浙江省宁波市奉化高中、三山高中等六校2025届高二物理第一学期期中统考试题含解析

浙江省宁波市奉化高中、三山高中等六校2025届高二物理第一学期期中统考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab＝cd＝10cm，ad＝bc＝20cm，电场线与矩形所在平面平行．已知a点电势为20V，b点电势为24V，则()A．电场强度大小一定为E＝40V/mB．cd间电势差一定为4VC．电场强度的方向一定由b指向aD．c点电势可能比d点低2、如图，a、b、c、d是匀强电场中的四个点，各点间电势差最大的是（）A．a点与d点B．d点与c点C．a点与b点D．a点与c点3、如图，间距为L的平行金属导轨上有一电阻为r的金属棒ab与导轨接触良好，导轨一端连接电阻R，其它电阻不计，磁感应强度为B，金属棒ab以速度v向右作匀速运动，则（）A．回路中电流为逆时针方向B．电阻R两端的电压为BLvC．ab棒受到的安培力的方向向右D．ab棒中电流大小为4、如图所示，一个理想边界为PQ、MN的匀强磁场区域，磁场宽度为d，方向垂直纸面向里．一电子从O点沿纸面垂直PQ以速度v0进入磁场．若电子在磁场中运动的轨道半径为2d．O′在MN上，且OO′与MN垂直．下列判断正确的是：A．电子将向右偏转B．电子打在MN上的点与O′点的距离为dC．电子打在MN上的点与O′点的距离为D．电子在磁场中运动的时间为．5、如图所示，用一个与水平面成角的恒力F拉质量为m的木箱，木箱沿光滑水平面前进，在作用时间t内，下列说法正确的是（）A．F的冲量大小为B．木箱重力的冲量大小为C．地面支持力的冲量大小必为0D．木箱的动量变化率大小为F6、已知无限长直线电流周围空间的磁感应强度大小可表示为B=KI/d(其中K为比例系数,I为电流强度,d为空间位置到直线电流的距离)。如图，无限长直线电流相距为d，纸面内有一点P，且与两根电流的距离均为d，则P点的磁感应强度大小为（）A．kdI12+I二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、我国北斗卫星系统中有一颗通过地球南北极上空的圆形轨道卫星，称为“极地卫星”。它绕地球运行周期等于地球自转周期，下面关于它的说法正确的是（）A．它每次经过赤道上空时，都经过地球上同一地点的上空B．极地卫星的轨道平面相对于太阳每天转一圈C．极地卫星的轨道平面相对于地球每天转一圈D．极地卫星的轨道平面相对于地球每天可以转几圈8、如图所示，图中直线①表示某电源的路端电压与电流的关系图线，图中曲线②表示该电源的输出功率与电流的关系图线，则下列说法正确的是A．电源的电动势为50VB．电源的内阻为C．电流为2A时，外电路的电阻为25ΩD．输出功率为120W时，输出电压是30V9、如图，在水平光滑桌面上，两相同的矩形刚性小线圈分别叠放在固定的绝缘矩形金属框的左右两边上，且每个小线圈都各有一半面积在金属框内，在金属框接通逆时针方向电流的瞬间A．两小线圈会有相互靠拢的趋势B．两小线圈会有相互远离的趋势C．两小线圈中感应电流都沿顺时针方向D．左边小线圈中感应电流沿顺时针方向，右边小线圈中感应电流沿逆时针方向10、如图甲所示的电路中，电源电动势为3V、内阻为2Ω，R是阻值为8Ω的定值电阻，A是理想电流表，L是小灯泡，小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．闭合开关S，电路稳定后，A表的示数为0.2A．下列说法正确的是A．由图乙可知，小灯泡的电阻随电压升高而增大B．电路稳定后，电源内部发热消耗的功率是0.4WC．电路稳定后，灯泡L消耗的电功率为1.0WD．电路稳定后，电源的效率约为87%三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某物理学习小组的同学在研究性学习过程中，用伏安法研究某电子元件R1的伏安特性曲线，已知该电子元件的电阻约为120Ω．现在通过实验描绘一个这个电子元件伏安特性曲线，要求多次测量并尽可能减小实验误差，现有电源（电动势6V，内阻不计）、电流表A0（0-500μA，内阻1000Ω）、定值电阻R0、开关和导线若干，其他可供选用的器材如下：A．电流表（0~50mA，内阻约5Ω）B．电流表（0~0.6A，内阻约为0.2Ω）C．滑动变阻器（0~10Ω，额定电流1.0A）D．滑动变阻器（0~50Ω，额定电流0.2A）（1）为了测定小灯泡上的电压，可以将电流表A0串联定值电阻的阻值R0=_______Ω，将其改装成一个量程为6.0V的电压表（2）根据题目提供的实验器材，请你设计测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）（请画在方框内）__________（3）为减小测量误差并便于操作，实验中电流表应选用_________，滑动变阻器应选用________（选填器材前的字母）．12．（12分）为了精确测量一电动势约为5V，内阻约为2.5Ω的直流电源的电动势E和内阻r，现在除提供导线若干、开关一个和待测电源外，还提供有如下仪器：A．电流表A(量程为200mA，内阻约为10Ω)B．电流表G1(量程为50mA，内阻约为20Ω)C．电流表G2(量程为20mA，内阻为50Ω)D．定值电阻10ΩE．定值电阻50ΩF．定值电阻150ΩH．滑动变阻器50ΩJ．滑动变阻器500Ω(1)选择合适的仪器，设计的实验电路如图甲所示，电流表A的读数为IA，电流表G的读数为Ig，移动滑动变阻器，测量多组IA和Ig的数据，并以IA为纵轴坐标，以Ig为横坐标描点作图，若得到的图象如图乙所示，对应的关系方程为IA＝kIg＋b，且测量电路中对应的仪器参数如图所示，则b＝____________(用R、R1、R2、Rg、RA、E和r中的某些量表示)；(2)电路中电流表G应选择：______(填“B”或“C”)，若b的数值为0.4，则定值电阻R2应选择：______(填“D”“E”或“F”)，定值电阻R1应选择：______(填“D”“E”或“F”)，滑动变阻器应该选择：______(填“H”或“J”)；在该实验电路中，是否会因为仪表有内阻而产生系统实验误差：______(填“会”或“不会”)．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，匀强电场的场强方向与竖直方向成α角，一带电荷量为q、质量为m的小球，用绝缘细线固定在竖直墙上，小球恰好静止在水平位置.求：(1)小球所带电荷的电性及场强的大小；(2)若将细线突然剪断，小球在电场力和重力作用下做何种性质的运动？加速度为多大？14．（16分）如图所示，在一足够大的空间内存在着水平向右的匀强电场，电场强度大小E=3.0×104N/C．有一个质量m=4.0×10﹣3kg的带电小球，用绝缘轻细线悬挂起来，静止时细线偏离竖直方向的夹角θ=37°．取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80，不计空气阻力的作用．（1）求小球所带的电荷量及电性；（2）如果将细线轻轻剪断，求细线剪断后，小球运动的加速度大小；（3）从剪断细线开始经过时间t=0.20s，求这一段时间内小球电势能的变化量．15．（12分）如图所示，绝缘水平面上的AB区域宽度为d，带正电、电量为q的小滑块以大小为v0的初速度从A点进入AB区域，当滑块运动至区域的中点C时，速度大小为，从此刻起在AB区域内加上一个水平向左的匀强电场，电场强度E保持不变，并且区域外始终不存在电场．（1）若加电场后小滑块受到的电场力与滑动摩擦力大小相等，求滑块离开AB区域时的速度．（2）要使小滑块在AB区域内运动的时间到达最长，电场强度E应满足什么条件？并求这种情况下滑块离开AB区域时的速度．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

