能量较低的激发态乃至基态以光能形

式释放能量，产生焰色反应，故D错误；故选A。

5.下列各组表述中，两个微粒一定不属于同种元素原子的是()

A.3p能级有一个空轨道的基态原子和核外电子排布式为Is22s22P63s23P2的原子

B.M层全充满而N层为4s2的原子和核外电子排布式为Is22s22P63s23P63d64s2的原子

C.最外层电子数是核外电子总数的士的原子和价电子排布式为4s24P5的原子

D.2p能级有一个未成对电子的基态原子和原子的价电子排布式为2s22P5的原子

【答案】B

【解析】A项，3P能级有一个空轨道，说明3P能级有2个电子，3s能级肯定已填满，价电子排布式为

3s23P2,因此A中两微粒相同，不符合题意。B项，M层全充满而N层为4s2,M层上有d轨道，即价电子

排布为3d104s2,应该是锌元素，3d64s2是铁元素的价电子排布式，符合题意。C项，价电子排布式为4s24P5,

则3d能级已排满10个电子，核外电子排布式为Is22s22P63s23P63d"4s24P5,最外层电子数是核外电子总数的

春的原子，可按下述方法讨论：若最外层电子数为1,核外电子总数为5,不可能；最外层电子数为2,核外

电子总数为10,不可能；同理，只有最外层电子数为7,核外电子总数为35时合理，其电子排布式也是

Is22s22P63s23P63d1°4s24P5,二者是同种元素的原子，不符合题意。D项，2P能级有一个未成对电子，可以是

2pl也可以是2P5,因此二者不一定属于同种元素的原子，不符合题意。

6.（2024•甘肃酒泉高三联考）明研［KA1（SO4）2・12H2O］可用作净水剂，氯化钾（KC1）是一种重要的钾肥。下

列说法正确的是（）

A.元素的电负性：K>HB.离子半径：C1>K+

C.元素的第一电离能：S>OD.碱性：AI（OH）3>KOH

【答案】B

【解析】A项，元素的电负性：K<H,A错误；B项，离子半径：C1>K+,B正确；C项，元素的第一

电离能：S<O,C错误；D项，碱性：A1（OH）3<KOH,D错误；故选B。

7.已知X、Y是主族元素，/为电离能，单位是kJ-moPi。根据下表所列数据判断错误的是（）

元素11hhA

X500460069009500

Y5801800270011600

A.元素X的常见化合价是+1价

B.元素Y是第IIIA族的元素

C.元素X与氯形成化合物时，化学式可能是XC1

D.若元素Y处于第三周期，它可与冷水剧烈反应

【答案】D

【解析】根据表中提供的电离能的数据，可推断出X是第IA族的元素，常见化合价是+1价，和氯

气化合形成XC1型的氯化物，Y是第IIIA族的元素，选项A、B、C项均正确。当Y处于第三周期时，是铝

元素，不能和冷水反应，D项错误。故选D。

8.如图为周期表的一小部分，A、B、C、D、E的位置关系如图所示。其中B元素最高化合价是最低

化合价绝对值的3倍，它的最高价氧化物中含氧60%。下列说法正确的是（）

A

DBE

C

A.D、B、E三种元素的第一电离能逐渐减小

B.电负性：CE

C.D、B、E三种元素形成的简单离子的半径逐渐增大

D.气态氢化物的稳定性顺序：D<B〈E

【答案】D

【解析】B元素的最高正化合价是最低负化合价绝对值的3倍，则最高正化合价为+6价，它的最高价

M

氧化物为BO3，其中含氧60%,设B的相对原子质量为M,则有五/x100%=40%,解得M=32,则B

为S元素，可推知A为O元素，D为P元素，E为C1元素，C为Se元素。同一周期从左到右，元素的第