根据题设条件可知，场强方向无法确定，知道了ab间电势差，但不能根据E=U/d求出场强的大小．故AC错误．根据匀强电场的电场线与等势线分布的特点可知，cd间电势差必等于ba间电势差，为4V，故B正确．cd间电势差为4V，则知c点电势比d点高4V．故D错误．故选B．2、D【解析】

根据U=Ed可知，在匀强电场中沿电场线方向的距离最大的两点之间的电势差最大，由图可知a点与c点间的电势差最大；故选D.【点睛】注意不是在电场中两点间距离最大的两点电势差最大，而是沿电场线方向距离最大的两点电势差最大.3、A【解析】

AC．金属棒ab以速度v向右作匀速运动，由右手定则判定感应电流的方向由b→a，回路中电流为逆时针方向，再由左手定则判定出安培力的方向向左，A选项正确，C选项错误；BD．利用导线切割式电动势公式和闭合欧姆定律可求解ab两端的电压故B、D选项错误．故选A。4、D【解析】试题分析：根据左手定则，电子射入磁场后受到向左的洛伦兹力，电子往左偏，A错；作出轨迹图，如下，依题意，PB=PO=2d，AB=d，RtΔPAB中，所以电子打在MN上的点与O′点的距离为，BC错误；RtΔPAB中，所以，所以电子在磁场中运动的时间为，D正确．考点：考查了带电粒子在磁场中的运动点评：做此类型的题目一般步骤为，画轨迹，定圆心，求半径；5、B【解析】