一电离能呈增大趋势，但D为P元素，P元素的3P轨道为半充满状态，较稳定，其第一电离能大于S元素，

故A错误；同主族元素电负性随原子序数的增大而减小，则电负性：B>C,而同周期自左向右，电负性增

大，E>B,故电负性E>C,故B错误；P、S、C1三种元素形成的简单离子，电子层结构相同，原子序数越

大，离子半径越小，故C错误；元素的非金属性越强，对应的氢化物越稳定，则气态氢化物的稳定顺序：

D<B<E,故D正确。

9.（2023•江西省宜春市期末）下列说法错误的是（）

A.所有非金属元素都分布在p区

B.同一原子中，2p、3p、4P电子的能量依次增大

C.元素周期表中从第fflB族到第HB族的10个纵列的元素都是金属元素

D.N能层中有4s、4p、4d、4f四个能级，共16个轨道，可容纳32种运动状态的电子

【答案】A

【解析】A项，H元素位于s区，A错误；B项，能级符号相同，能层越大，能量越高，B正确；C项，

从IIIB族到HB族十个纵列的元素为过渡元素，都是金属元素，C正确；D项，N能层中有4s、4p、4d、4f

四个能级，s能级1个轨道，p能级3个轨道，d能级5个轨道，f能级7个轨道，共16个轨道，每个轨道

最多容纳2个电子，可容纳32种运动状态的电子，D正确；故选A。

10.工业上通过AI2O3+N2+3C鱼遢2A1N+3co可制得高温陶瓷材料A1N。下列说法正确的是（）

A.N2的电子式为：：N：N：A1N是分子晶体

C.27Al用原子中的中子数为14D.基态氮原子轨道表示式：田］旺［回U］

【答案】C

【解析】A项，N原子最外层有5个电子，2个N原子形成3对共用电子对，使物质分子中每个原子都

达到最外层8个电子的稳定结构，故N2的电子式为：：N爰NMA错误；B项，A1N是高温陶瓷材料，

物质的熔沸点很高，说明A1N的存在状态是原子晶体，而不是熔沸点比较低的分子晶体，B错误；C项，

A1是13号元素，原子核内质子数是13,27Al中的中子数为：27-13=14,C正确；D项，原子核外电子总是

尽可能成单排列，而且自旋方向相同，这样排布使原子的能量最低，故基态氮原子轨道表示式是：

.同EH，D错误；故选C。

11.“结构决定性质”是学习化学的重要思维方法，下列说法正确的是（）

A.同一元素不可能既表现金属性，又表现非金属性

B.第三周期元素的最高正化合价等于它所处的主族序数

C.核外电子排布相同的微粒，化学性质一定相同

D.元素周期表中位于金属和非金属分界线附近的元素属于过渡元素

【答案】B

【解析】A项，元素周期表中位于金属和非金属分界线附近的元素既能表现一定的金属性，又能表现

一定的非金属性，如B、Al、Si、Ge等，A项错误；B项，第三周期元素的最高正化合价=原子的最外层电

子数=相应的主族族序数，B项正确；C项，核外电子排布相同的微粒，化学性质不一定相同，如K+和cr

的核外电子排布相同，K+具有氧化性，C1-具有还原性，C项错误；D项，元素周期表中位于金属和非金属

分界线附近的元素是B、Al、Si、Ge、As、Sb、Te、Po、At,它们都是主族元素，而过渡元素指副族元素

和第VIII族元素，D项错误；故选B。

12.（2023•重庆市南开中学校考三模）白铜是一种延展性好、硬度高、色泽美观、耐腐蚀的合金材料，其

主要成分为Cu、Ni、Zn,还含有少量S、P、As等元素。关于上述涉及到的元素，下列说法正确的是（）

A.基态Ni原子的简化电子排布式为：3d84s2

B.基态As原子最高能级的轨道形状为哑铃形

C.第一电离能：S>P>Cu

D.S、P为p区元素，Cu>Zn为d区元素

【答案】B

【解析】A项，基态Ni原子的简化电子排布式为：[Ar]3d84s2,故A错误；B项，基态As原子最高能

级为4p,其轨道为哑铃形，故B正确；C项，第一电离能：P>S>Cu,故C错误；D项，S、P为p区元

素，Cu、Zn为ds区元素，故D错误；故选B。

13.某短周期元素R的各级电离能数据（用L、12……表示，单位为klmoH）如表所示。关于元素R的

判断中正确的是（）

11121314

R7401500770010500

A.R元素基态原子的电子排布式为ns】B.R的最高正价为+4价

C.R元素可能属于非金属元素D.R元素位于元素周期表中第IIA族

【答案】D

【解析】根据第一至第四电离能的数据可知，第三电离能突然增大，说明该元素容易失去2个电子，

则该元素原子最外层含有2个电子，据此分析解答。从表中原子的第一至第四电离能的数据，元素的第一、

第二电离能都较小，第三电离能突然增大，容易失去2个电子，最高化合价为+2价，即最外层应有2个电

子，应为第IIA族元素。A项，R元素可能是Mg或Be,基态原子的价电子排布式为ns2,故A项错误；B

项，最外层，有2个电子，所以R的最高正价为+2价，故B项错误；C项，R元素可能是Mg或Be,不可

能属于非金属元素，故C项错误；D项，最外层有2个电子，所以R元素位于元素周期表中第HA族，故

D项正确；故选D。

14.根据下列五种元素的电离能数据（单位：kJ-mol1）,判断下列说法不正确的是（）

元素代号11hI314

Q2080400061009400

R500460069009500

S7401500770010500

T5801800270011600

U420310044005900

A.元素的第一电离能最大的可能是Q元素

B.R和S均可能与U在同一主族

C.U元素可能在元素周期表的s区

D.原子的价电子排布为ns2npi的可能是T元素

【答案】B

【解析】A项，根据表格数据，元素的第一电离能最大的可能是Q元素，故A正确；B项，R、U的

第一电离能与第二电离能相差较大，可知R、U都是IA族元素，R、U在同一主族；S的第二电离能与第

三电离能相差较大，S是HA族元素，故B错误；C项，U元素的第一电离能与第二电离能相差较大，U是

IA族元素，在元素周期表的s区，故C正确；D项，T的第三电离能与第四电离能相差较大，T是IIIA族

元素，原子的价电子排布为ns2npi,故D正确；故选B。

15.下列关于原子核外电子排布与元素在周期表中位置关系的表述正确的是（）

A.原子的价电子排布式为〃s2“pL6的元素一定是主族元素

B.基态原子的p能级上有5个电子的元素一定是第VHA族元素

C.原子的价电子排布式为（〃-1川6'8&2的元素一定位于第OB〜第VDB族

D.基态原子的N层上只有1个电子的元素一定是主族元素

【答案】B

【解析】0族元素原子的价电子排布式为12（氢）或成2硬6,故A项错误;原子的价电子排布式为（"一1川6~

附小的元素位于第而族，故C项错误；基态原子的N层上只有1个电子的元素除了主族元素外，还有部分

副族元素，如Cu、Cr,故D项错误。故选B。

16.元素的原子结构决定其性质和在周期表中的位置。下列说法正确的是（）

A.按电子排布，可把周期表里的元素划分成5个区，Zn元素属于d区

B.多电子原子中，在离核较近的区域内运动的电子能量较高

C.P、S、C1的第一电离能、电负性和最高价氧化物对应的水化物的酸性均依次增大或增强