A.F的冲量大小为，故A错误B.木箱重力的冲量大小为，故B正确C.地面支持力的冲量不为0，故C错误D.木箱的动量变化率大小等于合外力大小，不为F，故D错误故选B6、A【解析】

I1在P点产生的磁感应强度为：B1I2在P点产生的磁感应强度为：B2由平行四边形定则可知：P点的磁感应强度大小为B=B故应选：A。【点睛】本题是一道信息给予题，认真审题，知道磁感应强度的计算公式、熟练应用安培定则、磁场的叠加原理即可正确解题。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A．它绕地球运行周期等于地球自转周期，所以它每次从南向北经过赤道上空时，都经过地球上同一地点的上空，故A正确；BCD．极地卫星绕地球运行周期等于地球自转周期，极地卫星的轨道平面相对于地球每天转一圈，故BD错误，C正确。8、AD【解析】

A.根据闭合电路的欧姆定律，电压的输出电压：U=E-Ir对照U-I图象，当I=0时，U=E=50V故A正确；B.U-I图象斜率的绝对值表示内电阻，故：故B错误。C.电流为2A时，根据可知，外电路的电阻为20，故C错误。D.输出功率为120W时，对照P-I图象，电流为6A，再对照U-I图象，输出电压为30V，故D正确；9、BC【解析】

根据右手螺旋定则可知，通电导线瞬间，对于左金属框，因矩形金属框内部的磁场比外部强，所以左小线圈有向外的磁通量，且增大；同理，右边金属框也一样，因此左、右小线圈的磁通量均增大，根据楞次定律可知，线圈的感应电流方向都是顺时针方向，再由同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，知两线圈的运动情况是相互远离．故B、C正确，A、D错误．故选BC．10、AD【解析】

因I-U图像的斜率等于电阻的倒数，可知由图乙可知，小灯泡的电阻随电压升高而增大，选项A正确；电路稳定后，电源内部发热消耗的功率I2r=0.22×2W=0.08W，选项B错误；电路稳定后，灯泡两端的电压为UL=E-I(r+R)=3-0.2(2+8)=1V，则灯泡L消耗的电功率为PL=IU=0.2×1W=0.2W，选项C错误；电路稳定后，电源的效率约为，选项D正确；故选AD.【点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律、串并联电路的特点的直接应用，要求同学们能正确分析灯泡的伏安特性曲线，能根据图象读出有效信息．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)11000Ω(2)电路图如图所示；(3)BC【解析】（1）根据串并联电路规律可知，；

（2）根据题意可知，要画出对应的伏安特性曲线应采用分压接法，同时因电流表内阻较小，故应；故采用电流表外接法；如图；

③电源电动势为6V，电阻约为120Ω；则电流约为：=0.5A；故电流表选择B；因采用分压接法，故滑动变阻器选择总阻值较小的C；12、ER2+rCDFH【解析】

（1）由图甲所示电路图，根据闭合电路欧姆定律可知，电源电动势：E=Ig（Rg+R1）+（Ig+IA）（R2+r）

则：I图象对应的关系方程为IA=k

Ig+b，则：b=ER2+r，

由题意可知，电流表G应选择内阻已知的C；电源电动势约为5V，内阻约为2.5Ω，b的数值为0.4，则电路中定值电阻R2应选择D；定值电阻R1应选择阻值为150Ω的F，这样在电流计G和R1两端最大可承受0.02×（50+150）V=4V四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）小球带负电；E=mg（2）将细线突然剪断，小球将做初速度为零的匀加速直线运动；a=gtan【解析】试题分析：（1）根据受力分析（如图），小球带负电．mg＝Eqcosα∴E=（2）初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可知：ma="mgtanα"解得a=gtanα考点：物体的平衡；牛顿第二定律.14、（1）1.0×10﹣6C，正；（2）12.5m/s2；（3）4.5×10﹣3J【解析】

试题分析：（1）小球处于静止状态，分析受力，根据电场力与场强方向的关系判断电性．（2）将细线突然剪断小球将沿细线方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律列式求解加速度；（3）根据运动学公式求解出小球的位移；然后根据电势能的减小量等于电场力的功列式求解．解：（1）小球受到重力mg、电场力F和绳的拉力T的作用，由共点力平衡条件有：F=qE=mgtanθ解得：q==1.0×10﹣6C电场力的方向与电场强度的方向相同，故小球所带电荷为正电荷；（2）剪断细线后，小球做匀加速直线运动，设其加速度为a，由牛顿第二定律有：=ma解得：a==12.5m/s2（3）在t=0.20s的时间内，小球的位移为：l==0.25m小球运动过程中，电场力做的功为：W=qElsinθ=mglsinθtanθ=4.5