D.某同学给出的Fe原子的3d能级电子排布图为n|t|t|l|H|，此排布图违反了洪特规则

【答案】D

【解析】A项，Zn是第四周期MB族元素，价电子排布应是3d1。4s2,位置属于ds区，A不符题意；B

项，按核外电子排布规则，离核较近的电子能量更低，B不符题意；C项，三种元素第一电离能的排序由低

到高（用元素符号表示）应是S<P<C1,C不符题意；D项，按照洪特规则，Fe原子的3d能级电子排布图应为

|f|f什故D项中说原排布图违反洪特规则是正确的，B符合题意；故选D。

17.（2024•北京东城区北京二中高三期中）X、Y、Z、M、Q五种短周期主族元素，原子序数依次增大。

X的核外电子数等于其周期数，Y基态原子有3个单电子，Z的核外电子数等于X、Y核外电子数之和。M

与X同主族，Q是同周期中非金属性最强的元素。下列说法正确的是（）

A.X与Z形成的10电子微粒有2种

B.Y、Z、M的第一电离能由大到小的顺序为Z>Y>M

C.Y基态原子共有5种空间运动状态的电子

D.由X、Y、Z三种元素组成的化合物的水溶液均显酸性

【答案】C

【解析】五种短周期主族元素，X的核外电子数等于其周期数X为H,Y基态原子有3个单电子Y为

N,Z的核外电子数等于X、Y核外电子数之和Z为O,M与X同主族因此Y是钠，Q是同周期中非金属

性最强的元素Q为Cl。A项，H、O形成的10电子微粒有H2O、OH-、田。+三种，故A错误；B项，N的

核外价电子排布半充满，第一电离能大于0,故B错误；C项，N核外有Is、2s、2P轨道上有电子，因此

有5种空间运动状态的电子，故C正确；D项，NH3H2O溶液显碱性，故D错误；故选C。

18.（2024•湖南常德市一中高三月考）化合物A是一种常用的表面活性剂，具有起泡性能好、去污能力

强等特点，其结构如图所示。己知X、Y、Z、W、M均为短周期常见元素，W是形成物质种类最多的元素，

X、Y为同族元素，Z、M为同族元素，基态Z原子的核外电子有6种空间运动状态。下列说法错误的是（）

Y-X

I

X

Z+

A.原子半径Z>Y>X>M

B.电负性X>Y>W>M>Z

C.X、Y、W元素形成的氢化物中沸点最高的为X的氢化物

D.均由X、Y、Z、M四种元素组成常见的两种盐可以发生反应

【答案】C

【解析】由图干信息可知，已知X、Y、Z、W、M均为短周期常见元素，W是形成物质种类最多的元

素，且W能够形成4个共价键，则W为C,X能形成2个共价键，Y能形成6个共价键，且X、Y同族,

故X为O,Y为S,Z、M同族，基态Z原子的核外电子有6种空间运动状态，则Z为Na,且M形成1个

共价键，则M为H。A项，由分析可知，Z为Na、Y为S、X为O、M为H,根据同一周期从左往右原子

半径依次减小，同一主族从上往下原子半径依次增大可知，原子半径：Na>S>0>H即Z>Y>X>M,故

A正确；B项，X为0、Y为S、W为C、M为H,根据同一周期从左往右非金属性依次增强，同一主族从

上往下非金属性依次减弱可知，非金属性：O>S>C>H>Na即X>Y>W>M>Z,非金属性越强其电负性

越大，则电负性：X>Y>W>M>Z,故B正确；C项，X为0、Y为S、W为C,由于C的氢化物有很多，

随着碳原子数增多其沸点依次升高，故X、Y、W元素形成的氢化物中的沸点中沸点最高的不一定是H2O,

也可能是碳氢化合物，故C错误；D项，X为0、Y为S、Z为Na、M为H,均由X、Y、Z、M四种元素

组成常见的两种盐NaHS03和NaHSCU可以发生反应，反应原理为：NaHSO3+NaHSO4-Na2SO4+H2O+SO2t.

故D正确；故选C。

19.（2024•上海闵行七宝中学高三模拟）A、B、C是元素周期表第3、4周期的元素，且原子序数逐渐增

大，其相关信息如表：

元素相关信息

A基态原子最外层电子排布式为nS»lpn-2

B基态原子最外层P轨道上有两个电子的自旋方向与其他电子相反

C基态原子核外有35种不同运动状态的电子

（1）与A同周期且相邻的元素，以及A的第一电离能从大到小排列顺序（用元素符号表示）：o与C

同周期元素中，4s轨道半充满的元素有（填写元素符号）。

（2）第3周期含未成对电子最多的原子是,写出其核外价电子的排布式____；其最高能级上排布

的电子具有相同的o

（3）设计实验比较B和C的非金属性，写出实验步骤。现象和结论：0

【答案】（l）Si>Mg>AlK、Cu、Cr

（2）P3s23P3能量（3）CL通入NaBr溶液发生氧化还原反应生成NaCl和Br2,则氧化性氯气

大于澳的

【解析】s能级最多排布2个电子，则n=3,A为3s23plAl元素；B元素，基态原子最外层p轨道上

有两个电子的自旋方向与其他电子相反，根据洪特规则和泡利原理，p能级上有5个电子，则B为C1元素；

C基态原子核外有35种不同运动状态的电子，说明C为35号元素，Br元素，综合：A为Al、B为Cl、C

为Br。（1）A为Al,同周期且相邻的元素为Mg、Si,同周期元素，随着序数增大，第一电离能增大，但IIA

元素第一电离能>IIIA元素，则第一电离能：Si>Mg>Al；第四周期周期中，原子的4s轨道半充满的原子

外围电子排布式为4s\3d54s1,3d104sI,分别为K、Cr、Cu元素；（2）第三周期元素中，外围电子排布为3sx3py,

且能级处于半满稳定状态时，含有的未成对电子数最多，即外围电子排布为3s23P3,该元素为P；P轨道上

的电子属于同一能级上的电子，它们有三个不同的伸展方向，电子能量相等；（3）CL通入NaBr溶液发生氧

化还原反应生成NaCl和Br2,Cl2+2NaBr=2NaCl+Br2,则氧化性氯气>澳。

考点02分子的结构与性质

1.下列有关化学键知识的比较肯定错误的是()

A.键能：C—N<C=N<C=N

B.键长：I—I>Br—Br>Cl—C1

C.分子中的键角：H2O>CO2

D.相同元素原子间形成的共价键键能：◎键>兀键

【答案】C

【解析】C、N原子间形成的化学键，三键键能最大，单键键能最小，A正确；原子半径：I>Br>Cl,

则键长：I—I>Br—Br>Cl—Cl,B正确；氏0分子中键角是105。，CCh分子中键角是180。，C错误；相同

元素原子之间形成的。键的键能比兀键的大，D正确。

2.一定条件下发生反应：Fe+6HCN+2K2cO3=K4[Fe(CN)6]+H2f+2cO2T+2H20。下列说法正确的是

()

A.K4[Fe(CN)6]的中心原子的核外电子排布式为[Ar]3d5

B.该反应中只存在离子键和共价键的断裂和形成

C.HCN、CCh、CO3?-中碳的杂化方式和空间构型均相同

D.HCN水溶液中存在4种氢键

【答案】D

【解析】A项，K4[Fe(CN)6]的中心原子为Fe,核外电子排布式为[Ar]3d64s2,A错误；B项，反应存在

离子键、共价键的断裂和形成，还有配位键的形成，B错误；C项，HCN为sp杂化，CO2为sp杂化，碳

酸根离子中心原子属于sp2杂化,C错误;D项,HCN水溶液中存在4种氢键,H-CN……H-CN>H2O…••…H-CN、

H-CN........H-O-H、H2O…•…H-O-H,D正确；故选D。

3.甲醛分子式为CH2O,有强烈刺激性气味，甲醛在常温下是气态，已被世界卫生组织确定为致癌和

致畸形物质。下列关于其结构及性质的分析正确的是()

A.C原子采取sp3杂化，O原子采取sp杂化

B.甲醛分子中中心原子价层电子对数为4,含有一对孤电子对，是三角锥形结构

C.一个甲醛分子中含有3个◎键和1个兀键

D.甲醛分子为非极性分子

【答案】C

【解析】一个甲醛分子中含有两个碳氢键，一个碳氧双键，C原子采取sp?杂化，氧原子形成一个碳氧

双键，含有2对孤电子对，O原子采取sp?杂化，A项错误；甲醛分子中中心原子价层电子对数为3,不含

孤电子对，是平面三角形结构，B项错误；一个甲醛分子中含有两个碳氢键、一个碳氧双键，双键含有一个

0键和一个兀键，所以共含有3个◎键和1个n键，C项正确；甲醛分子为平面三角形结构，碳原子位于三

角形内部，空间结构不对称，所以为极性分子，D项错误。故选C。

4.(2024•北京海淀区首都师范大学附属中学高三质检)关于CH3OH、N2H4和(CH3)2NNH2的结构与性质，

下列说法不正确的是()

A.CH30H为极性分子

B.N2H4空间结构为平面形

c.N2H4的沸点高于(CH3)2NNH2的原因是N2H4分子间氢键数目更多

D.CH30H和(CH3”NNH2中C、0、N杂化方式均相同

【答案】B

【解析】A项，甲醇是由极性键构成的极性分子，A正确；B项，N2H4中氮原子的价层电子对数为4,

为Sp3杂化，故不可能为平面形，B错误；C项，N2H4分子间氢键数目比(CH3)2NNH2更多，故N2H4的沸点

高于(CH3)2NNH2的沸点，C正确；D项，CH30H和(CH3)2NNH2中C、O、N杂化方式均为sp3杂化，D正

确；故选B。

5.(2024.湖北重点高中高三联考)缺电子化合物是指电子数不符合路易斯结构(路易斯结构是通过共用电

子使原子价层电子数达到8,氢原子达到2所形成的稳定分子结构)要求的一类化合物。下列说法正确的是

()

A.NE、BF3、C2H2均为缺电子化合物

B.NH3的键角大于BF3的键角

C.BF3与NH3化合反应产物中，B和N的杂化方式相同

D.NH3和BF3都是极性分子

【答案】C

【解析】A项，NH3和C2H2均不为缺电子化合物，A错误；B项，NH3是三角锥形，键角107。：BF3

是平面正三角形结构，键角120°,B错误；C项，BF3与NH3化合反应产物中，B和N都是sp3杂化，C正

确；D项，NH3是极性分子，BF3是非极性分子，D错误；故选C。

6.CH3OH、N2H4和(CH3)2NNH2均为常见的燃料，关于这三者的结构与性质，下列说法错误的是()

H

A.CH30H的电子式为H：E：6：H

H

B.N2H4空间结构为平面形

C.CH3OH、N2H4和(CH3)2NNH2都易溶于水

D.CH30H和(CH3)2NNH中C、0、N杂化方式均相同

【答案】B

H

【解析】A项，甲醇可看成是甲烷中的一个氢原子被羟基取代得到的，CH30H的电子式为H：2：6：H，

H

A正确；B项，N2H4中N原子的杂化方式为sp3,不是平面形，B错误；C项，CH3OH、N2H4和(CE^NNH?

都能和水分子形成氢键，都易溶于水，C正确；D项，CH30H为四面体结构，-0H结构类似于水的结构，

(CH3)2NNH2的结构简式为、加，两者分子中C、0、N杂化方式均为sp3,D正确；故选B。

N

I

7.徐光宪在《分子共和国》一书中介绍了许多明星分子，如H2O2、CO2、BF3、CH3coOH等。下列

说法正确的是()

A.H2O2分子中的O为sp2杂化B.CO2分子中C原子为spi杂化

C.BF3分子中的B原子为sp3杂化D.CH3coOH分子中C原子均为sp?杂化

【答案】B

【解析】A项，H2O2分子中氧原子形成2个◎键，含有2对孤电子对，采取sp3杂化，错误;B项，

CO2分子中C原子形成2个。键，没有孤电子对，采取spi杂化，正确；C项，BF3分子中的B原子的最外

层电子数为3,形成3个。键，没有孤电子对，采取sp2杂化，错误；D项，CH3coOH分子中有2个碳原

子，其中甲基上的碳原子形成4个。键，没有孤电子对，采取sp3杂化，错误。

8.催化剂作用下，SO2与C12反应生成SO2c12；对SO2水溶液的光谱分析可以检测到HSO3-、S2O32-和

痕量的SO32一,三氧化硫在液态时有单分子SO3和三聚的(SO3)3(结构如下图所示)两种形式，在高温时能将

HBr氧化为Bn。关于说法正确的是()

A.SCh、SO3都是非极性分子

B.SO2cb为正四面体结构

C.SO3、SO32-中S原子都是sp2杂化

D.1mol(SO3)3分子中含有12mol0键

【答案】D

【解析】A项，SCh分子中正负电荷重心不重合，因此属于极性分子，而S03分子中正负电荷重心重合，

因此该分子属于非极性分子，A错误；B项，SO2c12分子中与中心S原子形成共价键的0、C1原子半径不

同，因此该分子呈四面体结构，但不是正四面体结构，B错误；C项，SO3分子中的中心S原子价层电子对

数为3+殳F=3,则S原子是sp2杂化；SCh?-中S原子价层电子对数是3+勺苧«=4,因此S原子杂化类

型是sp3杂化,C错误;D项，根据(SO3)3分子结构可知:在1个(SO3)3分子中含有12个◎键，则在1mol(SO3)3

分子中含有12moi0键，D正确；故选D。

9.(2023.浙江省衢州市期末)SCh及其三聚体环状结构如图所示。下列说法不正确的是()

A.SO3与CCh'、NO3-互为等电子体，空间结构都为平面三角形

B.SO3为非极性分子，中心原子杂化类型sp3

C.三聚体环状结构中S与O形成的共价键的键长有a、b两类

D.该三聚体环状结构中含有12个◎键

【答案】B

【解析】A项，具有相同价电子数和相同原子数的分子或离子是等电子体，贝”03与CO32-、NO3-互为

等电子体，等电子体具有相同的结构特征，它们的中心原子孤电子对数=。、价层电子对数=3+0=3,故为sp2

杂化、空间结构都为平面三角形，A正确；B项，结合选项A可知SCh中心原子杂化类型sp2,B不正确；

C项，由图知：三聚体环状结构中S与。形成的共价键的键长有a、b两类，C正确；D项，该三聚体环状

结构中每个S原子形成4个◎键，则分子内含有12个。键，D正确；故选B。

10.(2024•江苏镇江吕叔湘中学高三月考)二氧化氯(C1O2)是一种黄绿色气体，易溶于水，在水中的溶解

度约为Ch的5倍，其水溶液在较高温度与光照下会生成ClCh-与C1O3,)C1O2是一种极易爆炸的强氧化性气

体，实验室制备ClCh的反应为2NaClO3+SO2+H2so4=2ClO2+2NaHSO4下列关于ClCh、CIO］、CIO3一的说法正

确的是()

A.ClCh分子是极性分子B.C1O2-中含有非极性键

C.C1O3-的空间构型为平面三角形D.C1O2-与C1O3-的键角相等

【答案】A

【解析】A项，ClCh易溶于水，在水中的溶解度约为CL的5倍，氯气是非极性分子，根据相似相溶原

理，C102与水分子极性相似，故C102为极性分子，A正确；B项，C102-中C1和0以极性共价键结合，B

错误；C项，ClCh-中心原子C1有3个◎键，孤电子对数为7+;义3=1,空间构型为三角锥形，C错误;

D项，C102-中心原子C1的孤电子对数为7+l；2X2=2,CIO：中心原子Cl的孤电子对数为1,孤电子对之

间的斥力〉孤电子对与成键电子对之间斥力〉成键电子对之间斥力，因此C1O3-键角〉C1O2-键角，D错误；故

选Ao

11.氨是一种重要的化工原料，主要用于化肥工业，也广泛用于硝酸、纯碱、制药等工业；合成氨反

1

应为N2(g)+3H2(g)2NH3(g)AH=-92.4kJ-mol-»实验室用加热NH4cl和Ca(OH)2固体混合物的方法制取

少量氨气；侯氏制碱法用氨气、二氧化碳，与饱和食盐水制备纯碱碳酸钠。下列有关NH3、NF3、NH4\

NO2>NO3-等含氮粒子的说法正确的是()

A.NH3中N-H键角比NH4+中N-H键角大

B.NH3极易溶于水，主要原因是NH3分子间能形成氢键

C.NH3的水溶液能导电，但一水合氨不能完全电离，因此NH3属于弱电解质

D.NH3、NF3的空间构型都是三角锥型，NCh-、NO3-中的N都是sp2杂化

【答案】D

【解析】A项，分子中中心原子上的孤电子对数越多，键角越小，故NH3中N-H键角比NH4+中N-H

键角小，故A错误；B项，N%极易溶于水，主要原因是NH3分子与水分子间能形成氢键，故B错误；C

项，NH3自身不能电离，NH3是非电解质，故C错误；D项，NH3、NF3均为sp3杂化，一个孤电子对，故

为三角锥形，NO?的价层电子对数为2+5+1：X2=3,NCh-的价层电子对数为3+2万&@=3,故N原子

都是sp2杂化，故D正确；故选D。

・考点03晶体的类型与性质比较

1.下列有关晶体的说法正确的是()

A.任何晶体中都存在化学键B.晶体内部的微粒在空间的排列均服从紧密堆积原理

C.任何晶体中，若有阴离子必定含有阳离子D.金属晶体的熔点都比分子晶体的熔点高

【答案】C

【解析】A项，惰性气体属于单原子分子，该晶体中不存在化学键，错误；B项，晶体内部的微粒在空

间的排列是否服从紧密堆积原理，主要看微粒间的相互作用有无方向性和饱和性，金属晶体中的金属键没

有饱和性和方向性，所以服从紧密堆积原理，原子晶体中的共价键有方向性和饱和性，不服从紧密堆积原

理，错误；C项，任何晶体中，若有阴离子(一定是离子化合物)必定含有阳离子，正确；D项，有的金属晶

体的熔点（例如水银）的熔点比分子晶体（例如碘单质）的熔点低，错误。

2.下列物质的熔、沸点高低顺序中，正确的是（）

COOH

11（）/\—COOH>11（）>

A.金刚石>晶体硅〉二氧化硅〉碳化硅B.-

C.MgO>Br2>H2O>O2D.金刚石〉生铁〉纯铁〉钠

【答案】B

【解析】A项，同属于共价晶体，熔、沸点高低主要看共价键的强弱，显然对键能而言，晶体硅〈碳

化硅〈二氧化硅〈金刚石，错误；B项，形成分子间氢键的物质的熔、沸点要大于形成分子内氢键的物质的

熔、沸点，正确；C项，对于不同类型的晶体，其熔、沸点高低一般为共价晶体>离子晶体〉分子晶体，

MgO>H2O>Br2>O2,错误；D项，生铁为铁合金，熔点要低于纯铁，错误。

3.（2023•浙江省稽阳联谊学校高三联考X双选）下列说法正确的是（）

A.图A中，18-冠-6中O原子电负性大，带负电荷，通过离子键与K+作用，体现了超分子“分子识别”

的特征

B.图B物质相较NaBF4摩尔质量更大，具更高的熔沸点

C.图B中，Imol该物质含有201noi◎键

D.图C中，表示硅氧四面体,则该硅酸盐结构的通式为（SifO"）："

【答案】CD

【解析】A项，A中冠酸与K+之间并非离子键，而是通过配位键结合，A错误；B项，B中物质阳离

子基团较大，离子键较弱，较NaBF4熔沸点更低，B错误；C项，根据图B中物质的结构可知，Imol该物

质含有◎键20mo1,C正确；D项，将左边结构补齐会形成两个环，被两个环共用的氧原子左边有7个，右

边有7个共14个，独立成个体的氧原子有10个，同时每个环都有独立的硅原子，则Si：O=（4+4x0.5）：

（14x0.5+10）=6：17,这样每个环所包含的。有17个，硅有6个，再根据硅化合价为+4价，氧化合价为-2

价，其结构通式为@6。0）7,D正确；故选CD。

4.下列说法不正确的是（）

A.NazO中离子键的百分数为62%,则Na?O不是纯粹的离子晶体，是离子晶体与共价晶体之间的过

渡晶体

B.NazO通常当作离子晶体来处理，因为NazO是偏向离子晶体的过渡晶体，在许多性质上与纯粹的离

子晶体接近

C.ALO3是偏向离子晶体的过渡晶体，当作离子晶体来处理；SiCh是偏向共价晶体的过渡晶体，当作

共价晶体来处理

D.分子晶体、共价晶体、金属晶体和离子晶体都有过渡型

【答案】C

【解析】A项，NazO中离子键的百分数为62%,说明还存在共价键，则NazO不是纯粹的离子晶体，

是离子晶体与共价晶体之间的过渡晶体，故A项正确；B项，离子键与共价键的区别在于形成化学键的两

元素电负性差值，差值大为离子键，差值小为共价键，NazO通常当作离子晶体来处理，项因为NazO是偏

向离子晶体的过渡晶体，在许多性质上与纯粹的离子晶体接近，故B正确；C项，A12O3>SiCh均是偏向共

价晶体的过渡晶体，当作共价晶体来处理，故C项错误；D项，根据微粒间存在的作用力分析，分子晶体、

共价晶体、金属晶体和离子晶体都有过渡型，故D项正确；故选C。

考点04晶体的结构与性质

1.（2024•辽宁大连市金州高级中学高三期中）TiCh通过氮掺杂生成TiO（2.）Nb的反应如图。已知原子1、

2的分数坐标为（0,0,：）和（1,0,0）,设阿伏加德罗常数的值为NA。

氧空穴

下列叙述不正确的是（）

3.2xlO32

A.原子3的分数坐标为（1,